1、2014-2015学年四川省成都市实验外国语学校高三（下）月考物理试卷（4月份）一、选择题（本题7小题，共42分每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的、不选的得0分）1（6分）（2015春成都校级月考）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步关于物理学发展过程中的认识，下列说法不正确的是（）A牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接验证B在一个参考系中观测是同时发生的两事件，在相对于此参考系运动的别的参考系中观测就可能不是同时的
2、，而是一先一后发生的C麦克斯韦预言了光是电磁波，德国物理学家赫兹首次用实验测量了电磁波的传播速度D由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人2（6分）（2015春成都校级月考）如图所示，一细的白光束通过某种玻璃三棱镜折射后分成a、b、c三束单色光，则这三种单色光比较（）A频率关系是fafbfc，波长关系是abcB三种单色光在真空中的传播速度关系是vavbvcC三种单色光在从某种介质以相同的入射角射向空气中时若b光发生全反射则c光一定发生全反射D三种单色光通过同一双缝干涉装置产生的干涉条纹中c光的条纹间距最大3（6分）（2015春成都校级月考）2014年2月12日在新
3、疆于田县附近发生7.3级地震，震源深度12千米如果该地震中的简谐横波在地壳中匀速传播的速度大小为4km/s，已知波沿x轴正方向传播，某时刻刚好传到x=120m处，如图所示，则下列说法正确的是（）A从波源开始振动到波源迁移到地面需要经过3s时间B从波传到x=120 m处开始计时，经过t=0.06 s位于x1=360m处的质点加速度最大C再经过t=0.3 s质点M经过的路程为56mD此刻波动图象上除M点外与M点势能相同的质点有5个4（6分）（2015菏泽二模）如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为5：1，原线圈输入如图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为
4、理想电表，R0为定值电阻，R为半导体热敏电阻（其阻值随温度的升高而减小）下列说法中正确的是（）A图乙中电压的有效值为110VB电压表的示数为44VCR处出现火警时，电流表示数减小DR处出现火警时，电阻R0消耗的电功率增大5（6分）（2015春成都校级月考）我国月球探测活动的第一步“绕月”工程和第二步“落月”工程已按计划在2013年以前顺利完成假设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0，飞船沿距月球表面高度为3R的圆形轨道运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆转移轨道，到达轨道的近月点B时再次点火进入月球近月轨道绕月球做圆周运动，则下列判断正确的是（）A飞船在轨道上的运行速率v=B飞船在A点处
5、点火变轨时，动能和机械能都增大C飞船在转移轨道上从A到B运行的过程中机械能不变，引力势能增大D飞船在轨道绕月球运动一周所需的时间T=6（6分）（2015资阳模拟）如图1所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h=0.1m处，滑块与弹簧不拴接现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h并作出如图2滑块的Ekh图象，其中高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零势能面，取g=10m/s2，由图象可知（）A小滑块的质量为0.1kgB轻弹簧原长为0.2mC弹簧最大弹性势能为0.5JD小滑块的重力势能与弹簧的弹性
6、势能总和最小为0.4J7（6分）（2015春成都校级月考）如图所示，质量为3m的重物与一质量为m的导线框用一根绝缘细线连接起来，挂在两个高度相同的定滑轮上，已知导线框电阻为R，横边边长为L有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场上下边界的距离、导线框竖直边长均为h初始时刻，磁场的下边缘和导线框上边缘的高度差为2h，将重物从静止开始释放，导线框加速进入磁场，在导线框穿出磁场前已经做匀速直线运动，滑轮质量、摩擦阻力均不计，重力加速度为g则下列说法中正确的是（）A导线框刚进入磁场时的速度为v=2B导线框进入磁场后，若某一时刻的速度为v，则此时重物的加速度为a=gC导线框穿出磁场时的速度为D导
