1、2013高考物理考前模拟考场八一、选择题1为了测量A、B两物体之间的滑动摩擦力，某同学设计了如图所示四个实验方案在实验操作过程中，当测力计读数稳定时，认为其读数即为滑动摩擦力的大小，则测力计测得的滑动摩擦力最准确的方案是()解析：A与B选项很难保证物体A匀速运动，D选项中测力计示数为F与摩擦力的合力，选C.答案：C2探究弹力和弹簧伸长的关系时，在弹性限度内，悬挂15 N重物时，弹簧长度为0.16 m，悬挂20 N重物时，弹簧长度为0.18 m，则弹簧的原长L0和劲度系数k分别为()AL00.02 mk500 N/mBL00.10 mk500 N/mCL00.02 mk250 N/m DL00.
2、10 mk250 N/m解析：由胡克定律知F1k(L1L0)F2k(L2L0)由代入数据解得：L00.10 m，k250 N/m.答案：D3.质量为m的物体放在水平面上，在大小相等、互相垂直的水平力F1和F2的作用下，从静止开始沿水平面运动，如右图所示，若物体与水平面间的动摩擦因数为，则物体()A在F1的反方向上受到Ff 1mg的摩擦力B在F2的反方向上受到Ff 2mg的摩擦力C在F1、F2合力的反方向上受到的摩擦力为Ff合mgD在F1、F2合力的反方向上受到的摩擦力为Ff合mg解析：由于F1和F2的合力是恒力，物体由静止开始运动，必沿F1和F2的合力方向做直线运动，滑动摩擦力的方向必沿F1和
3、F2的合力的反方向，滑动摩擦力的大小为Ff合FN，又因为FNmg，故Ff合mg.答案：D4如右图所示，有一重力不计的方形容器，被水平力F压在竖直的墙面上处于静止状态，现缓慢地向容器内注水，直到将容器刚好盛满为止，在此过程中容器始终保持静止，则下列说法中正确的是()容器受到的摩擦力不变容器受到的摩擦力逐渐增大水平力F可能不变水平力F必须逐渐增大A BC D答案：C5如右图所示，物体m静止于倾角为的斜面上，现用垂直于斜面的推力Fkt(k为比例常量、t为时间)作用在物体上从t0开始，物体所受摩擦力Ff随时间t的变化关系是()解析：物体原来就静止在斜面上，所受合力为零，施加推力F，使物体对斜面的压力增
4、大，沿斜面方向上的力没有变化，合力仍为零，即静摩擦力等于物体的重力沿斜面向下的分力，D正确答案：D6.如右图所示，质量为m1的木块P在质量为m2的长木板ab上滑行，长木板放在水平地面上一直处于静止状态若ab与地面间的动摩擦因数为1，木块P与长木板ab间的动摩擦因数为2，则长木板ab受到地面的摩擦力大小为()A1m2gB2m1gC1(m1m2)g D1m2g2m1g解析：小木块在长木板上滑行时受到的摩擦力为2m1g，同时小木块对长木块亦有相同大小的摩擦力由于木板始终处于静止状态，说明地面对木板的摩擦力(静摩擦力)应与木块给木板的摩擦力相平衡答案：B7.(2011成都市高三摸底测试)缓冲装置可抽象
5、成如右图所示的简单模型，图中A、B为原长相等、劲度系数分别为k1、k2(k1k2)的两个不同的轻质弹簧下列表述正确的是()A装置的缓冲效果与两弹簧的劲度系数无关B垫片向右移动稳定后，两弹簧产生的弹力之比F1F2k1k2C势片向右移动稳定后，两弹簧的长度之比l1l2k2k1D垫片向右移动稳定后，两弹簧的压缩量之比x1x2k2k1解析：根据力的作用是相互的可知：轻质弹簧A、B中的弹力是相等的，即k1x1k2x2，所以两弹簧的压缩量之比x1x2k2k1，故D正确答案：D8.如右图所示，三个完全相同的木块放在同一个水平面上，木块和水平面的动摩擦因数相同分别给它们施加一个大小为F的推力，其中给第一、三两
6、木块的推力与水平方向的夹角相同，这时三个木块都保持静止比较它们和水平面间的弹力大小FN1、FN2、FN3和摩擦力大小Ff1、Ff2、Ff3，下列说法中正确的是()AFN1FN2FN3，Ff1Ff2Ff3BFN1FN2FN3，Ff1Ff3FN2FN3，Ff1Ff2Ff3解析：本题考查了物体的平衡条件、受力分析和对力进行处理的能力分别对三个物体分析受力，根据三个物体都受力平衡，第一个物体和第三个物体受到的摩擦力等于F在水平方向上的分量，而第二个物体的摩擦力等于拉力F，对于摩擦力有Ff1Ff3FN2FN3，选项B对答案：B9.如右图所示，质量均为m的物体A、B通过一劲度系数为k的轻质弹簧相连，开始时
