1、广东省东莞广州惠州深圳珠海及中山2023-2024届高三第二次六校联考试题物理（满分：100分，时间：75分钟）一、单项选择题：（本大题共7小题，每小题4分，共28分。每小题给出的四个选项中只有一项满足题目要求，选对得4分；不选、错选或多选不得分。）1 图甲是水上乐园里的“波浪滑梯”，图乙是它的简化模型它由四段长度相同的光滑斜面组合而成，其中 ab平行千cd,be平行于de,设一物体从a点由静止开始下滑，到达e点，物体在经过各段连接处时速度大小不会突变下列选项正确的是（）尸eb-a 甲乙A物体在cd段的加速度大于在be段的加速度B物体在cd段的速度增加虽等于在ab段的速度增加扭C物体的重力在c
2、d段做的功等千在ab段做的功D物体在c点与e点的速度满足：Ve=Ve 2 2狗拉雪橇在水平的雪地上行驶，其中 一段可看作是匀速圆周运动F表示狗对雪橇的拉力，f表示地面对雪橇的滑动摩擦力下列对雪橇受力分析正确的是（厂.;（1 F_.-.护.孕左护，左f.,又Ff人，F，A B C D 3.如图所示，两个长度相同的轻绳在中点处垂直交叉形成一个绳兜，重力为G的光滑球静置于“绳兜”中绳端挂于0点静止，A、B、CD为每根绳与球面相切的点，OA=OB=OC=OD=2R,R为球的半径，则OA绳中的拉力大小为（石A-G C.一G、丿G$4BGl一4D 4一架无人机某次飞行的轨迹如图所示，轨迹abcde是在竖宜
3、平面内一条光滑曲线，若此次飞行中飞机的速率近似保持不变，b点和d点分别为轨迹的最低点和 最高点，则下列说法正确的是（）A 飞机在 b点所受合外力沿水平向右B 飞机在b点受到的升力大于在c 点受到的升力C从b点到d点的飞行中，飞机的水平速度大小不变D从b点到d点的飞行中，飞机一直处于超重状态、d、尸，噜-一、，c、-一一心、，V,b，、5 如图所示，某家用小汽车的车轮直径为 80cm,一个质呈为10-3 kg 的小石块 A 卡在轮胎边缘的花纹中，当该车以72k.m/h的速度在平直公路上正常行驶时，小石块因车轮转动而受到的向心力大约是()A.O.OlN B.O.OSN C.0.5N D.lN6足球
4、运动员训练罚点球，足球放置在球门中央的正前方 0点两次射门，足球先后打在水平横梁上的a、b两点，a为横梁中点，如图所示若足球两次击中横梁时的速度方向均沿水平方向，不计空气的作用（）A若足球从0点运动到a、b的时间分别为t1和t2，则t1t2B若足球击中a、b点的速度分别为 n 和V2,则V1=v2c 若先后两次足球被踢出时的速度分别为Vo1和Vo2,则Vo1l)重力加速度为 g,不计一切空气阻力某同学使用以下三种方式将球从筒内取出：(l)方式一：甩，如图甲所示 手握球筒底部，使羽毛球在竖直平而内绕 0 点做半径为 R 的圆周运动 当球筒运动至竖直朝下时，羽毛球恰要相对球筒滑动，求此时球筒的角速
5、度；(2)方式二：敲，如图乙所示手握球筒向下运动，使球筒以一定速度撞击桌面，球筒撞到桌面后不再运动，而羽毛球恰好能滑至球头碰到桌面 若已知运动的初速度为 0,起始高度为，求此过程手对球简所做的功；(3)方式三：落”，如图丙所示让球简从离地 h 高处由静止释放，已知：k=4,M=8m,且球筒撞击地面后反弹的速度大小始终为撞击前的若要求在球筒第一次到达最高点以后，羽毛球从球筒中滑出，求h应满足怎样的取值范围？（不考虑球筒和地面的多次碰撞）、,，,R-个|、心,-一,劝,_已夕，L Sj-丁h_甲乙丙高三物理参考答案与评分标准一、选择题l 2 3 4 5 6 7 8 9 10 C A A B D C
6、 B AC AC BCD 11.(l)BCD(2分，少选且正确的得1分）(2)分别虽出节点0与A、B、C点的距离(1分）；与第三个力几乎等大反向(1分）12.as=S.13(2分）作图，如图所示(2分，未和坐标轴相交的扣 l分）mg-(Mg-mg)=Ma(2分）表达式：b.,.g+b=，M=;g kg 测呈值：=0.22(O.l 70.27算对）（每空2分）。(m-s2)Q 5 3 2.I.0。mg(N)13.(I)设月球表面的重力加速度为 g 月，由竖直上抛运动公式：T-2v。g月(2分）在月球表面质呈为m的物体的重力：G Mm mg月 R2?M 2v R-GT(2分）联立可得：(1分）（第
