1、习题课:闭合电路欧姆定律的应用课后篇巩固提升基础巩固1.欧姆表电路及刻度盘如图所示,现因表头损坏,换用一个新表头。甲表头满偏电流为原来表头的2倍,内阻与原表头相同;乙表头满偏电流与原表头相同,内阻为原表头的2倍,则换用甲表头和换用乙表头后刻度盘的中值电阻分别为()A.100 ,100 B.200 ,100 C.50 ,100 D.100 ,200 解析由欧姆表改装原理及闭合电路欧姆定律可得,甲表头满偏电流为原表头的2倍,内阻与原表头相同,在电动势不变的情况下,其中值电阻变为原来的12,即50;乙表头满偏电流与原表头相同,内阻为原表头的2倍,在电动势不变的情况下,其中值电阻不变,即100,则C正
2、确,A、B、D错误。答案C2.(多选)(2020云南楚雄高二上学期期末)如图所示,电源电动势为E、内阻为r,电流表、电压表均为理想电表,当开关闭合后,三个小灯泡均能正常发光,当滑动变阻器的触头P向右移动时,关于灯泡的亮度和电表示数变化情况,下列说法正确的是(小灯泡不会烧坏)()A.L1变亮,L2变暗,L3变暗B.L1变暗,L2变暗,L3变亮C.电流表A的示数变大,电压表V的示数变小D.电流表A的示数变小,电压表V的示数变大解析滑动变阻器滑片P向右移动,阻值增大,总阻值增大,根据闭合电路欧姆定律可知,干路电流减小,路端电压增大,故电流表示数变小,电压表示数变大,故C错误,D正确;干路电流减小,则
3、灯泡L1两端电压减小,变暗,路端电压增大,则并联电路电压增大,灯泡L3两端电压增大,变亮,流过灯泡L2的电流减小,变暗,故A错误,B正确。答案BD3.如图所示的U-I图像中,是电源的路端电压随电流变化的图线,是某电阻两端的电压随电流变化的图线,该电源向该电阻供电时,电阻消耗的功率和电源的效率分别为()A.4 W和33.3%B.2 W和66.7%C.2 W和33.3%D.4 W和66.7%解析由图像可知,电阻的阻值大小为R=UI=22=1,电源的电动势大小为E=3V,内阻为r=0.5,电源的效率=UE=IRI(R+r)=RR+r=11+0.5100%=66.7%,电阻消耗的功率P=IU=22W=
4、4W,故选项D正确。答案D4.(2020重庆高二上学期期末)图(a)为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E是电池,R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻,R6是可变电阻。虚线方框内为换挡开关,A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位,5个挡位为:直流电压1 V挡和5 V挡,直流电流1 mA挡和2.5 mA挡,欧姆挡为“100 ”。图(a)图(b)(1)图(a)中的B端与(填“红”或“黑”)色表笔相连接;(2)关于R6的使用,下列说法正确的是(填正确答案标号);A.在使用多用电表之前,调整R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置B.使用电流挡时,调整R6使电表指针尽可能指在表盘右
5、端电流最大位置C.使用欧姆挡时,先将两表笔短接,调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置(3)某次测量时该多用电表指针位置如图(b)所示。若此时B端是与“1”相连的,则多用电表读数为 mA;若此时B端是与“3”相连的,则读数为 k。解析(1)根据欧姆表原理可知,内部电源的正极应接黑表笔,红表笔与内置电源负极相连,由题中电路图可知,B端与红表笔相连;(2)由电路图可知,R6只在测量电阻时才接入电路,故其作用只能进行欧姆调零,不能进行机械调零,同时在使用电流挡时也不需要实行调节,故C正确,A、B错误;(3)若与1连接,则量程为2.5mA,由图示表盘可知,其分度值为0.05mA,读数为1.48m
6、A;选择开关接3时为欧姆挡,读数为1100=1.1k。答案(1)红(2)C(3)1.48 mA1.1 k5.如图所示,直线OAC为某一直流电源的总功率P随电流I变化的图线,曲线OBC表示同一直流电源内部的热功率P随电流I变化的图线。若A、B点的横坐标均为1 A,那么AB线段表示的功率为()A.1 WB.6 WC.2 WD.2.5 W解析由题图可以看出,在C点,电源的总功率等于电源内部的热功率,所以电源的电动势为E=3V,短路电流为I=3A,所以电源的内阻为r=EI=1。题图上AB线段表示的功率为PAB=P总-I2r=(13-121)W=2W。故正确选项为C。答案C6.如图所示电路中,电源电动势
7、E=12 V,内阻r=2 ,R1=4 ,R2=6 ,R3=3 。(1)若在C、D间连一个理想电压表,其读数是多少?(2)若在C、D间连一个理想电流表,其读数是多少?解析(1)若在C、D间连一个理想电压表,根据闭合电路欧姆定律,有I1=ER1+R2+r=124+6+2A=1A。理想电压表读数为UV=I1R2=6V。(2)若在C、D间连一个理想电流表,这时电阻R2与R3并联,并联电阻大小R23=R2R3R2+R3=636+3=2根据闭合电路欧姆定律,有I2=ER1+R23+r=124+2+2A=1.5AU2=E-I2(r+R1)=3V理想电流表读数为I=U2R3=1A。答案(1)6 V(2)1 A