7、B放在地面上，A、B都处于静止状态现通过细绳将A加速向上拉起，当B刚要离开地面时，A上升距离为L.假设弹簧一直在弹性限度范围内，则()AL BLCL解析：不拉A时，对A：kx1mgB刚要离开地面时，对B：kx2mgLx1x2由得：L.答案：B10.如右图所示，在倾角为的固定斜面上，质量为m的物体受外力F1和F2的作用，F1方向水平向右，F2方向竖直向下，若物体静止在斜面上且物体与斜面间的动摩擦因数为，则下列说法正确的是()A物体一定有下滑的趋势B物体一定有上滑的趋势C若F1F2，且45，则物体一定有下滑的趋势D若F1F2，且45，则物体一定有上滑的趋势解析：根据受力分析和对力的分解处理可知，当
8、(F2mg)sin F1cos 时，物体既无上滑趋势，也无下滑趋势；当(F2mg)sin F1cos 时，物体有下滑趋势；只有当(F2mg)sin Ffmax时为滑动摩擦力当FFfmax时为静摩擦力FfmaxFN0.3500 N150 N.当F180 N时，其摩擦力FfFN150 N当F100 N时，其摩擦力Ff100 N.答案：150 N100 N12.如右图所示，倾角为30的斜面体固定在地面上，光滑斜面上放一辆小车一根弹性杆的一端固定在小车上，另一端固定一个重为2 N的小球问：(1)当由于外力作用使小车静止在斜面上时，杆对小球的弹力怎样？(2)当小车由静止沿斜面下滑时，杆对小球的弹力又怎样
9、？解析：(1)以小球为研究对象，由平衡条件知FNmg2 N，方向竖直向上(2)以小车和小球为研究对象，沿斜面下滑的加速度agsin 30将小球受到的重力分解如右图所示，沿斜面方向Fxmamgsin 30，垂直斜面方向合力为零所以FNmgcos 302 N N方向垂直斜面向上答案：(1)2 N方向竖直向上(2) N方向垂直斜面向上 13一只小灯泡，标有“3 V,1.5 W”字样现要描绘小灯泡03 V的伏安特性曲线实验器材有：A最大阻值为10 的滑动变阻器B电动势为6 V、内阻约为1.0 的电源C量程为0.6 A、内阻约为1.0 的电流表A1D量程为3 A、内阻约为0.1 的电流表A2E量程为3
10、V、内阻约为6 k的电压表V1F量程为15 V、内阻约为10 k的电压表V2G开关、导线若干(1)电压表应选用_；电流表应选用_(将选项代号的字母填在横线上)(2)在该实验中，设计了如下图所示的四个电路为了减小误差，应选取的电路是_(将选项代号的字母填在横线上)(3)以下是该实验的操作步骤：A将电流表、电压表、变阻器、小灯泡、电源、开关正确连接成电路B调节滑动变阻器触头的位置，保证闭合开关前使变阻器与小灯泡并联部分的阻值最大C闭合开关，记下电流表、电压表的一组示数(U，I)，移动变阻器的滑动触头，每移动一次记下一组(U，I)值，共测出12组数据D按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用直线段连接起
11、来，得出小灯泡的伏安特性曲线指出以上步骤中存在错误或不妥之处并修改：_答案：(1)EC(2)C(3)步骤B不妥，应为：闭合开关前应使变阻器与小灯泡并联部分的电阻为零步骤D有错，应为：按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用一条平滑的曲线连接起来14(2011兰州模拟)某同学测绘标有“4.8 V,0.3 A”小电珠的电功率随电压变化的图象，要使小电珠两端电压从0至4.8 V连续变化，为了使测量尽可能地准确，除了导线和开关外，可供选择的仪器还有()A电流表：量程00.6 A，内阻约为1 B电流表：量程03 A，内阻约为0.2 C电压表：量程06 V，内阻约为2 kD电压表：量程015 V，内阻约为4.