7、一小问共5分）(2)月表第一宇宙速度即为近月环绕速度，在月面附近万有引力提供向心力：V 2 mgn=m-;:;R(2分）可解得第一宇宙速度 V:v 唇(1分）（第二小问共3分）14.(1)0-0.4s 内对小球受力分析如图所示，根据 F sin 53 mg cos 53,杆对小球的弹力 N 垂直于滑轨向下、即小球和滑轨的下表面接触，故小球会受摩擦力于是有：F cos 37=mg sin 37+N，、l，、F sin37+mg cos 37-N=ma mg 可解得：a=l2.5m/s2（第一小问共3分）(2)解法一：t=0.4s 时，小球的速度大小为v!，且：v1=at=5m/s(1 分）(1分
8、）(1分）(1分）t=0.4s 以后，F 改为水平向右，小球受力分析如图所示，滑轨对小球的弹力 N 垂直于滑轨向上，即小球和滑轨的下表面接触，故小球不受睬擦力N=F cos37+mgsin37可解得：N=20N 因为：F sin 37=mg cos 37,故小球将在滑轨上做匀速直线运动分）小球滑至B点时的速度：vi=VJ=5m/s（第二小问共4分）解法二：t=0.4s 时，小球的速度大小为vI，且：v1=at=Sm.ls、N,，F 将 F 与 mg 合成，合力 F 方向恰好垂直于滑轨小球匀速下滑，故：且N=F=.j(mg)2+F2=20N 小球滑至B点时的速度：（第二小问共4分）vi=Vt=5
9、m/s(1分）(1(1分）(1 分）(1 分）(1分）(1分）(3)解法一：小球滑出轨道后，由于N 消失，F 的大小方向恒定不变，故小球做初速度为v2的类平抛运动，在垂直于力的方向上：“二厂：，I,，、，、，水平地面,，”“”“”“”“”“”“”“/F合.j(mg)2+F2=ma yl 2 s=-at y-2-y2 由动能定理，可得：(1 分）(1分）联立可解得：（第三小问共5分）1 2 F*Sv=Ek-mv,L2 fa=30J(2分）(1分）解法二：由运动的独立性可知，小球滑出轨道后竖直方向和水平方向分别做匀变速直线运动竖直方向：水平方向：v0y=v2cos37 =4m/s Vy=V。),g
10、t=7m/sv0 x=v2 sin37=3 mis F 40 ax=m/s2m 3 vx=Vox-axt3=-mis 故落地时的动能：E l k=了产解得：fa=30J（第三小问共5分）15.(l)当球简运动至竖直朝下时，以羽毛球为研究对象，受力分析有：f-mg=mR矿将f=kmg 代入可得：沪尸尸（第一小问共3分）(1分）(l分）(1分）(1分）(I分）(2分）(1分）(2)以球简和羽毛球整体为研究对象，设手对其做功为w,整体碰到桌面时的速度为V,在向下运动过程中由动能定理，有：1 _ I W+(m+M)g-L=(m+M)v22 2 以羽毛球为研究对象，它在球筒内减速下滑至桌面，由动能定理：
11、联立可得：1 mg(L-d)寸(L-d)=O-mv2W=（m+M)g（K-lXL-:)左）（第二小问共5分）(2分）(2分）(1分）(3)羽毛球和球简从 h 处自由下落，触地瞬间的速度满足：讨 2ghe-此后 m 以初速度 Vo向下做匀减速运动，M以 v。/4向上做匀减速运动，在二者达到共速之前的过程中，对于 m,由牛顿第二定律方程：可解得：对于 M，由牛顿第二定律方程：可解得设 M 第一次运动至最高点的时间为 to 满足：kmg-mg=ma1 a1=3g kmg+Mg=Ma2 3 a产gl 4-V。=a1to 即：t凶。6g 选向下为正方向，设二者在 t1 时刻达到共速，则 l1 满足：V。
12、-altl=-V。+a2tI4 可解得：t 5v。18g由 tof12to 可知，二者在 M 第次到达最高点以后下落过程中达到共速，若恰好在共速时刻m滑出，二者的相对位移为L，即：l l l V。tl-alt12一(-V。t1+;a心L2 4 2（此处若直接由 v-t 图像面积得出位移关系，也给分）联立式可得 h 的最小值：若m恰好在 to 时刻滑出，即：联立式可得h的最大值：故 h 应满足72 h1=-;:;L2.9L 25 l l l V。t。-alt;(呫 a心L2 4 2 24 h2=L心4L7 72 _.24 L h L（或 2.9Lh3.4L)25 7（第三小问共 10 分，CD-式各 1 分）C