7、线框通过磁场的过程中产生的热量Q=8mgh二、实验题（17分）8（6分）（2015春成都校级月考）某兴趣小组准备探究“合外力做功和物体速度变化的关系”，实验前组员们提出了以下几种猜想：Wv；Wv2；W；W（v）2为了验证猜想，他们设计了如图甲所示的实验装置PQ为一块倾斜放置的木板，在Q处固定一个速度传感器（用来测量物体每次通过Q点的速度）在刚开始实验时，小刚同学提出“不需要测出物体质量，只要测出物体初始位置到速度传感器的距离L和读出速度传感器的读数v就行了”，大家经过讨论采纳了小刚的建议（1）请你说明小刚建议；（2）让物体分别从不同高度无初速释放，测出物体初始位置到速度传感器的距离L1、L2、
8、L3、L4，读出物体每次通过Q点的速度v1、v2、v3、v4、，并绘制了如图乙所示的Lv图象若为了更直观地看出L和v的变化关系，他们下一步应该作出；ALv2图象 BL图象 CL图象DL图象（3）实验中，木板与物体间摩擦力（“会”或“不会”）影响探究的结果9（11分）（2015春成都校级月考）某同学为测定金属丝的电阻率，设计了如图甲所示电路，电路中ab是一段电阻率较大、粗细均匀的电阻丝，保护电阻R0=4.0，电源的电动势E=3.0V，其内电阻r未知电流表内阻很小，可以忽略不计，电阻丝上的滑片P与电阻丝始终接触良好（1）实验中该同学先用螺旋测微器测得电阻丝的直径d=0.400mm，然后按图甲连接好
9、电路，在闭合开关之前，应将滑片P置于（选填“左端”“中间”、“右端”）（2）实验时闭合开关，调节滑片P的位置，分别测量出每次实验中aP长度x及对应的电流值I，实验数据如表所示：x（m）0.100.200.300.400.500.60I（A）0.490.430.380.330.310.28（A1）2.042.332.633.033.233.57将表中数据描在x坐标纸中，如图乙所示请在坐标纸上作出表示x关系的图线该同学根据实验设计的思想得到图象中直线的斜率的表达式k=（用题中相应量的字母及必要的数字表示），由图线求得电阻丝的电阻率=m（保留两位有效数字）根据图丙中x关系图线纵轴截距的物理意义，可求
10、得电源的内阻为r=（保留两位有效数字）三、计算题（本题含3个小题、共51分、要求写出必要的步骤、物理公式及相应的文字说明，只有结果概不给分）10（15分）（2015春成都校级月考）如图所示，小物块A、B由跨过定滑轮的轻绳相连，A置于倾角为37的光滑固定斜面上，B位于水平传送带的左端，轻绳分别与斜面、传送带平行传送带始终以速度v0=2m/s顺时针匀速传动，某时刻B从传送带左端以速度v1=6m/s向右运动，经一段时间回到传送带的左端已知A、B质量均为1kg，B与传送带间的动摩擦因数为=0.2，斜面、轻绳、传送带均足够长，A不会碰到定滑轮，定滑轮的质量与摩擦均不计g取10m/s2，sin37=0.6
11、求：（1）B向右运动的总时间t；（2）B回到传送带最左端时物体A的重力的功率P（计算结果可用根号表示）11（17分）（2015春成都校级月考）如图所示，直线形挡板p1p2p3与半径为r的圆弧形挡板p3p4p5平滑连接并安装在水平台面b1b2b3b4上，挡板与台面均固定不动线圈c1c2c3的匝数为n，其端点c1、c3通过导线分别与电阻R1和平行板电容器相连，电容器两极板间的距离为d，电阻R1的阻值是线圈c1c2c3阻值的2倍，其余电阻不计，线圈c1c2c3内有一面积为S、方向垂直于线圈平面向上的匀强磁场，磁场的磁感应强度B随时间均匀增大质量为m的小滑块带正电，电荷量为q且在运动过程中始终不变，在
12、水平台面上以初速度v0从p1位置出发，沿挡板运动并通过p5位置若电容器两板间的电场为匀强电场，p1、p2在电场外，间距为l，其间小滑块与台面的动摩擦因数为，其余部分的摩擦不计，重力加速度为g求：（1）小滑块通过p2位置时的速度大小；（2）电容器两极板间电场强度的取值范围；（3）经过时间t，磁感应强度变化量的取值范围12（19分）（2015春成都校级月考）如图所示，在xOy平面的第象限的某一区域有垂直于纸面向外的匀强磁场B1，磁场区域的边界为半圆形有一质量m=1012kg、带正电q=107C的a粒子从O点以速度v0=105m/s，沿与y轴正方向成=30射入第象限，经磁场偏转后从y轴上的P点垂直于
