1、高三期末检测物理考生注意：1本试卷分第I卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分，共100分。考试时间90分钟。2请将各题答案填写在答题卡上。3本试卷主要考试内容：高考全部内容。第I卷(选择题 共40分)选择题：本题共10题，共40分。在每小题给出的四个选项中，第16小题只有一个选项正确，第710小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。1.许多物理学家为人类科技的发展作出了重大的贡献。下列说法正确的是A. 法拉第发现了电磁感应现象，揭示了电生磁的规律B. 牛顿利用扭秤首先测出了引力常量的数值C. 爱因斯坦提出了光子说，成功地解释了光电效应的实验规律D. 楞次
2、首先引入了电场概念，并提出用电场线表示电场【答案】C【解析】【详解】A、法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁生电的规律，故选项A错误；B、卡文迪许首先利用了扭秤测定了引力常量，故选项B错误；C、爱因斯坦为解释光电效应的实验规律提出了光子说，故选项C正确；D、法拉第最早引入了电场概念，并提出了用电场线描述电场，故选项D错误。【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2.某带电金属棒所带电荷均匀分布，其周围的电场线分布如图所示，在金属棒的中垂线上的两条电场线上有A、B两点，电场中另有一点C。已知A点到金属棒的距离大于B点到金属棒的距离
3、，C点到金属棒的距离大于A点到金属棒的距离，则A. A点的电势高于B点的电势B. B点的电场强度小于C点的电场强度C. 负电荷在A点的电势能大于其在B点的电势能D. 将正电荷沿AC方向从A点移动到C点，电场力做正功【答案】CD【解析】【分析】根据电场分布情况，电势能大小表达式就可做出判断【详解】沿电场线电势越低，由图像对称性可知B电势高于A点,A错误电场线疏密表示场的强弱，B点强与C点，B错误由 知负电荷电势越低电势能越大，A点电势较低，电势能大，C正确把正电荷从A移到C电势能减少，电场力做正功，D正确3.2018年10月15日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成
4、功发射第三十九、四十颗北斗导航卫星。若其中一颗卫星入轨后绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为r，周期为T，地球的半径为R，则地球的第一宇宙速度为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】根据其中一颗卫星入轨后绕地球做匀速圆周运动，则有：，当某一卫星的轨道半径为地球半径R时，其线速度为第一宇宙速度，则有：，联立解得：，故选B。4.如图所示，绝缘粗糙固定斜面处于垂直斜面向上的匀强磁场B中，通有垂直纸面向里的恒定电流I的金属细杆水平静止在斜面上。若仅把磁场方向改为竖直向上，则A. 金属杆所受的摩擦力一定变大B. 金属杆所受的摩擦力一定变小C. 金属杆所受的安培力大小保持不变D. 金属杆对斜面的
5、压力保持不变【答案】C【解析】【详解】AB由于磁场方向改变前的摩擦力大小不确定，所以磁场方向改变后摩擦力的变化不确定，故A、B错误；C由公式F=BIL可知，金属棒受到的安培力大小不变，故C正确；D磁场方向改变前的弹力为，磁场方向改变后的弹力为，所以金属杆对斜面的压力变大，故D错误。故选：C。5.如图所示，半径为R的光滑圆形轨道固定在竖直平面内。小球A、B的质量分别为( 为待定系数)。A球从左边与圆心等高处由静止释放后沿轨道下滑，并与静止于轨道最低点的B球碰撞，碰撞后A、B两球能达到的最大高度均为,。碰撞中无机械能损失，则待定系数 为A. B. C. 2 D. 3【答案】A【解析】【分析】由题，