8、能力提升1.(2020四川内江高二上学期期末)在如图所示的电路中,E为电源电动势,r为其内阻,L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变),R1、R2为定值电阻,R3为光敏电阻,其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小,V为理想电压表。当开关S闭合后,若将照射R3的光的强度减弱,则下列说法中正确的是()A.电压表的示数变小B.通过R2的电流变小C.小灯泡消耗的功率变大D.电源的内电压变大解析光敏电阻光照减弱,则光敏电阻的阻值增大,电路中的总电阻增大,由闭合电路欧姆定律可得,电路中电流减小,故R1两端的电压减小,故A正确;因电路中电流减小,故电源内阻的电压减小,路端电压增大,同时R1两端的电压减小,故并联电
9、路部分电压增大,则流过R2的电流增大,故B、D错误;由并联电路的电流规律可知,总电流减小,流过支路R2的电流增大,所以流过灯泡的电流一定减小,故由P=I2R可知,小灯泡消耗的功率变小,故C错误。答案A2.(多选)(2020四川德阳高二上学期期末)在如图所示的电路中,电源的负极接地,其电动势为E、内电阻为r,R1、R2为定值电阻,R3为滑动变阻器,rR1,C为电容器,电流表和电压表都为理想电表。在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中,下列说法中正确的是()A.电压表示数变大B.电流表示数变小C.电源的输出功率增大D.电容器C所带电荷量增多解析滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中,电阻
10、减小,外电路总电阻减小,干路电流I增大,电阻R1两端电压增大,则电压表示数变大,A正确;电阻R2两端的电压:U2=E-I(R1+r),I增大,则U2变小,流过R2的电流减小,则流过电流表的电流增大,则电流表示数变大,故B错误;因为rR1,故当外电路总电阻减小时,内外电阻更加接近,电源的输出功率增大,C正确;由于U2变小,电容器板间电压变小,其带电荷量减小,故D错误。答案AC3.欧姆表的工作原理图如图所示。(1)若表头的满偏电流为Ig=500 A,干电池的电动势为1.5 V,求灵敏电流表的电流刻度值为50 A、250 A 时对应的欧姆表的电阻值。(2)求表针偏转到灵敏电流表满刻度的13时,待测电
11、阻的电阻值。解析(1)对应电流“0”刻度和满偏电流“500A”的电阻刻度分别为“”和“0”。由闭合电路的欧姆定律得,调零时:Ig=ERg+r+R0,所以欧姆表的总内阻R内=Rg+r+R0=EIg=3000。测量电阻Rx时:I=ER内+Rx,Rx=EI-R内,当I=50A时,Rx=1.55010-6-3000=3104-3103=2.7104。同理可求出电流为250A时,对应的电阻为3103。(2)当表针偏转到满刻度的13处时,Rx=EI-R内=1.51350010-6-3000=6000。答案(1)2.71043103(2)6 000 4.如图所示的电路中,R1=3 ,R2=6 ,R3=1.5
12、 ,C=20 F。当开关S断开时,电源所释放的总功率为2 W;当开关S闭合时,电源所释放的总功率为4 W,求:(1)电源的电动势和内电阻。(2)闭合S时,电源的输出功率。(3)S断开和闭合时,电容器所带的电荷量各是多少。解析(1)S断开时外电路R2、R3串联E=I1(R2+R3)+I1rP1=EI1S闭合时外电路R1、R2并联后与R3串联R外=R3+R1R2R1+R2代入数据R外=1.5+363+6=3.5对闭合电路E=I2R外+I2rP2=EI2由可得E=4Vr=0.5I1=0.5AI2=1A(2)闭合S时,电源的输出功率P=I22R外=123.5W=3.5W(3)S断开时Q1=CUR2=2
13、010-60.56C=610-5CS闭合,电容器两端的电势差为零,则Q2=0答案(1)4 V0.5 (2)3.5 W(3)610-5 C05.(2020云南楚雄高二上学期期末)如图所示,R1=R3=2R2=2R4,开关S闭合时,间距为d平行板电容器C的正中间有一质量为m,带电荷量为q的小球恰好处于静止状态;现将开关S断开,小球将向电容器某一个极板运动,不计电源内阻,求:(1)电源的电动势大小;(2)小球第一次与极板碰撞前瞬间的速度大小。解析(1)开关S闭合时,R1、R3并联与R4串联,(R2中没有电流通过)UC=U4=12E对带电小球有:mg=qUCd=qE2d得:E=2mgdq(2)开关S断开后,R1、R4串联,则UC=E3=2mgd3q小球向下运动与下极板相碰前瞬间,由动能定理得mgd2-qUC2=12mv2解得:v=gd3答案(1)2mgdq(2)gd3
