1、绝密启用前平邑一中高二实验部第二次调研考试物理试题 2021.10注意事项：1本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，共100分，考试时间90分钟。2请将第I卷（选择题）答案涂在答题卡上，第II卷的答案写在答题纸的相应位置。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.普朗克常量，光速为c，电子质量为，则在国际单位制下的单位是（）A. B. m C. D. 2.从“玉兔”登月到“祝融”探火，我国星际探测事业实现了由地月系到行星际的跨越。已知火星质量约为月球的9倍，半径约为月球的2倍，“祝融”火星车的质量约为“玉兔”月球车的2倍。在着陆前，
2、“祝融”和“玉兔”都会经历一个由着陆平台支撑的悬停过程。悬停时，“祝融”与“玉兔”所受陆平台的作用力大小之比为（）A. 91 B. 92 C. 361 D. 7213.“旋转纽扣”是一种传统游戏。如图，先将纽扣绕几圈，使穿过纽扣的两股细绳拧在一起，然后用力反复拉绳的两端，纽扣正转和反转会交替出现。拉动多次后，纽扣绕其中心的转速可达50r/s，此时纽扣上距离中心1cm处的点向心加速度大小约为（）A. 10m/s2 B. 100m/s2 C. 1000m/s2 D. 10000m/s24.如图，光滑水平地面上有一小车，一轻弹簧的一端与车厢的挡板相连，另一端与滑块相连，滑块与车厢的水平底板间有摩擦。
3、用力向右推动车厢使弹簧压缩，撤去推力时滑块在车厢底板上有相对滑动。在地面参考系（可视为惯性系）中，从撤去推力开始，小车、弹簧和滑块组成的系统（）A. 动量守恒，机械能守恒B. 动量守恒，机械能不守恒C. 动量不守恒，机械能守恒D. 动量不守恒，机械能不守恒5.截面为正方形的绝缘弹性长管中心有一固定长直导线，长管外表面固定着对称分布的四根平行长直导线，若中心直导线通入电流，四根平行直导线均通入电流，电流方向如图所示，下列截面图中可能正确表示通电后长管发生形变的是（）A. B. C. D. 6. 如图所示是我国女子短道速滑队训练时的情境，“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，并且开始向
4、前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲-把，使甲获得更大的速度向前冲出。在乙推甲的过程中，忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用，则( )7. A.甲对乙的冲量一定等于乙对甲的冲量8. B.甲、乙的动量变化一定大小相等、方向相反9. C.甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量10. D.甲对乙做多少负功，乙对甲就一定做多少正功7. 如图所示，用传送带给煤车装煤，平均每5s内有5000kg的煤粉落于车上，由于传送带的速度很小，可认为煤粉竖直下落。要使煤车保持以0.5m/s的速度匀速前进，则对车应再施以向前的水平力的大小为（ ）A.50N B.250N C.500N D.750N8.如图所示，载有物资的热
5、气球静止于距水平地面H的高处，现将质量为m的物资以相对地面的速度水平投出，落地时物资与热气球的距离为d。已知投出物资后热气球的总质量为M，所受浮力不变，重力加速度为g，不计阻力，以下判断正确的是（）A. 投出物资后热气球做匀加速直线运动B. 投出物资后热气球所受合力大小为MgC. D. 二、多项选择题：本小题共4小题，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的4分，选对但不全的的2分，优选错的的0分。9.一质量为m的物体自倾角为的固定斜面底端沿斜面向上滑动。该物体开始滑动时的动能为，向上滑动一段距离后速度减小为零，此后物体向下滑动，到达斜面底端时动能为。已知，重力加速度大小为g。则（）