13、y轴射出磁场进入第象限，P点纵坐标为yP=3my轴右侧和垂直于x轴的虚线左侧间有平行于y轴指向y轴负方向的匀强电场，a粒子将从虚线与x轴交点Q进入第象限，Q点横坐标xQ=6m，虚线右侧有垂直纸面向里的匀强磁场B2，其磁感应强度大小B2=B1不计粒子的重力，求：（1）匀强电场的电场强度E的大小（保留三位有效数字）；（2）第象限的半圆形磁场磁感应强度B1的大小和半圆形磁场区域B1的最小面积S；（3）若在a粒子刚进入磁场B1的同时，有另一带电量为q的b粒子，从y轴上的M点（图中未画）以速度v0垂直于y轴射入电场，a、b粒子将在B2区域迎面相遇于N点，求N点的坐标（不计a、b粒子间的相互作用力）201
14、4-2015学年四川省成都市实验外国语学校高三（下）月考物理试卷（4月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题7小题，共42分每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的、不选的得0分）1（6分）（2015春成都校级月考）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步关于物理学发展过程中的认识，下列说法不正确的是（）A牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接验证B在一个参考系中观测是同时发生的两事件，在相对于此参考系运动的别的参考系中观测就可
15、能不是同时的，而是一先一后发生的C麦克斯韦预言了光是电磁波，德国物理学家赫兹首次用实验测量了电磁波的传播速度D由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人考点：物理学史 专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：A、牛顿第一定律是在实验的基础上经分析推理而得出的，采用的是实验加推理的方法，不可能用实验直接验证，故A正确；B、在一个参考系中观测是同时发生的两事件，在相对于此参考系运动的别的参考系中观测就可能不是同时的，而是一先一后发生的，故B正确；C、麦克斯韦预言了光是电磁波，德国物理学家赫兹首次用实验测量了电磁波的传播速度，故
16、C正确；D、牛顿发现了万有引力定律之后，卡文迪许测出了引力常量G，卡文迪许被称为能“称量地球质量”的人，故D错误；本题选不正确的，故选：D点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2（6分）（2015春成都校级月考）如图所示，一细的白光束通过某种玻璃三棱镜折射后分成a、b、c三束单色光，则这三种单色光比较（）A频率关系是fafbfc，波长关系是abcB三种单色光在真空中的传播速度关系是vavbvcC三种单色光在从某种介质以相同的入射角射向空气中时若b光发生全反射则c光一定发生全反射D三种单色光通过同一双缝干涉装置产生的干涉条纹中c光
17、的条纹间距最大考点：光的折射定律 专题：光的折射专题分析：根据光线的偏折程度比较光的折射率大小，从而得出光的频率大小，在介质中传播的速度大小根据双缝干涉条纹的间距公式，通过波长的大小得出干涉条纹间距的大小根据全反射的条件，结合临界角的大小判断能否发生全反射解答：解：A、由光路图可知，a光的偏折程度最小，则a光的折射率最小，c的折射率最大，a的频率最小，c的频率最大，即：fafbfc，由c=f可知，=，则abc，故A错误；B、由n=可知，光在介质的速度：v=，由于nanbnc，则vavbvc，故B错误；C、a光的折射率最小，由sinC=可知，a的临界角最大，c的临界角最小，光束以相同的入射角从水
18、中射向空气，若b光能发生全反射，则c光也一定能发生全反射，故C正确D、已知abc，由x=可知，三种单色光通过同一双缝干涉装置产生的干涉条纹中c光的条纹间距最小，a的条纹最大，故D错误；故选：C点评：解决本题的突破口在于通过光线的偏折程度比较出光的折射率大小，知道折射率、频率、临界角、波长、在介质中的速度等大小关系3（6分）（2015春成都校级月考）2014年2月12日在新疆于田县附近发生7.3级地震，震源深度12千米如果该地震中的简谐横波在地壳中匀速传播的速度大小为4km/s，已知波沿x轴正方向传播，某时刻刚好传到x=120m处，如图所示，则下列说法正确的是（）A从波源开始振动到波源迁移到地面
