1、专题三 主攻点之（三）第一课时一、选择题1控制棉花纤维长度的三对等位基因A/a、B/b、C/c对长度的作用相等，分别位于三对同源染色体上。已知基因型为aabbcc的棉花纤维长度为6 cm，每个显性基因增加纤维长度2 cm。棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交，则F1的棉花纤维长度范围是()A614 cmB616 cmC814 cmD816 cm解析：选C棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交，F1中至少含有一个显性基因A，长度最短为8 cm，含有显性基因最多的基因型是AaBBCc，长度为14 cm。2(2019海安中学期中)豌豆子叶的黄色(Y)，圆粒种子(R)均为显性
2、。两种豌豆杂交的子一代表现型如图所示。让子一代中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，子二代的性状分离比为( )A2121B9331C1111D3131解析：选A根据柱形图F1比例用逆推法推出亲本基因型，再根据亲本基因型用正推法推出F1中黄色圆粒豌豆的基因组成及比例，最后根据F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交实验用分解组合法进行性状分离比计算。根据图形分析可知，圆粒皱粒31，说明两亲本的相关基因型是Rr、Rr；黄色绿色11，说明两亲本的相关基因型是Yy、yy，即两亲本的基因型为YyRr、yyRr，则F1中的黄色圆粒豌豆(基因型为1/3YyRR、2/3YyRr)与绿色皱粒豌豆(基因型为yyrr)杂交
3、，F2绿色出现的概率为1/2，皱粒出现的概率为2/31/21/3，所以F2的圆粒皱粒21，黄色绿色11，故F2的表现型及比例为黄色圆粒黄色皱粒绿色圆粒绿色皱粒2121。3桃树的基因D、d和T、t是位于两对同源染色体上的等位基因，在不同情况下，下列叙述符合因果关系的是()A进行独立遗传的DDTT和ddtt杂交，F1自交，则F2中能稳定遗传的个体占1/16B后代的表现型数量比为1111，则两个亲本的基因型一定为DdTt和ddttC基因型为DDtt的桃树枝条嫁接到基因型为ddTT的植株上，自花传粉后，所结果实中的胚的基因型为DDttD基因型为ddTt的个体，如果产生的配子中有dd的类型，则一定是在减
4、数第二次分裂过程中发生了染色体变异解析：选CA项中，能稳定遗传的个体占1/4；B项中，DdttddTt的后代其表现型比例也是1111；D项中，其变异也可能发生在减数第一次分裂过程中。4若下图表示孟德尔揭示两个遗传定律时所选用的豌豆实验材料及其体内相关基因控制的性状、显隐性及其在染色体上的分布。下列相关叙述正确的是()A丁个体DdYyrr自交子代会出现四种表现型，比例为9331B甲、乙图个体减数分裂时可以恰当地揭示孟德尔自由组合定律的实质C孟德尔用丙YyRr自交，其子代表现为9331，此属于假说演绎的验证假说阶段D孟德尔用假说演绎法揭示基因分离定律时，可以选甲、乙、丙、丁为材料解析：选D丁个体D
5、dYyrr自交，由于D、d和Y、y在同一对染色体上，所以子代基因型及比例为YYDDrrYyDdrryyddrr121，即子代会出现2种表现型，比例为31；甲、乙图个体基因型中只有1对基因是杂合的，所以减数分裂时不能恰当地揭示孟德尔自由组合定律的实质；孟德尔用YyRr与yyrr测交，其子代表现为1111，此属于验证阶段；甲、乙、丙、丁中都至少含有一对等位基因，因此甲、乙、丙、丁都可做为揭示基因分离定律的材料。5(2019南通调研)图1是某单基因遗传病相关系谱图，图2是对该家系中14号个体进行相关基因检测(先以某种限制酶切割样品DNA，再进行电泳)，得到的电泳结果(电泳时不同大小的 DNA片段移动
