1、河北省邢台市巨鹿中学2020-2021学年高一物理上学期第三次月考试题（含解析）第I卷（选择题 共46分）一、单选题（本题共10小题；每小题3分，共30分。）1. 第26届国际计量大会通过“修订国际单位制(SI)”的决议，将千克、安培、开尔文和摩尔4个国际单位制的基本单位改由物理常数重新定义，从而提高计量单位的稳定性和精确度。基本单位“千克”所对应的物理量是（ ）A. 力B. 时间C. 长度D. 质量【答案】D【解析】【分析】【详解】ABCD.由国际基本单位制可知，“千克”对应的物理量为质量。故D正确ABC错误。故选D。2. 如图所示，冰壶在冰面运动时可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不
2、变，这种抵抗运动状态变化的“本领”，我们称之为“惯性”，则冰壶惯性的大小取决于（）A. 冰壶脱离手前受到的推力大小B. 冰壶的初速度C. 冰壶的质量D. 冰壶脱离手后受到的阻力大小【答案】C【解析】【分析】【详解】质量是惯性大小的量度，则冰壶惯性的大小取决于冰壶的质量，与冰壶的运动状态以及受力无关。故选C3. 2020年7月4日，羽毛球运动员林丹宣布退役，如图是林丹在某次羽毛球比赛中跃起的动作，将羽毛球以原速率斜向上击回，球在空中运动一段时间后落至对方的界内。林丹运动过程中空气阻力不计，则下列说法正确的是（）A. 林丹离地上升过程中处于超重状态B. 林丹在最高点速度为零，处于平衡状态C. 林丹
3、在空中的运动过程处于失重状态D. 林丹击球过程中羽毛球加速度为零【答案】C【解析】【分析】【详解】A林丹离地上升过程中只受重力，加速度为重力加速度，则处于失重状态，故A错误；B林丹在最高点时仅受重力作用，即所受外力不为零，不是处于平衡状态，故B错误；C林丹在空中的运动过程只受重力，加速度为重力加速度，则处于失重状态，故C正确；D林丹击球过程中球的速率不变，但方向发生变化，即速度变化，则加速度不为0，故D错误。故选C。4. 质量为2kg的物体放在光滑水平面上，同时受到大小为2N和5N的两个水平力作用，物体的加速度不可能为（）A. 1m/s2B. 2m/s2C. 2.5m/s2D. 3m/s2【答
4、案】A【解析】【分析】【详解】2N和5N合力的范围是3N7N，则根据可知，加速度的范围1.5m/s23.5m/s2，不可能为1m/s2。故选A。5. 某同学想利用所学力学知识研究地铁列车的运动情况，他把一根细绳的下端绑着一支圆珠笔，细绳的上端用电工胶布临时固定在地铁列车车厢里竖直扶手上。在地铁列车运动的某段过程中，他观察到细绳偏离了竖直方向，并相对车厢保持静止，测量出细绳与竖直方向的夹角大小为。他用手机拍摄了当时情景，如图所示， 拍摄方向跟地铁列车运动方向垂直。已知重力加速度为g，根据这张照片，你能推断出这段过程中（）A. 地铁列车速度方向B. 地铁列车加速度方向C. 地铁列车加速度大小为D.
5、 地铁列车一定加速运动【答案】B【解析】【分析】【详解】ABD圆珠笔相对车厢保持静止，在水平方向做直线运动，圆珠笔受重力和细绳斜向左上方的拉力，则圆珠笔的加速度方向水平向左，所以地铁列车加速度方向水平向左，地铁列车可能向左做加速运动也可能向右做减速运动。故B正确，AD错误。C根据牛顿第二定律可知解得选项C错误。故选B。6. 如图所示，质量为m=1kg的木块上方用一根轻质绳与天花板链接，下方与一根轻质弹簧相连，且弹簧的拉力为2N木块处于静止状态，当轻绳被剪断瞬间，木块的加速度为（）A. 10m/s2B. 12m/s2C. 2m/s2D. 0【答案】B【解析】【分析】先求解物体静止时细线的拉力；剪
6、断细线后的瞬时，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求解加速度.【详解】物体静止时细线的拉力为T=F+mg=12N，剪断细线后的瞬时，弹簧的弹力不变，则物体的加速度为，故选B.【点睛】本题关键是注意剪断细线后的瞬时，细线的拉力变为零，而弹簧的弹力不能突变，结合牛顿第二定律求解.7. 如图，物体A、B放在光滑水平面上，A的质量是B的2倍，用水平恒力推A，使A和B一起向右运动，则A、B间的作用力大小为（ ）A. B. C. D. F【答案】A【解析】【分析】【详解】设B的质量为m，则A的质量为2m，AB间的作用力为N，以物体A、B组成的整体为研究对象，由牛顿第二定律得再以B为研究对象，由牛顿第二定律得
7、联立解得，故A正确，BCD错误。故选A。8. A、B两个物体在水平面上沿同一直线运动，它们的v-t图像如图所示。在t=0时刻，B在A的前面，两物体相距11m，则下列说法正确的是（）A. B物体的加速度大小为2.5m/s2B. 前3s内，B物体的速度方向与加速度方向相同C. A物体追上B物体所用时间是8sD. A物体追上B物体所用时间是9s【答案】D【解析】分析】【详解】AB物体的加速度为即B物体的加速度大小为2.0m/s2，选项A错误；B前3s内，B物体做匀减速运动，则其速度方向与加速度方向相反，选项B错误；CD根据图象可知，B减速到零所需的时间t=5s。在5s内，A的位移为xA=vAt=45