6、碰撞中无机械能损失，以AB组成的系统研究，由机械能守恒定律研究A球从静止开始下滑到碰撞后A、B球达到的最大高度的过程，可求出待定系数。【详解】A球从静止开始下滑到碰撞后A、B球达到的最大高度的过程，由机械能守恒定律得 解得：故选：A。【点睛】两球发生弹性碰撞，遵守两大守恒：机械能守恒和动量守恒，要灵活选择研究对象和研究的过程。6.如图所示，一物体在与水平方向的夹角为的推力作用下，沿足够大的水平天花板做匀速直线运动。从某时刻起，该推力从大小为F0开始随时间均匀增大(之前一直为F0)。若物体与天花板间的动摩擦因数为，物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列判断正确的是A. 该时刻前，物体可能向
7、左做匀速直线运动，也可能向右做匀速直线运动B. 该时刻前，物体受到的摩擦力大小可能为零C. 该时刻后，物体做减速运动，最后要脱离天花板D. 该时刻后，物体做加速度增大的减速运动，直到停止【答案】D【解析】【分析】对物体进行受力分析，求出物体对天花板的压力，再由摩擦力公式即可求出滑动摩擦力的大小，再由水平方向列平衡关系式，联立可解。【详解】A由于推力有沿水平向右的分力，所以该时刻前，物体一定向右匀速直线运动，故A错误；B如果物体不受摩擦力作用，物体不可能平衡，故B错误；CD由于推力增大，推力沿竖直方向的分力增大，物体与水平天花板间的弹力增大，所以物体不可能脱离天花板，推力增大前由平衡可得：解得：
8、 推力增大后由平衡得： 联立以上三式解得：，所以物体做减速运动由牛顿第二定律可得： 由于，所以随时间的推移，加速度增大，该时刻后，物体做加速度增大的减速运动，直到停止，故C错误，D正确。故选：D。7.下列说法正确的是A. 一个中子和一个质子结合生成氘核时，会发生质量亏损B. 一个处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁，可能产生6种不同频率的光子C. 氡()衰变的半衰期为3.8天，升高温度后其半衰期将小于3.8天D. 核反应是轻核的聚变【答案】A【解析】【详解】A、一个中子和一个质子结合成氘核时，释放出核能，由质能方程可知，此过程中有质量亏损，故A正确；B、一个处于n=4能级的氢原子向较低能级跃迁，
9、最终跃迁到基态，跃迁情况可能是：41，释放1种频率的光子。431，421，释放2种频率的光子。4321，释放3种频率的光子，可能最多产生3种不同频率的光子，故B错误；C、原子核衰变的半衰期由原子核自身性质决定，是不变的，与核外的压强、温度等因素均无关，故选项C错误；D、核反应是轻核的聚变，故选项D错误。8.如图所示，OO是磁感应强度大小为B的匀强磁场的左边界，也是一面积为S的n匝矩形金属线框的对称轴。若线框以角速度绕与磁感线垂直的转轴OO匀速转动，并从图示位置(线框与磁感线平行)开始计时，则A. 时，线框中的感应电流最小B. 时，穿过线框的磁通量变化率最小C. 线框中产生的交变电动势的最大值为
10、D. 线框中产生的交变电动势的有效值为【答案】BD【解析】【分析】根据法拉第电磁感应定律求解出最大值，然后由通式写出表达式，然后逐项判断即可。【详解】AC当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量：m=BS由图可知，该线圈的一半在磁场外，则线圈产生的最大电动势： 该时刻线圈与磁场的方向平行，则线圈产生电动势的瞬时值表达式：e=Emcost当时， e=Em，可知此时的电动势最大，则线框中的感应电流最大。故A错误，C错误；B当时， e=0，此时电动势最小，所以穿过线框的磁通量变化率最小。故B正确；D该线圈此时的电动势的有效值：E=，故D正确。故选：BD。【点睛】解决本题的关键知道正弦式交流电峰值的表达式