6、A. 物体向上滑动的距离为B. 物体向下滑动时的加速度大小为C. 物体与斜面间的动摩擦因数等于0.5D. 物体向上滑动所用的时间比向下滑动的时间长10.水平地面上有一质量为的长木板，木板的左端上有一质量为的物块，如图（a）所示。用水平向右的拉力F作用在物块上，F随时间t的变化关系如图（b）所示，其中、分别为、时刻F的大小。木板的加速度随时间t的变化关系如图（c）所示。已知木板与地面间的动摩擦因数为，物块与木板间的动摩擦因数为，假设最大静摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等，重力加速度大小为g。则（）A. B.C. D.在时间段物块与木板加速度相等11.物理学中有一种碰撞被称为“超弹性连续碰撞”，通过
7、能量的转移可以使最上面的小球弹起的高度比释放时的高度更大。如图所示，A、B、C三个弹性极好的小球，相邻小球间有极小间隙，三球球心连线竖直，从离地一定高度处由静止同时释放（其中C球下部离地H），所有碰撞均为弹性碰撞，且碰后B、C恰好静止，则（）A. C球落地前瞬间A球的速度为B. 从上至下三球的质量之比为126C. A球弹起的最大高度为25HD. A球弹起的最大高度为9H12.如图（a），质量分别为mA、mB的A、B两物体用轻弹簧连接构成一个系统，外力作用在A上，系统静止在光滑水平面上（B靠墙面），此时弹簧形变量为。撤去外力并开始计时，A、B两物体运动的图像如图（b）所示，表示0到时间内的图线与
8、坐标轴所围面积大小，、分别表示到时间内A、B的图线与坐标轴所围面积大小。A在时刻的速度为。下列说法正确的是（）A.0到时间内，墙对B的冲量等于mAv0 B.mAmBC.B运动后，弹簧最大形变量等于 D.三、非选择题：本题共6小题，共60分。13. 下图为气垫导轨上两个滑块A、B相互作用后运动过程的频闪照片,频闪的频率为10 Hz。开始两个滑块静止,它们之间有一根被压缩的轻弹簧,滑块用细绳连接,细绳烧断后,两个滑块向相反方向运动。已知滑块 A、B的质量分别为200 g、300 g,根据照片记录的信息,可知细绳烧断后,A滑块做 运动,其速度大小为 m/s。本实验中得出的结论是 。14. 热敏电阻是
9、传感器中经常使用的元件，某学习小组要探究一热敏电阻的阻值随温度变化的规律。可供选择的器材有：待测热敏电阻（实验温度范围内，阻值约几百欧到几千欧）；电源E（电动势，内阻r约为）；电阻箱R（阻值范围）；滑动变阻器（最大阻值）；滑动变阻器（最大阻值）；微安表（量程，内阻等于）；开关两个，温控装置一套，导线若干。同学们设计了如图甲所示的测量电路，主要实验步骤如下：按图示连接电路；闭合、，调节滑动变阻器滑片P的位置，使微安表指针满偏；保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开，调节电阻箱，使微安表指针半偏；记录此时的温度和电阻箱的阻值。回答下列问题：（1）为了更准确地测量热敏电阻的阻值，滑动变阻器应选用_（填“
10、”或“”）。（2）请用笔画线代替导线，将实物图（不含温控装置）连接成完整电路_。（3）某温度下微安表半偏时，电阻箱的读数为，该温度下热敏电阻的测量值为_（结果保留到个位），该测量值_（填“大于”或“小于”）真实值。（4）多次实验后，学习小组绘制了如图乙所示的图像。由图像可知。该热敏电阻的阻值随温度的升高逐渐_（填“增大”或“减小”）。15.如图所示，固定于水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的云强磁场中，金属棒MN沿框架以速度v向右匀速运动。t=0时，磁感应强度为B0,此时MN到达的位置恰好使MDEN构成一个边长为L的正方形。为使MN棒中不产生感应电流，从t=0开始，磁感应强度B应该怎样随时间
11、t变化？，请推导出B与t的表达式。16.雨打芭蕉是我国古代文学中重要的抒情意象。为估算雨天院中芭蕉叶面上单位面积所承受的力，小玲同学将一圆形水杯置于院中，测得10min内杯中雨水上升了15mm,查询得知，当时雨滴落地速度约为10m/s,设雨滴撞击芭蕉后无反弹，不计雨滴重力，雨水的密度为1103kg/m3，据此估算芭蕉叶面受到的压强为多少?17.如图所示，光滑水平轨道上放置长板A(上表面粗糙)和滑块C，滑块B置于A的左端，三者质量分别为mA=2kg,mB=1kg,mC=2kg。开始时C静止，A、B一起以V0=5m/s的速度匀速向右运动,A与C发生碰撞(时间极短)后C向右运动，经过一段时间，A、B