19、需要经过3s时间B从波传到x=120 m处开始计时，经过t=0.06 s位于x1=360m处的质点加速度最大C再经过t=0.3 s质点M经过的路程为56mD此刻波动图象上除M点外与M点势能相同的质点有5个考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象 分析：机械波传播的过程中介质中的质点不向前迁移由图得到波长，求出周期，根据时间与周期的关系分析质点的加速度势能相同的点位移大小相等由x=vt求解波传播的距离解答：解：A、波向前传播的过程中，介质中所有质点都不随波向前迁移，故A错误；B、由图知波长为 =60m，该波的周期为 T=s=0.015s，从波传到x=120m处开始计时，经过t=0.06s，恰好完
20、成了4个周期，位于x=360m处的质点在平衡位置，加速度最小，故B错误；C、再经过t=0.3s，质点M经过的路程为 S=4A=56m，故C正确；D、位移大小相等的点势能相同由简谐运动的对称性可得，除M点外与M点势能相同的质点有7个，故D错误；故选：C点评：解决本题的关键要掌握波的特点：质点不“随波逐流”，由波的传播方向，运用“上下坡”法判断质点的振动方向能根据时间与周期的关系，分析质点的状态4（6分）（2015菏泽二模）如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为5：1，原线圈输入如图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻，R为半导体
21、热敏电阻（其阻值随温度的升高而减小）下列说法中正确的是（）A图乙中电压的有效值为110VB电压表的示数为44VCR处出现火警时，电流表示数减小DR处出现火警时，电阻R0消耗的电功率增大考点：变压器的构造和原理；电功、电功率 专题：交流电专题分析：求有效值方法是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比，半导体热敏电阻是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的电阻，R处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化解答：解：A、设将此电流加在阻值为R的电
22、阻上，电压的最大值为Um，电压的有效值为U=T代入数据得图乙中电压的有效值为110V，故A错误；B、变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈中的电压之比是5：l，所以电压表的示数为22v，故B错误C、R处温度升高时，阻值减小，副线圈电流增大，而输出功率和输入功率相等，所以原线圈中电流增大，即电流表示数增大，故C错误D、R处出现火警时通过R0的电流增大，电压不变；所以电阻R0消耗的电功率增大，故D正确故选：D点评：根据电流的热效应，求解交变电流的有效值是常见题型，要熟练掌握根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解
23、决本题的关键5（6分）（2015春成都校级月考）我国月球探测活动的第一步“绕月”工程和第二步“落月”工程已按计划在2013年以前顺利完成假设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0，飞船沿距月球表面高度为3R的圆形轨道运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆转移轨道，到达轨道的近月点B时再次点火进入月球近月轨道绕月球做圆周运动，则下列判断正确的是（）A飞船在轨道上的运行速率v=B飞船在A点处点火变轨时，动能和机械能都增大C飞船在转移轨道上从A到B运行的过程中机械能不变，引力势能增大D飞船在轨道绕月球运动一周所需的时间T=考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 专题：人造卫
24、星问题分析：根据万有引力提供向心力和万有引力等于重力求出飞船在轨道上的速度以及在轨道上的周期根据飞船是做离心还是近心运动，判断动能的变化解答：解：A、飞船在轨道上，万有引力提供向心力：=m在月球表面，万有引力等于重力得：=mg0，解得v=，故A正确；B、飞船在A点变轨，做近心运动，需减速，所以动能减小，故B错误；C、飞船从A到B的过程中，只有万有引力做功，机械能守恒不变，引力势能减小故C错误D、设飞船在近月轨道绕月球运行一周所需的时间为T，则：mR=mg0，T=2，故D错误故选：A点评：解决本题的关键掌握万有引力定律的两个重要理论：1、万有引力提供向心力，2、万有引力等于重力，并能灵活运用6（