12、5 kE滑动变阻器：阻值范围020 ，额定电流2 AF滑动变阻器：阻值范围02 k，额定电流0.5 AG电池组：电动势6 V，内阻约为1 (1)选用的器材代号为_；(2)画出电路图；(3)根据实验测量的数据描出PU图线，如右图所示，则小电珠在1.5 V电压下的电阻值R_ .解析：(1)根据小电珠的额定电压为4.8 V，额定电流为0.3 A，电流表选择A，电压表选择C.由于使小电珠两端电压由0至4.8 V连续变化，应采用分压电路，滑动变阻器阻值不宜太大，应选E；(2)小电珠正常发光时的电阻R 16 ；RRV，因此选用安培表外接电路，电路如右图所示；(3)由图象可得小电珠在1.5 V电压时功率为1
13、.0 W，故此时小电珠的电阻为R2.25 .答案：(1)ACEG(2)如解析图所示(3)2.2515(2011盐城模拟)在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，用导线a、b、c、d、e、f、g和h按下图所示方式连接好电路，电路中所有元器件都完好，且电压表和电流表已调零闭合开关后：(1)若不管怎样调节滑动变阻器，小电珠亮度能发生变化，但电压表、电流表的示数总不能为零，则可能是_导线断路(2)某同学测出电源和小电珠的UI图线如右图所示，将小电珠和电阻R串联后接到电源上，要使电路中电流为1.0 A，则R_.(3)某同学在实验中还测出a、b、c三种元件的伏安特性曲线分别如下图所示中的(a)、(b)、(c
14、)，下列说法正确的是()Aa可以作为标准电阻使用Bb能作为标准电阻使用Cb的阻值随电压升高而减小Dc的阻值随电压升高而增大解析：(1)若调节滑动变阻器，小电珠的亮度变化，但电压表、电流表示数总不能为零，说明滑动变阻器不起分压作用，所以可能是g导线断路(2)由电源的UI线知E3.0 V，r1 ，当小电珠与电阻串联后由闭合电路欧姆定律得EI(RrR灯)又由小电珠的UI线得R灯1.2 解得R0.8 (3)因a元件的IU线是直线，说明电阻随电压的变化不变，故可作为标准电阻，故A对，B错因IU线的斜率倒数表示电阻值的变化，故C、D均错，选A.答案：(1)g(2)0.8(3)A16(2010安徽理综)太阳
15、能是一种清洁、“绿色”能源在我国上海举办的2010年世博会上，大量利用了太阳能电池太阳能电池在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电学器件某实验小组根据测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池在没有光照时(没有储存电能)的IU特性所用的器材包括：太阳能电池，电源E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，开关S及导线若干(1)为了达到上述目的，请将图1连成一个完整的实验电路图图1(2)该实验小组根据实验得到的数据，描点绘出了如图2的IU图象由图可知，当电压小于2.00 V时，太阳能电池的电阻_(填“很大”或“很小”)；当电压为2.80 V时，太阳能电池的电阻约为_.
16、图2解析：(1)探究IU特性时需要多组数据，故滑动变阻器应采用分压接法连线见答案(2)根据R，结合IU图可知U2.00 V时R很大；U2.80 V时R 1.0103 .答案：(1)连线如图(2)很大1.0103(9651 040)17热敏电阻是传感电路中常用的电子元件现用伏安法研究热敏电阻在不同温度下的伏安特性曲线，要求伏安特性曲线尽可能完整已知常温下待测热敏电阻的阻值为45 ，热敏电阻和温度计插入带塞的保温杯中，杯内有一定量的冷水，其他备用的仪表和器具有：A电流表A1，量程0.6 A，内阻约1 B电流表A2，量程3 A，内阻约2 C电压表V1，量程15 V，内阻约15 kD电压表V2、量程3
17、 V，内阻约5 kE滑动变阻器R1(0100 )F滑动变阻器R2(020 )G电源E(3 V，内阻可忽略)H盛有热水的水杯(图中未画出)I开关、导线若干(1)实验中应选用的电流表为_(填“A1”或“A2”)，应选用的电压表为_(填“V1”或“V2”)，应选用的滑动变阻器为_(填“R1”或“R2”)(2)在方框中画出实验电路原理图，要求测量误差尽可能小(3)根据电路原理图，在实物图上连线解析：(1)由于电源电动势为3 V，则电压表应选V2，常温下待测热敏电阻的阻值为45 ，再加电流表内阻，由闭合电路欧姆定律可知电路中最大电流小于0.6 A，故电流表应选A1；本实验研究热敏电阻在不同温度下的伏安特性曲线，要求伏安特性曲线尽可能完整，故滑动变阻器应采用分压接法，滑动变阻器应选R2.(2)设计电路图时，由于电流表内阻与热敏电阻阻值相差不大， 故电流表采用外接法，如图所示答案：(1)A1V2R2(2)如图所示(3)如图所示- 8 -