11、Em=nBS本题只要搞清楚交变电流的三个要素、Em、0，进而写出交变电流的瞬时表达式，这样就把握到交变电流的变化规了。9.图示是在平直公路上检测某新能源动力车的刹车性能时，动力车刹车过程中的位移和时间的比值与之间的关系图象。下列说法正确的是A. 刚刹车时动力车的速度大小为20 msB. 刹车过程动力车的加速度大小为2ms2C. 刹车过程持续的时间为5sD. 整个刹车过程动力车经过的路程为40 m【答案】C【解析】【分析】由图像可以把x与t关系找出来，就可以判断物体做什么运动【详解】由图得： 整理后，由匀变速直线运动的位移时间公式对比，可得质点做匀减速直线运动，质点的初速度v0=b=20m/s，
12、加速度为：a=4m/s2，所以刹车时间，刹车位移为 ，ABD错误C正确10.如图所示，位于同一绝缘水平面内的两根固定金属导轨MN、MN，电阻不计，两导轨之间存在竖直向下的匀强磁场。现将两根粗细均匀、电阻分布均匀的相同铜棒ab、cd放在两导轨上，若两棒从图示位置以相同的速度沿MN方向做匀速直线运动，运动过程中始终与两导轨接触良好，且始终与导轨MN垂直，不计一切摩擦，则下列说法正确的是A. 回路中有顺时针方向的感应电流B. 回路中的感应电流不断减小C. 回路中的热功率不断增大D. 两棒所受安培力的合力不断减小【答案】BD【解析】【分析】分析回路磁通量的变化，由楞次定律判断感应电流方向。由E=BLv
13、求得两棒产生的感应电动势，回路中总的感应电动势等于cd棒和ab棒感应电动势之差。根据欧姆定律分析感应电流是否变化，再研究回路的热功率如何变化。【详解】A两棒以相同的速度沿MN方向做匀速直线运动，回路的磁通量不断增大，根据楞次定律可知，感应电流方向沿逆时针，故A错误；B设两棒原来相距的距离为S，MN与MN的夹角为回路中总的感应电动势 E=BLcdv-BLabv=Bv（Lcd-Lab）=BvStan=BvStan，保持不变，由于回路的电阻不断增大，而总的感应电动势不变，所以回路中的感应电流不断减小，故B正确；C回路中的热功率为 ，E不变，R增大，则P不断减小，故C错误；D设两棒原来相距的距离为S，
14、MN与MN的夹角为，安培力之差等于，由于电流减小，所以两棒所受安培力的合力不断减小，故D正确。故选：BD。【点睛】本题中两棒同向运动，要知道回路中总的感应电动势等于cd棒和ab棒感应电动势之差。要能熟练运用电路知识研究电磁感应问题。第卷(非选择题 共60分)非选择题：本题包括必考题和选考题部分。第1114题为必考题。每个试题考生都必须作答。第1516题为选考题，考生根据要求作答。(一)必考题：共45分。11.学校物理兴趣小组利用如图甲所示的实验装置完成“探究加速度与力的关系”的实验。他们所用的器材有小车、一端带有滑轮的导轨、打点计时器和几个已知质量的钩码，另有学生电源和力传感器(图中未画出)。
15、(1)图乙是实验中得到的一条纸带，图中打相邻两计数点的时间间隔为0.1s，由图中数据可得小车的加速度大小a=_ms2(结果保留三位有效数字)。(2)实验小组A、B分别以各自测得的加速度a为纵轴，小车所受的合力F为横轴，作出图象如图丙中图线1、2所示，则图线1、2中对应小车(含车内的钩码)的质量较大的是图线_(选填“1”或“2”)。【答案】 (1). （1）0.195 (2). （2）1【解析】【分析】（1）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出小车的加速度（2）根据牛顿第二定律得出a与F的关系式即可分析质量较大的图线。【详解】（1）根据x=aT2，运用逐差法得：，（2）根据牛顿第
16、二定律得F=ma，变形得：，即a-F图线的斜率表示质量的倒数，则斜率越小质量越大，故1图线的质量较大。【点睛】掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用在该实验中，知道当钩码的质量远远小于小车质量时，钩码的重力才能近似等于小车的合力12.某实验小组想组装一个双量程(3V、15V)的电压表，提供的器材如下：A电流表：满偏电流为，内阻未知；B干电池E：电动势为3V，内阻未知；C滑动变阻器R1：最大阻值约为，额定电流为1A；D滑动变阻器R2：最大阻值约为，额定电流为0.5A；E电阻箱R0：09999.9；F定值电阻R3：，额定电流为0.1A；G开关两个，导线若