12、再次达到共同速度一起向右运动，且恰好不再与C碰撞。求（1）A与C发生碰撞后的瞬间A的速度大小。（2）A和B由于摩擦产生的热量。18.某离子实验装置的基本原理如图所示。区宽度为d，左边界与x轴垂直交于坐标原点O，其内充满平行于平面且垂直于x轴的匀强电场E1；区宽度为L，左边界与x轴垂直交于点，右边界与x轴垂直交于点，其内充满沿y轴负方向的匀强电场E2。测试板垂直x轴置于区右边界，其中心C与点重合。从离子源不断飘出电荷量为q、质量为m的正离子，加速后沿x轴正方向过O点，依次经区、区，恰好到达测试板中心C。已知离子刚进入区时速度方向与x轴正方向的夹角为，大小为v。忽略离子间的相互作用，不计重力。（1
13、）求加速区加速电压U的大小；（2）求区内电场强度E1；（3）求区内电场强度的大小E2；离子源加速区dLxO2CO1OyVE1E2q，m平邑一中高二实验部第二次调研考试物理参考答案1.【答案】B【详解】根据可得它们的单位为：故选B。2.【答案】B【详解】悬停时所受平台的作用力等于万有引力，根据可得故选B。3.【答案】C【详解】纽扣在转动过程中由向心加速度故选C。4.【答案】B【详解】因为滑块与车厢水平底板间有摩擦，且撤去推力后滑块在车厢底板上有相对滑动，即摩擦力做功，而水平地面是光滑的；以小车、弹簧和滑块组成的系统，根据动量守恒和机械能守恒的条件可知撤去推力后该系统动量守恒，机械能不守恒。故选B
14、。5.【答案】C【详解】因，则可不考虑四个边上的直导线之间的相互作用；根据两通电直导线间的安培力作用满足“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”，则正方形左右两侧的直导线要受到吸引的安培力，形成凹形，正方形上下两边的直导线要受到排斥的安培力，形成凸形，故变形后的形状如图C。故选C。6.B解析:A错，B对:乙推甲的过程中，甲、乙间产生大小相等、方向相反的作用力和反作用力，由I=Ft可知，甲对乙的冲量和乙对甲的冲量等大、反向。C、D错:甲、乙相对于冰面的位移不一定相同，相互作用力做功不一-定相等，所以动能的变化不一定相同。7.C解析，取5s内落到车上的煤粉研究，由动量定理有：，解得：带入数据解得F=
15、500N8.【答案】C【详解】AB热气球开始携带物资时处于静止状态，所受合外力为0，初动量为0，水平投出重力为的物资瞬间，满足动量守恒定律则热气球和物资的动量等大反向，热气球获得水平向左的速度，热气球所受合外力恒为，竖直向上，所以热气球做匀加速曲线运动，AB错误；CD热气球和物资的运动示意图如图所示热气球和物资所受合力大小均为，所以热气球在竖直方向上加速度大小为物资落地过程所用的时间内，根据解得落地时间为热气球在竖直方向上运动的位移为热气球和物资在水平方向均做匀速直线运动，水平位移为根据勾股定理可知热气球和物资的实际位移为C正确，D错误。故选C。9.【答案】BC【详解】AC物体从斜面底端回到斜
16、面底端根据动能定理有物体从斜面底端到斜面顶端根据动能定理有整理得；A错误，C正确；B物体向下滑动时的根据牛顿第二定律有求解得出B正确；D物体向上滑动时的根据牛顿第二定律有物体向下滑动时的根据牛顿第二定律有由上式可知a上 a下由于上升过程中的末速度为零，下滑过程中的初速度为零，且走过相同的位移，根据公式则可得出D错误。故选BC。10.【答案】BCD【详解】A图（c）可知，t1时滑块木板一起刚在从水平滑动，此时滑块与木板相对静止，木板刚要滑动，此时以整体为对象有故A错误；BC图（c）可知，t2滑块与木板刚要发生相对滑动，以整体为对象， 根据牛顿第二定律，有以木板为对象，根据牛顿第二定律，有解得故B