6、速率不同)，已知编号a对应的样品来自4号个体。下列相关叙述错误的是()编号abcd条带1条带2条带3图2A根据图1可确定该病属于常染色体隐性遗传B结合图1、2分析，可知致病基因内部存在相关限制酶的1个切点C5号一定是杂合子，8号与5号基因型相同的概率为1/3D9号与该病基因携带者结婚，生一个正常男孩的概率为5/12解析：选C由图1中4号为患者，其父母1和2号正常，可判断该病是常染色体隐性遗传病(如果是伴X隐性遗传，父亲1号正常则其女儿都应正常，但实际上4号患病，所以该病是常染色体隐性遗传病)；图2中编号a对应的样品来自4号个体，4号个体只含有致病基因，而编号a含有条带2和条带3(相当于两个DN
7、A片段)，由此可推知致病基因内部存在相关限制酶的1个切点；7号患病，5号和6号正常，所以5号和6号一定都是杂合子(设为Aa)。由5号和6号的基因型可推知正常个体8号的基因型是1/3AA或2/3Aa，故8号与5号基因型都是Aa的概率是2/3；9号的基因型为1/3AA或2/3Aa,9号与该病基因携带者(Aa)结婚，生一个正常男孩的概率为(12/31/4)1/25/12。6(2016全国卷)用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白
8、花为302株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是()AF2中白花植株都是纯合体BF2中红花植株的基因型有2种C控制红花与白花的基因在一对同源染色体上DF2中白花植株的基因型种类比红花植株的多解析：选D本题的切入点在“若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株”上，相当于测交后代表现出13的分离比，可推断该相对性状受两对等位基因控制，且两对基因独立遗传。设相关基因为A、a和B、b，则A_B_表现为红花，A_bb、aaB_、aabb表现为白花，因此F2中白花植株中既有纯合体又有杂合体；F2中红花植株的基因型有AaBb、AABB、AaBB、AA
9、Bb 4种；控制红花与白花的两对基因独立遗传，位于两对同源染色体上；F2中白花植株的基因型有5种，红花植株的基因型有4种。7(2019如皋中学模拟)蚕的黄色茧(Y)对白色茧(y)是显性，抑制黄色出现的基因(I)对黄色出现的基因(i)是显性。两对基因独立遗传，现用基因型为YyIi的雌雄蚕交配，后代中白色茧对黄色茧的比例是( )A31B133C11D151解析：选B本题考查基因的组合规律中特殊比例。根据题意可知基因型为Y_I_、Y_ii、yyI_、yyii的个体表现型分别为白茧、黄茧、白茧、白茧，基因型为YyIi的雌雄蚕交配，后代产生了9Y_I_、3Y_ii、3yyI_、1yyii，因此对应的表现
10、型为133。8(2019全国卷)某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株(植株甲)进行了下列四个实验。让植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为11用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为31其中能够判定植株甲为杂合子的实验是()A或B或C或D或解析：选B实验中植株甲自交，子代出现了性状分离，说明作为亲本的植株甲为杂合子。实验中植株甲与另一具有相同性状的个体杂交，后代出现31的性状分离比，说明亲本均为杂合子。在相对性状的显隐性不确定的情况下，无法依据实验、判定植株甲
11、为杂合子。9(2019全国卷 )假设在特定环境中，某种动物基因型为BB和Bb的受精卵均可发育成个体，基因型为bb的受精卵全部死亡。现有基因型均为Bb的该动物1 000对(每对含有1个父本和1个母本)，在这种环境中，若每对亲本只形成一个受精卵，则理论上该群体的子一代中BB、Bb、bb个体的数目依次为()A250、500、0B250、500、250C500、250、0D750、250、0解析：选A基因型为Bb的个体产生的配子种类及比例为Bb11，若两亲本的基因型都为Bb，则产生的受精卵的基因型及比例为BBBbbb121，则理论上1 000个受精卵发育形成的个体中BB、Bb、bb个体的数目依次为25
