1、延边第二中学20202021学年度第二学期 第二次阶段检测高一物理试卷一、选择题（共12小题，每题5分，共60分。其中19题为单选题，1012题为多选题。多选题中每题至少有两个选项正确，全对得5分，选对但不全得3分，不选或错选得0分。）1如图所示，下列有关生活中圆周运动实例分析，其中说法正确的是A图1中汽车通过凹形桥的最低点时，汽车处于超重状态B图2中旋转秋千装置中，等长绳索对质量相等座椅A、B的拉力相等C图3中在铁路的转弯处，设计为外轨比内轨高，目的是利用轮缘与外轨的侧压力帮助火车转弯D图4中脱水桶的脱水原理是水滴受到的离心力大于受到的向心力，从而沿切线方向甩出2如图所示，曲面体P静止放在光
2、滑水平面上，小物块Q自P的上端静止释放。Q与P的接触面光滑，Q在P上运动的过程中，下列说法正确的是AP对Q弹力不做功B小物块Q机械能守恒CP和Q构成的系统机械能守恒、动量守恒DP和Q构成的系统机械能守恒、动量不守恒3如图是做斜抛运动物体的轨迹，C点是轨迹的最高点，A、B是轨迹上等高的两个点。下列叙述中正确的是（不计空气阻力）A物体在C点速度为零B物体在A点速度与物体在B点速度相同C物体在A到C点的时间大于C点到B点的时间D物体在A、B、C各点的加速度都为g4如图，A、B两个小球在光滑水平面上沿同一直线相向运动，它们的质量分别为mA和mB，动量大小分别为pA和pB，若pA pB，则AmA mB
3、C碰撞后的总动量向左 D碰撞后的总动量向右5火星有两颗卫星，分别是火卫一和火卫二，它们的轨道近似为圆。已知火卫一的周期为7小时39分，火卫二的周期为30小时18分，则两颗卫星相比A火卫一距火星表面较远B火卫二的角速度较大C火卫一的运动速度较大D火卫二的向心加速度较大6质量相等的A、B两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，A球的速度为6m/s，B球的速度为2m/s，当A球追上B球时发生碰撞，则碰撞后A、B两球速度可能为A1m/s，6m/sB4.5m/s，3.5m/sC3.5m/s，4.5m/sD1m/s，9m/s72021年5月19日，国家航天局发布我国首次火星探测任务，下图是天问一号探测
4、器着陆过程中两器分离和着陆后祝融号拍摄的影像。接下来祝融号和轨道相互锁定，在转运机构的作用下，一起被转移到火星表面，假设祝融号和轨道总质量为M，当它们从静止开始，以恒定的加速度竖直下降，当下落高度为h时，速度为v，在这个过程中下列说法中正确的是（已知火星表面的重力加速度为g）A重力做功为Mgh，重力势能增加了Mgh B机械能减少了C转运机构做功为 D合外力做功为8宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统，设某双星系统绕其连线上的O点做匀速圆周运动，已知转动周期为T，轨道半径分别为RA、RB且RAvB不合理，选项B错误；C若vA=3.5m/s，vB=4.