25、6分）（2015资阳模拟）如图1所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h=0.1m处，滑块与弹簧不拴接现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h并作出如图2滑块的Ekh图象，其中高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零势能面，取g=10m/s2，由图象可知（）A小滑块的质量为0.1kgB轻弹簧原长为0.2mC弹簧最大弹性势能为0.5JD小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.4J考点：功能关系 分析：根据对Ekh图象的理解：图线的斜率表示滑块所受的合外力，高度从0.2m上升到0.35m范围内
26、图象为直线，其余部分为曲线和能量守恒定律求解解答：解：A、在从0.2m上升到0.35m范围内，Ek=EP=mgh，图线的斜率绝对值为：k=2N=mg，所以：m=0.2kg，故A错误；B、在Ekh图象中，图线的斜率表示滑块所受的合外力，由于高度从0.2m上升到0.35m范围内图象为直线，其余部分为曲线，说明滑块从0.2m上升到0.35m范围内所受作用力为恒力，所示从h=0.2m，滑块与弹簧分离，弹簧的原长的0.2m故B正确；C、根据能的转化与守恒可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧最大弹性势能，所以Epm=mgh=0.210（0.350.1）=0.5J，故C正确；D、由图可知，当
27、h=0.18m时的动能最大；在滑块整个运动过程中，系统的动能、重力势能和弹性势能之间相互转化，因此动能最大时，滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小，根据能的转化和守恒可知，EPmin=EEkm=Epm+mghEkm=0.5+0.2100.10.32=0.38J，故D错误；故选：BC点评：本题考查了能量守恒定律和图象的理解与应用问题，结合该图象得出滑块从0.2m上升到0.35m范围内所受作用力为恒力，说明物体不再受到弹簧的弹力的作用是解题的关键7（6分）（2015春成都校级月考）如图所示，质量为3m的重物与一质量为m的导线框用一根绝缘细线连接起来，挂在两个高度相同的定滑轮上，已知导线框电阻为R
28、，横边边长为L有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场上下边界的距离、导线框竖直边长均为h初始时刻，磁场的下边缘和导线框上边缘的高度差为2h，将重物从静止开始释放，导线框加速进入磁场，在导线框穿出磁场前已经做匀速直线运动，滑轮质量、摩擦阻力均不计，重力加速度为g则下列说法中正确的是（）A导线框刚进入磁场时的速度为v=2B导线框进入磁场后，若某一时刻的速度为v，则此时重物的加速度为a=gC导线框穿出磁场时的速度为D导线框通过磁场的过程中产生的热量Q=8mgh考点：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律 分析：线框进入磁场前，根据重物与线框组成的机械能守恒求解线框进入磁场时的速度；推导出安
29、培力表达式，由平衡条件也可求得线框穿出磁场时的速度；线框的高度与磁场的高度相等，线框通过磁场的过程都做匀速直线运动；根据能量守恒定律求解产生的热量Q；若某一时刻的速度为v，推导出安培力，运用牛顿第二定律列式求解加速度解答：解：A、线框进入磁场前，根据重物与线框组成的机械能守恒得：（3mgmg）2h=（3m+m）v2；解得线框进入磁场时的速度为：v=故A错误B、线框进入磁场后，若某一时刻的速度为v，对整体，根据牛顿第二定律得：3mgmg=（3m+m）a解得：a=g故B正确C、线框进入磁场时，根据平衡条件得：3mgmg=F安，而F安=联立解得线框进入磁场时的速度为：v=线框的高度与磁场的高度相等，
30、线框通过磁场的过程都做匀速直线运动，所以线框穿出磁场时的速度为v=故C错误D、设线框通过磁场的过程中产生的热量为Q对从静止到刚通过磁场的过程，根据能量守恒得：Q=（3mgmg）4h将v=代入得：Q=8mgh，故D正确故选：BD点评：本题力学知识与电磁感应的综合，要认真审题，明确物体运动的过程，正确分析受力及各力的做功情况，要熟练推导或记住安培力的表达式F安=二、实验题（17分）8（6分）（2015春成都校级月考）某兴趣小组准备探究“合外力做功和物体速度变化的关系”，实验前组员们提出了以下几种猜想：Wv；Wv2；W；W（v）2为了验证猜想，他们设计了如图甲所示的实验装置PQ为一块倾斜放置的木板，