12、0、500、250，而在该特定环境中，基因型为bb的受精卵全部死亡，故A项正确。10关于孟德尔的豌豆遗传学实验，下列说法错误的是()A选择豌豆是因为自然条件下豌豆是纯合子，且有易于区分的相对性状B杂交实验时，对母本的操作程序为去雄套袋人工授粉套袋C孟德尔首先提出假说，并据此开展豌豆杂交实验并设计测交进行演绎D在对实验结果进行分析时，孟德尔用了数学统计学的方法解析：选C孟德尔在豌豆杂交实验的基础上提出假说，并设计测交进行验证。11(2019淮阴中学等七校联考，多选)某植物的紫花与红花是一对相对性状，且是由单基因(D、d)控制的完全显性遗传，现有一株紫花植株和一株红花植株作实验材料，设计如下表所示
13、实验方案以鉴别两植株的基因型。下列有关叙述正确的是()选择的亲本及交配方式预测子代表现型推测亲代基因型第一种：紫花自交出现性状分离第二种：紫花红花全为紫花DDddA.两组实验中，都有能判定紫花和红花的显隐性的依据B全为紫花，的基因型为DDDdC紫花和红花的数量之比为31，为DdddD的基因型为Dd，判定依据是子代出现性状分离，说明亲代有隐性基因解析：选AD第一种子代出现性状分离，则紫花为显性，第二种子代全为紫色，则紫色为显性，A正确；全为紫花，由于是自交，的基因型为DDDD，B错误；紫花和红花的数量之比为11，为Dddd，C错误；子代出现性状分离，说明亲代有隐性基因，的基因型为Dd, D正确。
14、12(2019苏锡常镇四市联考，多选)绵羊群中，基因型为HH的个体表现为有角，基因型为hh的个体表现为无角，基因型为Hh的个体，公羊表现为有角，母羊表现为无角。现将一头有角公绵羊与一头无角母绵羊交配，F1中公羊均有角，母羊均无角。让F1中的公羊与母羊随机交配获得F2，F2的公羊中有角羊占3/4，母羊中有角羊占1/4。下列有关叙述正确的是()AF1中公羊与母羊基因型相同BF2中无角公羊与无角母羊比例相同C若将F2中有角公羊与有角母羊交配，所得子代中有角羊占5/6D若将F2中有角公羊与无角母羊交配，所得子代有角中纯合有角羊占4/9解析：选ACD根据题意分析，有角公绵羊的基因型为HH或Hh，无角母绵
15、羊的基因型为Hh或hh，F1中公羊均有角，说明后代基因型没有hh；母羊均无角，说明后代基因型没有HH，因此亲代基因型为HH和hh，子代公羊与母羊基因型都为Hh。让F1中的公羊与母羊随机交配获得F2，基因型及其比例为HHHhhh121，则F2中无角公羊(hh)的比例为1/8，无角母羊(Hh或hh)比例为3/8。若将F2中有角公羊(1/3HH、2/3Hh)与有角母羊(HH)交配，后代基因型及其比例为HHHh21，因此后代无角母羊的比例为1/6，所以子代中有角羊占5/6。若将F2中有角公羊(1/3HH、2/3Hh)与无角母羊(1/3hh、2/3Hh)交配，后代基因型及其比例为HHHhhh(2/31/
16、3)(2/32/31/31/3)(1/32/3)252，因此所得子代有角中纯合有角羊占2/9(2/95/91/2)4/9。二、非选择题13(2019苏州期初调研)已知果蝇的眼色同时受位于号和号染色体上两对等位基因(A、a和B、b)控制，基因与性状的关系如下图。请分析回答问题：(1)由图可知，无色眼的基因型是_，猩红色眼对应的基因型有_种。 (2)由图可知，基因数量与生物性状之间的关系为_。 (3)某同学对果蝇的眼色进行了调查，绘制的遗传系谱图如下，其中1的基因型为AAbb。2的基因型是_，3为纯合子的概率是_。 若让6与7多次交配并产生足够多的后代(F1)，则后代(F1)共有_种基因型，_种表
17、现型；F1猩红色眼中纯合子所占比例是_；若让9与10交配，则产生猩红色眼个体比例为_。 解析：(1)由图可知，无色眼的基因型为aabb；猩红色眼的基因型为A_bb和aaB_，共4种。(2)图中性状是由2对等位基因共同控制的。(3)9基因型为aabb，6基因型为AaBb，因为1基因型为AAbb，所以2基因型为aaBB或aaBb；8基因型为aabb，3基因型为aaBb或Aabb，为纯合子的概率为0。7的基因型为AaBb，6与7后代基因型共9种、3种表现型；子代猩红色眼(aaB_、A_bb)的概率为6/16，其中纯合子AAbb和aaBB占2/166/161/3；9基因型为aabb，10基因型为A_b