5、5m/s，碰后总动量p=mvA+mvB =8m总动能Ek=16.25m动量守恒，机械能不增加，选项C可能实现；D若vA=-1m/s，vB=9m/s，碰后总动量p= mvA+mvB=8m总动能Ek=41m动量守恒，但机械能增加，违反能量守恒定律，选项D错误。故选C。7B【详解】A. 重力做功为Mgh，重力势能减少了Mgh，A错误；B. 机械能的减少量等于初末状态机械能之差，所以机械能减少了，B正确；C. 根据动能定理解得转运机构做功为D. 根据动能定理，合外力做功为，D错误。故选B。8C【详解】A双星靠相互间的万有引力提供向心力，知向心力大小相等，故A错误；B双星的转动周期相等，且RARB，根据
6、可知，星球A的向心加速度一定小于星球B的向心加速度，故B错误；CD双星A、B之间万有引力提供向心力，有其中，双星间距解得星球A和星球B的质量之和由题可求得两星球的质量之比等于半径的反比，又可求得两星球的总质量，则可求出星球A和星球B的质量，故C正确，D错误。故选C。9D【详解】A足球自由落体80cm时的速度为v1，时间为t1，由速度位移公式，可得足球到达头部的速度大小为根据位移时间公式，可得足球到达头部的时间为反弹后做竖直上抛运动，而上升的最大高度也为80cm，根据运动的对称性可知上抛的初速度：，上升的时间：，足球刚接触头和刚离开头时，速度方向改变，故A错误；B足球刚接触时的动量为动量变化为3
7、.2kgm/s，故B错误；C从最高点下落至重新回到最高点的过程中，足球重力的作用时间不为零，冲量不为零，故C错误；D对足球与人接触的过程，取向上为正，由动量定理有代入数据解得头部对足球的平均作用力足球的动量变化量为：，即头部对足球的平均作用力为36N，而足球的重力为4N，则头部对足球的平均作用力是重力的9倍，故D正确。故选B。10AC【详解】AB人和两车组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律得可得，甲、乙两车运动中动量大小之比为甲、乙两车运动中速度之比为故A正确B错误；CD两车运动时间相同，根据动量守恒有，解得甲车移动的距离乙车移动的距离故C正确D 错误。故选AC
8、。11AD【详解】A当牵引力等于阻力时，速度取到最大值，则有又，解得，故A正确；B08s内汽车的加速度，根据牛顿第二定律有解得，故B错误；C8s18s过程变加速过程中，根据动能定理得解得，则平均速度，故C错误；D8s18s过程中汽车牵引力已达到最大功率，所以牵引力做的功为故D正确。故选AD。12BD【详解】AB箱子在绳拉力作用下沿斜面向上运动，故箱子的速度等于绳子运动的速度。汽车向右匀速运动对绳子产生两个效果，一是沿绳把绳拉长，一是使绳子与水平面夹角变小，因此，汽车的运动对绳子而言是合运动，把速度v分解，其中沿绳方向的分速度设为v1，垂直绳子向上的分速度设为v2，可得：v1=vcos因减小时c
9、os增大，故v1逐渐增大，因而箱子沿斜面做加速运动，故B正确，A错误；CD由功能关系知，汽车对绳做功，使绳拉箱子沿斜面向上运动，实质上是对箱子做功.箱子在斜面上运动时，受重力做负功，受滑动摩擦力做负功，受绳子拉力做正功，根据动能定理：汽车拉绳子向右运动，当时，m/s绳子被拉长了：m而:m，解得:J故D正确，C错误。故选BD。13D 向心力与角速度的平方成正比 小球的质量 【详解】(1)（a）1该实验用到的方法是控制变量法，故选D。（b）23在某次实验中，某同学把两个质量相等的小球分别放在A、C位置，则转动半径r相等；将皮带连接在左、右塔轮半径之比为31的塔轮上，因左、右两边塔轮边缘的线速度相等
10、，则根据v=r可知，角速度之比为13；左边标尺露出1个等分格时，右边标尺露出9个等分格，则两边向心力之比为19，则实验说明向心力与角速度的平方成正比。(2)（a）4小钢球转动的角速度（b）5根据，为了验证定量表达式，还需要测定的物理量是小球的质量m。14BC P点 【详解】（1）1AC斜槽轨道没有必要光滑，只需要每次从同一高度静止滚下，经过相同一段轨道，外力做功相同，根据动能定理可知到达低端时速度就会一样，A错误，C正确；B斜槽轨道末端的切线必须是水平的，主要是为了保证小球初速度水平，做平抛运动，B正确；D实验的误差与两球质量是否接近无大的关联，D错误；故选BC。（2）2被碰小球从槽口飞出时速度最大，由 ，可知，到达木板时间最短，下落距离最小，P点是被碰小球b撞击复写纸留下的。（3）3小球的水平速度为根据动量守恒可知化简得15（1）894J； ；【详解】根据题意，当子弹射入物体B，子弹和物体B组成的系统满足动量守恒，有，得机械能损失：J当物体B与物体A发生弹性碰撞时，动量守恒，同时机械能也守恒，可得解得；16（1）5 m/s；（2） 1 m；（3） 15 J【详解】(1)物体恰好通过A点有 可得物体由C到A过程有解得(2)物体从A到D做平抛运动，竖直方向有所以（3）物体由D到C过程有解得