31、在Q处固定一个速度传感器（用来测量物体每次通过Q点的速度）在刚开始实验时，小刚同学提出“不需要测出物体质量，只要测出物体初始位置到速度传感器的距离L和读出速度传感器的读数v就行了”，大家经过讨论采纳了小刚的建议（1）请你说明小刚建议根据动能定理列出方程式，可以简化约去质量m；（2）让物体分别从不同高度无初速释放，测出物体初始位置到速度传感器的距离L1、L2、L3、L4，读出物体每次通过Q点的速度v1、v2、v3、v4、，并绘制了如图乙所示的Lv图象若为了更直观地看出L和v的变化关系，他们下一步应该作出A；ALv2图象 BL图象 CL图象DL图象（3）实验中，木板与物体间摩擦力不会（“会”或“不
32、会”）影响探究的结果考点：探究功与速度变化的关系 专题：实验题分析：通过实验来探究“合外力做功和物体速度变化的关系”每次实验物体从不同初位置处静止释放，量出初位置到速度传感器的位移、读出物体到传感器位置的速度根据实验数据列出数据表并描点作出图象，从而找到位移与速度变化的关系，在运动过程中，由于物体受力是恒定的，所以得出合外力做功与物体速度变化的关系因此在实验中物体与木板间的摩擦力不会影响探究的结果解答：解：（1）若只有重力做功，则：mgmgLsin=，等号的两边都有m，可以约掉，故不需要测出物体的质量用牛顿第二定律求解，也能得出相同的结论若是重力和摩擦力做功，则：，等号的两边都有m，可以约掉，
33、故不需要测出物体的质量用牛顿第二定律求解，也能得出相同的结论（2）采用表格方法记录数据，合理绘制的Lv图象是曲线，不能得出结论Wv2为了更直观地看出L和v的变化关系，应该绘制Lv2图象故选：A（3）重力和摩擦力的总功W也与距离L成正比，因此不会影响探究的结果故答案为：（1）根据动能定理列出方程式，可以简化约去质量m；（2）A；（3）不会点评：通过实验数据列表、描点、作图从而探究出问题的结论值得注意的是：由于合外力恒定，因此合外力做的功与发生的位移是成正比故可先探究位移与速度变化有何关系9（11分）（2015春成都校级月考）某同学为测定金属丝的电阻率，设计了如图甲所示电路，电路中ab是一段电阻率
34、较大、粗细均匀的电阻丝，保护电阻R0=4.0，电源的电动势E=3.0V，其内电阻r未知电流表内阻很小，可以忽略不计，电阻丝上的滑片P与电阻丝始终接触良好（1）实验中该同学先用螺旋测微器测得电阻丝的直径d=0.400mm，然后按图甲连接好电路，在闭合开关之前，应将滑片P置于右端（选填“左端”“中间”、“右端”）（2）实验时闭合开关，调节滑片P的位置，分别测量出每次实验中aP长度x及对应的电流值I，实验数据如表所示：x（m）0.100.200.300.400.500.60I（A）0.490.430.380.330.310.28（A1）2.042.332.633.033.233.57将表中数据描在x
35、坐标纸中，如图乙所示请在坐标纸上作出表示x关系的图线该同学根据实验设计的思想得到图象中直线的斜率的表达式k=（用题中相应量的字母及必要的数字表示），由图线求得电阻丝的电阻率=1.1106m（保留两位有效数字）根据图丙中x关系图线纵轴截距的物理意义，可求得电源的内阻为r=1.4（保留两位有效数字）考点：测定金属的电阻率 专题：实验题分析：（1）滑动变阻器采用限流接法时，为保护电路安全，闭合开关前，要把滑片置于阻值最大处（2）应用描点法作出图象；根据电路图，应用欧姆定律与电阻定律求出图象的函数表达式，然后分析答题；根据电路图与图象求出电源内阻解答：解：（1）由图示电路图可知，电阻丝串联在电路中，为
36、保护电路安全，闭合开关前，滑片要置于最右端（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象，图象如图所示：根据图甲所示电路图，由欧姆定律可知：I=，=+，由电阻定律可知：R=，则：=+x，x图象的斜率：k=，由图示图象可知：k=2.86，电阻率：=1.1106mx图象的截距：b=1.8，电源内阻：r=bER0=1.834=1.4故答案为：（1）右端；（2）图象如图所示；1.1106；1.4点评：本题考查了实验注意事项、实验数据处理，要掌握描点法作图的方法；应用欧姆定律与电阻定律求出图象的函数表达式是正确解题的关键三、计算题（本题含3个小题、共51分、要求写出必要的步骤、物理