8、m=20mB的位移为 此时两车相距x=xB+11-xA=25+11-20=16m所以A追上B所需的时间为选项C错误，D正确。故选D。9. 如图所示，ad、bd、cd是竖直面内三根固定的光滑细杆，它们与水平面之间的夹角分别为90、60、30，a、b、c、d 位于同一圆周上， a点为圆周的最高点，d点为最低点。每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），三个滑环分别从 a、b、c处释放（初速度为0），用t1、t2、t3依次表示各滑环到达d所用的时间，用a1、a2、a3依次表示各滑环沿杆下滑过程的加速度，则下列说法正确的是（） A. t1t2t3 =321B. t1t2t3 =111C. a1a2a3=
9、321D. a1a2a3=111【答案】B【解析】【分析】【详解】CD设任一细杆与竖直方向的夹角为，则环的加速度大小则则则加速度之比为CD错误；AB设任一细杆与竖直方向夹角为，环的半径R，则环下滑的位移根据则时间相同，A错误B正确。故选B。10. A，B两物体以相同的初速度在同一水平面上滑动，两个物体与水平面间的动摩擦因数相同，且mA=3mB，它们的加速度大小分别为aA、aB，它们所能滑行的位移分别为xA、xB，则下列说法正确的是（）A. aA=3aBB. 3aA=aBC. xA=xBD. xA=9xB【答案】C【解析】【分析】【详解】由牛顿第二定律可得则aA=aB由公式可得由于初速度、末速度
10、、加速度都相同，则xA=xB故选C。二、多选题（本题共4小题；每小题4分，共16分。全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）11. 下列关于摩擦力的说法中，正确的是（）A. 摩擦力的大小一定与压力成正比B. 运动的物体可能受到静摩擦力C. 滑动摩擦力一定是阻力D. 摩擦力可能是动力【答案】BD【解析】【分析】【详解】A只有滑动摩擦力的大小才与压力成正比，故A错误；B静止的物体可能受到滑动摩擦力，运动的物体可能受到静摩擦力作用，比如正在随传送带上升的物体，物体在运动，但受到静摩擦作用，故B正确；C滑动摩擦力只是阻碍相对运动，不一定阻碍运动，可以作为动力，如轻放在水平传送带上的物体
11、，故C错误；D例如人走路时，后脚所受摩擦力为动力，推动物体运动时，摩擦力是阻力，故D正确。故选BD。12. 下列对牛顿第二定律的理解正确的是()A. 由Fma可知，m与a成反比B. 牛顿第二定律说明当物体有加速度时，物体才受到外力的作用C. 加速度的方向总跟合外力的方向一致D 当外力停止作用时，加速度随之消失【答案】CD【解析】【分析】根据牛顿第二定律可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比加速度与合外力具有瞬时对应关系；加速度的方向与合力的方向相同【详解】A、根据牛顿第二定律可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比，故A错误；B、加速度与合力的关系是瞬时对应关系，
12、a随合力的变化而变化，故B错误，D正确；C、加速度的方向与合力的方向相同，故C正确；故选CD.【点睛】解决本题的关键掌握牛顿第二定律，知道加速度与合力的关系13. 如图所示，在光滑斜面上，用平行于斜面的力F拉着某物体向上做匀速直线运动若力F逐渐减小，则物体在向上继续运动的过程中（ ）A. 物体的加速度减小B. 物体的加速度增大C. 物体的速度减小D. 物体的速度增大【答案】BC【解析】【分析】结合牛顿第二定律得出加速度的方向，通过加速度方向与速度方向的关系判断物体的运动规律【详解】开始物体做匀速直线运动，有F=mgsin，当力F减小时，加速度为，方向沿斜面向下，F减小，则加速度增大，由于加速度
13、方向与速度方向相反，知物体的速度减小故BC正确，AD错误故选BC【点睛】解决本题的关键知道加速度与合力的方向相同，随着合力的改变而改变；当加速度方向与速度方向相同时，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，做减速运动14. 在水平光滑地面上，长木板M和小滑块m叠放在一起，开始它们均静止。现将水平向右的恒力F作用在M的右端，已知长木板和小滑块之间动摩擦因数=0.4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，M=2kg，m=1kg，g=10m/s2，如图所示。当F取不同数值时，小滑块的加速度大小a可能不同，则以下说法正确的是（）A. a的最大值为4.0m/s2B. 若a=3.0m/s2则F=9NC. 若F=1
14、5N，则a=5.0m/s2D. F越大，小滑块加速度a越大【答案】AB【解析】【分析】【详解】A当m与M之间达到最大静摩擦时，小滑块的加速度最大，则有故A正确；B若a=3.0m/s2时，滑块与木板相对静止，则有故B正确；C当m与M之间达到最大静摩擦时，小滑块的加速度最大，此时是滑块与木板相对静止的最大拉力，即为若F=15N，则滑块与木板相对滑动，则a=4.0m/s2故C错误；D当时，随拉力增大，小滑块加速度a越大，当后，滑块与木板相对滑动，滑块加速度不变，故D错误。故选AB。第 II卷（非选择题 共54分）三、实验题（每空2分，15题共分6分，16题共8分，共14分）15. 某同学利用如图甲所