17、C正确；D图（c）可知，0t2这段时间滑块与木板相对静止，所以有相同的加速度，故D正确。故选BCD11.【答案】ABD【解析】A因为A、B、C球由静止同时释放，所以落地瞬间速度相等，由自由落体运动公式v2=2gH解得A正确；B由题意可知，C球碰地，反向碰B，B在反向碰A，因都是弹性碰撞，设向上为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律，所以C碰B有mCvCmBvB=mBvBB碰A有mBvBmAvA=mAvA由以上几式可得mAmBmC=126B正确；CD由B选项分析解得A球弹起的最大高度C错误，D正确。故选ABD。12.【答案】ABD【详解】A由于在0 t1时间内，物体B静止，则对B受力分析有F墙
18、 = F弹则墙对B的冲量大小等于弹簧对B的冲量大小，而弹簧既作用于B也作用于A，则可将研究对象转为A，撤去F后A只受弹力作用，则根据动量定理有I = mAv0（方向向右）则墙对B的冲量与弹簧对A的冲量大小相等、方向相同，A正确；B由at图可知t1后弹簧被拉伸，在t2时刻弹簧的拉伸量达到最大，根据牛顿第二定律有F弹 = mAaA= mBaB由图可知aB aA则mB mAB正确；C由图可得，t1时刻B开始运动，此时A速度为v0，之后AB动量守恒，AB和弹簧整个系统能量守恒，则可得AB整体的动能不等于0，即弹簧的弹性势能会转化为AB系统的动能，弹簧的形变量小于x，C错误；D由at图可知t1后B脱离墙
19、壁，且弹簧被拉伸，在t1t2时间内AB组成的系统动量守恒，且在t2时刻弹簧的拉伸量达到最大，A、B共速，由at图像的面积为Dv，在t2时刻AB的速度分别为，A、B共速，则D正确。故选ABD。13.解析 由题图可知,细绳烧断后,A、B均做匀速直线运动,开始时:vA=0,vB=0,规定向右方向为正方向,则A、B被弹开后,vA=-0.09 m/s,vB=0.06 m/smAvA=0.2(-0.09) kgm/s=-0.018 kgm/smBvB=0.30.06 kgm/s=0.018 kgm/s由此可得0=mBvB+mAvA结论是两滑块组成的系统在相互作用前后总动量相等。答案 匀速直线0.09两滑块
20、组成的系统在相互作用前后总动量相等14. 【答案】. . . 3500 . 大于 . 减小【详解】（1）1用半偏法测量热敏电阻的阻值，尽可能让该电路的电压在S2闭合前、后保持不变，由于该支路与滑动变阻器左侧部分电阻并联，滑动变阻器的阻值越小，S2闭合前、后并联部分电阻变化越小，从而并联部分的电压值变化越小，故滑动变阻器应选R1。（2）2电路连接图如图所示（3）3微安表半偏时，该支路的总电阻为原来的2倍，即可得4当断开S2，微安表半偏时，由于该支路的电阻增加，电压略有升高，根据欧姆定律，总电阻比原来2倍略大，也就是电阻箱的阻值略大于热敏电阻与微安表的总电阻，而我们用电阻箱的阻值等于热敏电阻与微安
21、表的总电阻来计算，因此热敏电阻的测量值比真实值偏大。（4）5由于是图像，当温度T升高时，减小，从图中可以看出减小，从而减小，因此热敏电阻随温度的升高逐渐减小。15.解析：由题意知回路的磁通量恒定不变即可。零时刻的磁通量设t时刻的磁感应强度为，磁通量，解之得：16解:设雨滴受到芭蕉叶面对它的平均作用力为F，设在t时间内有质量为m的雨水的速度由v=10m/s减为零。以向上为正方向,对这部分雨水应用动量定理:Ft=0-(-mv),得，设水杯横截面积为s,对水杯里的雨水，在t时间内水面上升h,则有m=Sh,可得F=,由牛顿第三定律可知，芭蕉叶面受到的平均作用力F=F，压强为代入数据解得：p=0.25Pa.17.解析：(1)A、C碰撞过程动量守恒之后A、B作用过程动量也守恒恰好不再相碰带入数据解得(2) A、B构成的系统从A、C碰完到A、B共速的过程中带入数据得：18.【答案】（1）；（2）；（3）【详解】（1）设离子经过加速区后过得的速度为v0，则，由动能定理得解得（2） 离子在区内只受电场力，做类平抛运动，x方向做匀速直线运动，y方向做匀变速直线运动，y方向，解之得：，方向沿y轴反方向。（3） 离子进入区做类斜上抛运动，x方向做线速度大小为vcos的匀速直线运动，y方向做类竖直上抛运动，选向上为正。X方向，Y方向,解得，