37、公式及相应的文字说明，只有结果概不给分）10（15分）（2015春成都校级月考）如图所示，小物块A、B由跨过定滑轮的轻绳相连，A置于倾角为37的光滑固定斜面上，B位于水平传送带的左端，轻绳分别与斜面、传送带平行传送带始终以速度v0=2m/s顺时针匀速传动，某时刻B从传送带左端以速度v1=6m/s向右运动，经一段时间回到传送带的左端已知A、B质量均为1kg，B与传送带间的动摩擦因数为=0.2，斜面、轻绳、传送带均足够长，A不会碰到定滑轮，定滑轮的质量与摩擦均不计g取10m/s2，sin37=0.6求：（1）B向右运动的总时间t；（2）B回到传送带最左端时物体A的重力的功率P（计算结果可用根号表示
38、）考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律 专题：功率的计算专题分析：（1）B向右运动的过程中分别以A与B为研究的对象，结合牛顿第二定律先求出加速度，然后由运动学的公式求出运动的时间；（2）B向左运动的过程中B为研究的对象，结合牛顿第二定律先求出加速度，然后由运动学的公式求出B回到传送带左端的速度，再由P=Fv即可求出功率解答：解：（1）B向右运动减速运动的过程中，刚开始时，B的速度大于传送带的速度，以B为研究的对象，水平方向B受到向左的摩擦力与A对B的拉力，设AB之间绳子的拉力为T1，以向左为正方向，得：T1+mg=ma1以A为研究的对象，则A的加速度的大小始终与B是相等的，A向上运动的
39、过程中受力如图，则：mgsin37T1=ma1联立可得：B的速度与传送带的速度相等时所用的时间：当B的速度与传送带的速度相等之后，B仍然做减速运动，而此时B的速度小于传送带的速度，所以受到的摩擦力变成了向右，所以其加速度也发生了变化，此后B向右运动减速运动的过程中，设AB之间绳子的拉力为T2，以B为研究的对象，水平方向B受到向右的摩擦力与A对B的拉力，则：T2mg=ma2以A为研究的对象，则A的加速度的大小始终与B是相等的，A向上运动的过程中受力如图，则：mgsin37T2=ma2联立可得：当B向右达到最右端时的速度等于0，再经过时间：B向右运动的总时间：t=t1+t2=1s+1s=2s（2）
40、B向左运动的过程中，受到的摩擦力的方向仍然向右，仍然受到绳子的拉力，同时，A受到的力也不变，所以它们受到的合力不变，所以B的加速度t1时间内B的位移：，负号表示方向向右；t2时间内B的位移：，负号表示方向向右；B的总位移：x=x1+x2=41=5mB回到传送带左端的位移：x3=x=5m速度：对A物体，重力的功率：P=mgvsin37代入数据解得：答：（1）B向右运动的总时间为2s；（2）B回到传送带左端时物体A的重力的功率为W点评：该题中，开始时物体的速度大于传送带的速度，减速后的速度小于传送带的速度，所以传送带大于物体摩擦力的方向是不同的，则物体的加速度会发生变化这是题目中容易错误的地方开始
41、时物体的速度大于传送带的速度，减速后的速度小于传送带的速度，所以开始时物体相对于传送带向右运动，之后物体相对于传送带向左运动，难度适中11（17分）（2015春成都校级月考）如图所示，直线形挡板p1p2p3与半径为r的圆弧形挡板p3p4p5平滑连接并安装在水平台面b1b2b3b4上，挡板与台面均固定不动线圈c1c2c3的匝数为n，其端点c1、c3通过导线分别与电阻R1和平行板电容器相连，电容器两极板间的距离为d，电阻R1的阻值是线圈c1c2c3阻值的2倍，其余电阻不计，线圈c1c2c3内有一面积为S、方向垂直于线圈平面向上的匀强磁场，磁场的磁感应强度B随时间均匀增大质量为m的小滑块带正电，电荷
42、量为q且在运动过程中始终不变，在水平台面上以初速度v0从p1位置出发，沿挡板运动并通过p5位置若电容器两板间的电场为匀强电场，p1、p2在电场外，间距为l，其间小滑块与台面的动摩擦因数为，其余部分的摩擦不计，重力加速度为g求：（1）小滑块通过p2位置时的速度大小；（2）电容器两极板间电场强度的取值范围；（3）经过时间t，磁感应强度变化量的取值范围考点：法拉第电磁感应定律；带电粒子在匀强电场中的运动 专题：电磁感应与电路结合分析：（1）根据过程分析，滑块从p1运动到p2的过程运用动能定理可以求解第一问；（2）小滑块要能到达p5位置，则必须能达到最高点，根据圆周运动的特点，能在竖直平面内做圆周运动
43、需要条件，列圆周运动的向心力公式，结合受力特点即可求解第二问；（3）根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由闭合电路欧姆定律、电场公式联立方程即可解决第三问解答：解：（1）小滑块运动到位置P2时速度为v1，由动能定理有：mgl= v1=（2）由题意可知，电场方向如图，若小滑块能通过位置p，则小滑块可沿挡板运动且通过位置p5，设小滑块在位置p的速度为v，受到的挡板的弹力为N，匀强电场的电场强度为E，由动能定理有：mgl2rEq=当滑块在位置p时，由牛顿第二定律有：N+Eq=m 由题意有：N0由以上三式可得：E E的取值范围：0E（3）设线圈产生的电动势为E1，其电阻为R，平行板电容器两端的电压为
