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2018年高考数学(理)总复习高考达标检测(四十五)二项式定理命题3角度——求系数、定特项、会赋值 WORD版含答案.doc

1、高考达标检测(四十五)二项式定理命题3角度求系数、定特项、会赋值一、选择题1.3的展开式中的常数项为()A12B12C6 D6解析:选A由题意可得,二项展开式的通项为Tr1C(x2)3rr(2)rCx63r,令63r0,得r2,3的展开式中的常数项为T21(2)2C12,故选A.2(2017商丘月考)在(1x)5(1x)6(1x)7(1x)8的展开式中,含x3的项的系数是()A74 B121C74 D121解析:选D展开式中含x3项的系数为C(1)3C(1)3C(1)3C(1)3 121.3(2017唐山一模)3展开式中的常数项为()A8 B12C20 D20解析:选C36,Tr1Cx6rrC

2、(1)rx62r,令62r0,得r3,常数项为C(1)320.4(x2)2(1x)5中x7的系数与常数项之差的绝对值为()A5 B3C2 D0解析:选A常数项为C22C4,x7系数为CC(1)51,因此x7系数与常数项之差的绝对值为5.5若m的展开式中二项式系数之和为128,则展开式中的系数是()A21 B21C7 D7解析:选A由题意可知2m128,m7,展开式的通项Tr1C(3x)7rrC37r(1)rx7,令7r3,解得r6,的系数为C376(1)621,故选A.6已知a2cosdx,则二项式5的展开式中x的系数为()A10 B10C80 D80解析:选Da2cosdx2sin2,展开式

3、的通项为Tr1 C(2)rx103r,令103r1,则r3,T4C(2)3x80x.7190C902C903C(1)k90kC9010C除以88的余数是()A1 B1C87 D87解析:选B190C902C(1)k90kC9010C(190)108910(881)108810C889C881,前10项均能被88整除,余数是1.8设(1x)na0a1xa2x2anxn,若a1a2an63,则展开式中系数最大的项是()A15x2 B20x3C21x3 D35x3解析:选B(1x)na0a1xa2x2anxn,令x0,得a01.令x1,则(11)na0a1a2an64,n6,又(1x)6的展开式二项

4、式系数最大的项的系数最大,(1x)6的展开式系数最大的项为T4Cx320x3.二、填空题9若a1(x1)4a2(x1)3a3(x1)2a4(x1)a5x4,则a2a3a4_.解析:x4(x1)14C(x1)4C(x1)3C(x1)2C(x1)C,对照a1(x1)4a2(x1)3a3(x1)2a4(x1)a5x4,得a2C,a3C,a4C,所以a2a3a4CCC14.答案:1410若(x2ax1)6(a0)的展开式中x2的系数是66,则sin xdx的值为_解析:由题意可得(x2ax1)6的展开式中x2的系数为CCa2,故CCa266,a2或a2(舍去)故sin xdxsin xdx(cos x

5、) 1cos 2.答案:1cos 211已知(1xx2)n的展开式中没有常数项,nN*,且2n7,则n_.解析:由题意得n的展开式的通项Tr1Cxnrx3rCxn4r中不含x0,x1, x2,所以n4r0,n4r1和n4r2在条件nN*,且2n7下均无解, 则n5.答案:512(2016合肥质检)若n展开式的各项系数的绝对值之和为1 024,则展开式中x的一次项的系数为_解析:Tr1C()nrr(3)rCx,因为展开式的各项系数绝对值之和为C|(3)1C|(3)2C|(3)3C| |(3)nC|1 024,所以(13)n1 024,解得n5,令1,解得r1,所以展开式中x的一次项的系数为(3)

6、1C15.答案:15三、解答题13已知二项式n的展开式中各项的系数和为256.(1)求n;(2)求展开式中的常数项解:(1)由题意得CCCC256,2n256,解得n8.(2)该二项展开式中的第r1项为Tr1C8rrCx,令0,得r2,此时,常数项为T3C28.14已知在n的展开式中,第6项为常数项(1)求n;(2)求含x2的项的系数;(3)求展开式中所有的有理项解:(1)通项公式为Tk1Cxkx.Ckx.因为第6项为常数项,所以k5时,0,即n10.(2)令2,得k2,故含x2的项的系数是C2.(3)根据通项公式,由题意得令r(rZ),则102k3r,k5r,kN,r应为偶数,r可取2,0,2,即k可取2,5,8,第3项,第6项与第9项为有理项,它们分别为C2x2,C5,C8x2.

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