18、b或aaB_，后代猩红色眼的概率为12/31/22/3。答案：(1)aabb4(2)一种性状可能由两对(或多对)基因共同控制(3)aaBb或aaBB0931/32/314(2018全国卷)某小组利用某二倍体自花传粉植物进行两组杂交实验，杂交涉及的四对相对性状分别是：红果(红)与黄果(黄)、子房二室(二)与多室(多)、圆形果(圆)与长形果(长)、单一花序(单)与复状花序(复)。实验数据如下表。组别杂交组合F1表现型F2表现型及个体数甲红二黄多红二450红二、160红多、150黄二、50黄多红多黄二红二460红二、150红多、160黄二、50黄多乙圆单长复圆单660圆单、90圆复、90长单、160
19、长复圆复长单圆单510圆单、240圆复、240长单、10长复回答下列问题：(1)根据表中数据可得出的结论是：控制甲组两对相对性状的基因位于_上，依据是_；控制乙组两对相对性状的基因位于_(填“一对”或“两对”)同源染色体上，依据是_。(2)某同学若用“长复”分别与乙组的两个F1进行杂交，结合表中数据分析，其子代的统计结果不符合_的比例。解析：(1)由于表中数据显示，甲组F2的表现型及比例为红二红多黄二黄多 9331，该比例符合基因的自由组合定律的性状分离比，所以控制甲组两对相对性状的基因位于非同源染色体上。乙组F2的表现型中，每对相对性状表现型的比例都符合31，即圆形果长形果31，单一花序复状
20、花序31。而圆单圆复长单长复不符合9331的性状分离比，其遗传不符合自由组合定律，所以控制乙组两对相对性状的基因位于一对同源染色体上。(2)根据乙组的相对性状表现型分离比可知，控制乙组两对相对性状的基因位于一对同源染色体上，所以用“长复(隐性纯合子)”分别与乙组的两个F1进行杂交，不会出现测交结果为1111的比例。答案：(1)非同源染色体F2中两对相对性状表现型的分离比符合9331一对F2中每对相对性状表现型的分离比都符合31，而两对相对性状表现型的分离比不符合9331(2)111115在某种家鸡中，羽毛颜色是由两对等位基因A、a和B、b控制，当基因B存在时，基因A的作用则不能显示出来。现有两
21、组该品种的白羽家鸡杂交，F1都为白羽，让F1家鸡雌雄个体自由交配，F2中出现了白羽和有色羽鸡两种类型，其比例为133。回答下列问题：(1)两对基因A、a和B、b的遗传遵循_定律，白羽鸡的基因型共有_种。(2)在F2中，白羽鸡中能稳定遗传的个体占_；若F2中有色羽的雌雄个体自由交配，后代的纯合子所占比例为_。(3)若对F1的白羽鸡进行测交，后代的表现型及其比例_。(4)若用F1白羽鸡与F2中的有色羽鸡杂交，理论上后代有色羽鸡中纯合子所占比例为_。解析：(1)由题干信息可知，F1家鸡雌雄个体自由交配，F2中出现组合为16的分离比，说明控制羽毛颜色的两对等位基因A、a和B、b遵循基因的自由组合定律，
22、且F1基因型为AaBb，F2的基因型有9种，由于当基因B存在时，基因A的作用则不能显示出来，所以基因型为AAbb和Aabb表现型为有色羽，白羽鸡的基因型有7种。(2)F2的白羽鸡的基因型为A_B_、aaB_、aabb，其中纯合子有AABB、aaBB、aabb三种，占F2的白羽鸡3/13；F2有色羽的基因型为1/3AAbb、2/3Aabb，可产生的配子种类及比例为2/3Ab、1/3ab，若F2中有色羽的雌雄个体自由交配，后代的杂合子Aabb占4/9，纯合子占 5/9。(3)F1AaBb的白羽鸡进行测交，后代基因型及比例为AaBbAabbaaBbaabb1111，表现型及比例为白羽有色羽31。(4)F1白羽鸡基因型为AaBb，与F2中的有色羽鸡(基因型为1/3AAbb、2/3Aabb)杂交，杂交组合AaBb1/3AAbb，有色羽鸡(A_bb)的比例为1/31/2；杂交组合AaBb2/3Aabb，有色羽鸡(A_bb)的比例为2/33/41/2，F1白羽鸡与F2中的有色羽鸡杂交，产生的后代有色羽鸡(A_bb)的概率为1/31/22/33/41/25/12，有色羽鸡中纯合子(AAbb)的概率为1/21/21/31/41/22/32/12，即有色羽鸡中纯合子占2/5。答案：(1)基因自由组合7(2)3/135/9(3)白羽有色羽31(4)2/58