1、章末综合测评(五)(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1.kg和s是国际单位制中两个基本单位的符号，这两个基本单位对应的物理量是()A.质量和时间B.质量和位移C.重力和时间 D.重力和位移【解析】kg和s即千克和秒，对应的基本物理量是质量和时间，A选项正确.【答案】A2.伽利略创造性地把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展.利用如图1所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静
2、止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升.斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3.根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是() 【导学号：43212275】图1A.如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小【解析】根据题意，铺垫材料粗糙程度降低时，小球上升的最高位置升高，当斜面绝对光滑时，小球在斜面上没有能量损失，因此可以上升到与O点等高的位置，而B、C、D三个选项，从题目不能直接得出，所以
3、，选项A正确.【答案】A3.下面说法正确的是()A.物体所受合外力越大，加速度越大B.物体所受合外力越大，速度越大C.物体在外力作用下做匀加速直线运动，当合外力逐渐减小时，物体的速度逐渐减小D.物体的加速度大小不变一定受恒力作用【解析】根据牛顿第二定律，物体受的合外力决定了物体的加速度，而加速度大小和速度大小无关，A对，B错；物体做匀加速运动说明加速度方向与速度方向一致，当合外力减小但方向不变时，加速度减小但方向也不变，所以物体仍然做加速运动，速度增加，C错误；加速度是矢量，其方向与合外力方向一致，加速度大小不变，若方向发生变化，合外力方向必然变化，D错误.【答案】A4.某跳水运动员在3 m长
4、的踏板上起跳，我们通过录像观察到踏板和运动员要经历如图2所示的状态，其中A为无人时踏板静止点，B为人站在踏板上静止时的平衡点，C为人在起跳过程中人和踏板运动的最低点，则下列说法正确的是 () 【导学号：43212276】图2A.从C到B的过程中，踏板对人的支持力大于人对踏板的压力，从B到A的过程中，踏板对人的支持力小于人对踏板的压力B.在B点踏板对人的支持力与人对踏板的压力是一对平衡力C.人和踏板由C到A的过程中，人处于超重状态D.人和踏板由C到A的过程中，先超重后失重【解析】支持力与压力是一对相互作用力，大小相等，故A、B错误；人和踏板由C到B的过程中，弹力大于重力，加速度向上，人处于超重状
5、态，从B到A的过程中，重力大于弹力，加速度向下，处于失重状态，故C错误，D正确.【答案】D5.一物块静止在粗糙的水平桌面上.从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用.假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力.以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小.能正确描述F与a之间关系的图像是() 【导学号：43212277】 A.B.C.D.【解析】物块的受力如图所示，当F不大于最大静摩擦力时，物块仍处于静止状态，故其加速度为0；当F大于最大静摩擦力后，由牛顿第二定律得FNma，即FNma，F与a成线性关系.选项C正确.【答案】C6.(多选)在电梯中，把一重物置于台秤上，台秤与力的传感器
6、相连，当电梯从静止加速上升，然后又匀速运动一段时间，最后停止运动；传感器的屏幕上显示出其受的压力与时间的关系图像，如图3所示，则 () 【导学号：43212278】图3A.电梯启动阶段约经历了2.5 s的加速上升过程B.电梯在启动阶段约经历了4 s加速上升过程C.电梯的最大加速度约为6.7 m/s2D.电梯的最大加速度约为16.7 m/s2【解析】由图可看出：电梯在04 s加速上升，418 s匀速上升，1822 s减速上升，所以A错，B对；最大加速度a m/s26.7 m/s2，故C对，D错.【答案】BC7.(多选)如图4，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S