15、示装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验。(1)该弹簧处于竖直状态时的原长为_cm。(2)实验得到的结论为_。(3)弹簧的劲度系数_ N/m（保留两位有效数字）。【答案】 (1). 4.0（或4） (2). 在弹性限度内，弹簧的弹力与其形变（伸长）量成正比 (3). 50【解析】【分析】【详解】(1)1弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4.0cm；(2)2由图可得，在弹簧的弹性限度内，弹簧的弹力与伸长量成正比；(3)3根据胡克定律F=kx可得16. 某同学用图甲所示装置做“探究物体的加速度与力的关系”的实验。实验时保持小车质量不变，用钩码所受的重力作为小车受到的合力，用打点计时器和小车
16、后端拖动的纸带测小车运动的加速度。(1)实验时先不挂钩码，反复调整垫块的位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是_。(2)图乙为实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间还有4个点迹没有标出。由图乙可知：A、B两点间的距离是_cm。(3)实验时改变所挂钩码的质量，分别测量小车在不同外力作用下的加速度。根据测得的多组数据作出图丙所示的aF关系图线，图线不通过坐标原点O的原因是_，曲线上部弯曲的原因是_ 。【答案】 (1). 平衡摩擦力 (2). 1.20 (3). 平衡摩擦力过度 (4). 钩码质量的增大，不再满足钩
17、码的质量远小于小车的质量【解析】【分析】【详解】(1)1实验时先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是平衡摩擦力；(2)2刻度尺的分度值为0.1cm，根据刻度尺读数规则可知A、B两点间的距离为1.20cm；(3)3图线不通过坐标原点O，力F为零时，加速度存在，说明平衡摩擦力过度；4曲线上部弯曲的原因是随着力F的增大，即钩码质量的增大，不再满足钩码的质量远小于小车的质量。四、计算题（本大题3小题，共40分，要求必须写出必要的文字说明、公式、主要的计算步骤和明确的答案。只有最后答案不给分。）17. 如图所示，质量为m=10kg的物体，在F=60N水平向右的拉力作用
18、下，由静止开始运动。设物体与水平面之间的动摩擦因数=0.4，求：(1)物体所受滑动摩擦力为多大？(2)物体的加速度为多大？(3)物体在前3s内的位移为多大？【答案】(1)40N；(2)；(3)9m【解析】【分析】【详解】(1)滑动摩擦力为(2)由牛顿第二定律得代入数据解得(3)前内的位移为m=9m18. 如图所示，质量为m1=1kg的物体A用轻绳跨过定滑轮与质量为m2=0.5kg的物体B相连（绳子与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦力均不计），物体A放在倾角为37的固定斜面上。物体A与斜面间的动摩擦因数为=0.5，物体A距离斜面底端的距离为x=4m，此时系统处于静止状态。已知sin37=0.6，cos3
19、7=0.8，g=10m/s2（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）求：(1) 物块A所受摩擦力的大小和方向；(2) 烧断细绳，物块A沿斜面下滑的加速度大小；(3)烧断细绳，物块A沿斜面下滑到达斜面底端的时间和速度大小。【答案】(1)1N，方向沿斜面向上；(2)2m/s2；(3)2s，4m/s【解析】【分析】【详解】(1)因为所以斜面给A的静摩擦力方向沿斜面向上。大小为N(2)烧断细绳，则物块A沿斜面下滑的加速度为解得a=2m/s2 (3)物块A沿斜面下滑，根据x=at2可得t=2s 根据v=at=4m/s19. 如图甲所示，质量为m=1kg的物体置于倾角为=37固定斜面上（斜面足够长），对物体施加平
20、行于斜面向上的恒力F，作用时间t1=ls时撤去拉力，物体运动的部分v-t图象如图乙所示，取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F的大小；(2)t=6s时物体速度；(3)物体沿斜面上升的最大高度。【答案】(1)，；(2)6m/s；(3)；【解析】【分析】【详解】(1)设力作用时物体的加速度为，对物体进行受力分析由牛顿第二定律可知撤去力后，由牛顿第二定律有根据速度图象的斜率等于加速度可知联立解得(2) 3s末物体速度减为零，之后物体下滑，根据牛顿第二定律有解得由速度时间公式得到即物体6s末速度为6m/s；(3) 物体沿斜面上滑的最大位移物体沿斜面上升的最大高度