44、U，t时间内磁感应强度的变化量为B，得：U=Ed 由法拉第电磁感应定律得E1=n由全电路的欧姆定律得E1=I（R+2R） 因 U=2RI 经过时间t，磁感应强度变化量的取值范围：0答：（1）小滑块通过p2位置时的速度大小；（2）电容器两极板间电场强度的取值范围0E；（3）经过时间t，磁感应强度变化量的取值范围0点评：对于这类题目，首先要细分过程，题目中条件繁杂，要画出特定条件下的轨迹图，要对每个过程进行受力分析，从而链接熟悉的题型，就像本题第二个过程，大体上属于圆周运动，再细分就类同于学过的竖直面内的非匀速圆周运动；此外一定要把所求问题和已知条件，特别是特定条件结合起来，寻求解题思路就像第三问
45、，求磁感应强度变化量，它所联系的是法拉第电磁感应定律，列出公式，转化为求E，再根据欧姆定律转化为求U，这样正反推导就可解决复杂问题12（19分）（2015春成都校级月考）如图所示，在xOy平面的第象限的某一区域有垂直于纸面向外的匀强磁场B1，磁场区域的边界为半圆形有一质量m=1012kg、带正电q=107C的a粒子从O点以速度v0=105m/s，沿与y轴正方向成=30射入第象限，经磁场偏转后从y轴上的P点垂直于y轴射出磁场进入第象限，P点纵坐标为yP=3my轴右侧和垂直于x轴的虚线左侧间有平行于y轴指向y轴负方向的匀强电场，a粒子将从虚线与x轴交点Q进入第象限，Q点横坐标xQ=6m，虚线右侧有
46、垂直纸面向里的匀强磁场B2，其磁感应强度大小B2=B1不计粒子的重力，求：（1）匀强电场的电场强度E的大小（保留三位有效数字）；（2）第象限的半圆形磁场磁感应强度B1的大小和半圆形磁场区域B1的最小面积S；（3）若在a粒子刚进入磁场B1的同时，有另一带电量为q的b粒子，从y轴上的M点（图中未画）以速度v0垂直于y轴射入电场，a、b粒子将在B2区域迎面相遇于N点，求N点的坐标（不计a、b粒子间的相互作用力）考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）a粒子在电场中作类平抛运动，抓住粒子在垂直电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做匀加速
47、直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出电场强度的大小（2）作出粒子在磁场中的运动轨迹，结合几何关系求出半径，根据半径公式求出磁感应强度通过几何关系求出半圆形磁场区域B1的最小面积S（3）a、b粒子将发生迎面正碰，故a粒子经过磁场B2偏转后有b粒子碰撞；先求解粒子从O点经过磁场B1、电场、磁场B2后的时间以及离开磁场B2的坐标点；最后将在电场中的运动分为x方向的分运动和y方向的分运动列式，根据位移关系和时间关系列式后联立求解解答：解：（1）a粒子在电场中作类平抛运动，运动时间为txQ=v0t a= 由解得E=5.56103N/C（2）a粒子在磁场B1中作匀速圆周运动，轨迹如图所示，半径为R1
48、，由图可知， 代入数据解得R1=1m 由解得B1=1T设粒子在A点进入磁场B1，AP的中点为最小半圆磁场区域的圆心，半径为r，r=Rsin60 半圆形磁场区域B1的最小面积m2（3）设a粒子在A点进入磁场B2时的速度v与x轴的夹角为，轨道半径为R2，则 =30 设粒子在磁场B2中的射出点为c，由题意分析知b粒子与a粒子在B2区域迎面相遇，其轨迹与a粒子轨迹恰好对称，所以b粒子在磁场B2中的入射点为c，半径R3=R2由粒子在磁场中运动的周期T= （10）粒子a在B1和B2中做圆周运动的周期T1、T2与b粒子在B2中作圆周运动的周期T3的关系是：T1：T2：T3，a粒子在B1中运动时间为，所以，当a粒子到Q点时，b粒子在磁场中已运动了，接下来在各自运动三分之一周期即相遇，即a、b粒子相遇点N是轨迹与x轴的交点 （11）解得相遇点N的坐标为（m，0m）答：（1）匀强电场的电场强度E的大小为5.56103N/C（2）半圆形磁场磁感应强度B1的大小1T，最小面积为（3）N点的坐标为（m，0m）点评：本题关键是明确粒子的运动规律，要分过程画出粒子的运动轨迹，然后运用牛顿第二定律、类平抛运动的分运动公式、运动学公式列式求解；本题几何关系较为复杂，表现为多物体、多过程、多规律，是典型的“三多”问题；较难