7、2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O.整个系统处于静止状态.现将细线剪断.将物块a的加速度的大小记为a1，S1和S2相对于原长的伸长分别记为l1和l2，重力加速度大小为g.在剪断的瞬间() 【导学号：43212279】图4A.a13g B.a10C.l12l2 D.l1l2【解析】剪断细线前，把a，b，c看成整体，细线上的拉力为T3mg.因在剪断瞬间，弹簧未发生突变，因此a、b、c之间的作用力与剪断细线之前相同.则将细线剪断瞬间，对a隔离进行受力分析，由牛顿第二定律得：3mgma1得a13g，A正确，B错误.由胡克定律知：2mgkl1，mgkl2，所以l12l2，C正确，D错误.【答案】A
8、C8.如图5所示，传送带的水平部分长为L，传动速率为v，在其左端无初速度释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为，则木块从左端运动到右端的时间可能是()【导学号：43212280】图5A. B.C. D.【解析】因木块运动到右端的过程不同，对应的时间也不同，若一直匀加速至右端，则Lgt 2，可得t，C正确；若一直加速到右端时的速度恰好与传送带速度v相等，则Lt，可得t，D正确；若先匀加速到传送带速度v，再匀速到右端，则v(t)L，可得t，A正确；木块不可能一直匀速至右端，B错误.【答案】ACD二、非选择题(共4小题，共52分.按题目要求作答.)9.(12分)在“探究物体运动加速度与外力关系
9、”实验中 【导学号：43212281】图6(1)根据测得的数据作出aF图线，若作出的aF图线如图6甲所示，这是由_造成的，若作出的aF图线如图乙所示，这是因_造成的.A.在平衡摩擦力时，把长木板的末端抬得过高了B.由于砂及砂桶质量远远小于小车的质量C.由于砂及砂桶质量较大，不能很好满足远远小于小车的质量造成的D.实验前没有平衡摩擦力(2)某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装如图丙所示，请你指出该装置中的错误或不妥之处(只要指出二处错误或不妥之处即可)._.【解析】(1)aF图像不过原点，图中当F0时，a0.也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，
10、所以原因是实验前木板右端垫得过高，即平衡摩擦力过度导致，故选A.图线上部弯曲，即当拉力较大时加速度与砂和砂桶重力不成正比，这是由于没有满足小车质量M远大于砂和砂桶质量m造成的，故选C.故选A，C(2)打点计时器使用的是交流电，电源应该是46 V交流电；小车应该停靠在打点计时器附近，以提高纸带的使用效率；没有抬起木板右端用来平衡摩擦力.【答案】(1)A，C(2)电源应该是46 V交流电；小车应该停靠在打点计时器附近.10.(12分)如图7所示，装置中OA、OB是两根轻绳，AB是轻杆，它们构成一个正三角形，在A、B两处分别固定质量均为m的小球，此装置悬挂在O点，开始时装置自然下垂.现对小球B施加一
11、个水平力F，使装置静止在如图所示的位置，此时OA竖直.求：图7(1)轻绳OA的拉力大小；(2)拉力F的大小.【解析】(1)图中AB是轻杆.无作用力，轻绳OA的拉力大小为FA，则FAmg.(2)B球受重力、OB绳拉力和水平力F三力作用而处于平衡状态tan 30Fmg.【答案】(1)mg(2)mg11.(14分)物体以14.4 m/s的初速度从斜面底端冲上倾角为37的斜坡，到最高点后再滑下，如图8所示.已知物体与斜面间的动摩擦因数为0.15，求：图8(1)物体沿斜面上滑的最大位移；(2)物体沿斜面下滑的时间.(已知sin 370.6，cos 370.8)【解析】(1)上滑时加速度大小设为a1，由牛
12、顿第二定律得：mgsin 37 mgcos 37ma1解得a17.2 m/s2上滑最大位移为s代入数据得s14.4 m.(2)下滑时加速度大小设为a2，由牛顿第二定律得：mgsin 37mgcos 37ma2解得a24.8 m/s2由sa2t 2得下滑时间t s.【答案】(1)14.4 m(2) s12.(14分)如图9所示，质量为m的物体A放在倾角为37的斜面上时，恰好能匀速下滑，现用细线系住物体A，并平行于斜面向上绕过光滑的定滑轮，另一端系住物体B，物体A恰好能沿斜面匀速上滑，求： 【导学号：43212282】图9(1)物体A和斜面间的滑动摩擦因数；(2)物体B的质量.【解析】(1)当物体A沿斜面匀速下滑时，受力图如图甲：根据共点力平衡条件，有：fmgsin Nmgcos 其中：fN联立解得：tan 370.75(2)当物体A沿斜面匀速上滑时，受力图如图乙：A物体所受摩擦力大小不变，方向沿斜面向下沿斜面方向的合力为0，故：TAfmgsin 对物体B：TBmBg 由牛顿第三定律可知：TATB由以上各式可求出：mB1.2m【答案】(1)0.75(2)1.2m