17、干。(1)若用图示电路测量电流表的电阻，则滑动变阻器R应选用_(选填“C”或“D”)。(2)将开关S1、S2都断开，连接好实物图，滑动变阻器接入电路的电阻达到最大后，接通开关S1，调节滑动变阻器使电流表的指针示数为；闭合开关S2，调节电阻箱R0的阻值为时电流表的指针示数为，则电流表的内阻为_。(3)在虚线框中画出双量程电压表的电路原理图_，并标明所选的器材和量程，其中R0应取值为_。【答案】 (1). D (2). 100 (3). (4). 9.9【解析】【分析】(1) 明确实验原理，知道如何减小半偏法的实验误差，从而确定滑动变阻器；(2) 根据串并联电路的基本规律进行分析，从而确定电流表G
18、的内阻大小；(3) 根据改装原理进行分析，知道改装成电压表时需要串联一个大电阻。【详解】(1) 由图可知，本实验中采用半偏法确定表头内阻，为了减小并联电阻箱后对电流的影响，滑动变阻器应选择总阻值较大的D；(2) 闭合开关S2，调节电阻箱R0的阻值为100时电流表G的示数为100A，则说明电流表半偏，电阻箱分流100A；根据串并联电路的规律可知，电流表G的内阻为100；(3)由电流表改装成电压表要将电阻与电流表串联，量程越大，串联的电阻越大，所以电路图如图：电流表G与电阻箱串联改装成的电压表量程为3V，则有： 即 解得：。【点睛】本题考查半偏法测量电流计内阻的实验方法和电流表改装原理，要注意明确
19、半偏法原理，知道电表的改装原理，明确串并联电路的基本规律和应用。13.如图所示，轻弹簧的一端固定，另一端与静置在水平导轨上质量的滑块B相连，弹簧处在原长状态，B最初静止位置的左侧导轨光滑、右侧导轨粗糙，另一质量与B相同的滑块A，从B的右端到B的距离L=2.5m处以某一初速度开始向B滑行，与B相碰(碰撞时间极短)后A、B粘在一起运动压缩弹簧，该过程中弹簧的最大弹性势能。A与导轨粗糙部分间的动摩擦因数，取g=10ms2。求： (1)A、B碰撞后的瞬间的速度大小v； (2)A的初速度大小v0。【答案】（1）2m/s（2）6m/s【解析】【分析】（1）根据机械能守恒定律求解A、B碰撞后的瞬间的速度大小
20、v；（2）根据动量守恒定律，结合运动公式求解A的初速度.【详解】（1）对AB碰后压缩弹簧的过程，由机械能守恒定律：，解得v=2m/s（2）在AB碰撞过程中，由动量守恒定律：mv=2mvAB碰前，A的加速度大小为a=g，对A在碰撞前的运动过程，由匀变速直线运动的规律可知：v02-v2=2aL解得v0=6m/s.【点睛】本题结合弹簧问题考查了动量守恒和功能关系的应用，分析清楚物体运动过程是解题的关键，应用动能定理与动量守恒定律、能量守恒定律可以解题。14.如图所示，在圆心为O、半径R=5cm的竖直圆形区域内，有一个方向垂直于圆形区域向外的匀强磁场，竖直平行放置的金属板连接在图示电路中，电源电动势E
21、=220V、内阻r=5，定值电阻的阻值R1=16，滑动变阻器R2的最大阻值Rmax=199；两金属板上的小孔S1、S2与圆心O在垂直于极板的同一直线上，现有比荷的带正电粒子由小孔S1进入电场加速后，从小孔S2射出，然后垂直进入磁场并从磁场中射出，滑动变阻器滑片P的位置不同，粒子在磁场中运动的时间也不同，当理想电压表的示数U=100V时，粒子从圆形区域的最低点竖直向下穿出磁场，不计粒子重力和粒子在小孔S1处的初速度，取tan68.2=2.5，求：(1)U=100V时，粒子从小孔S2穿出时的速度大小v0；(2)匀强磁场的磁感应强度大小B；(3)粒子在磁场中运动的最长时间t。(结果保留两位有效数字)
22、【答案】（1）8103m/s（2）0.5T（3）1.510-5s【解析】【分析】（1）粒子在电场中加速，由动能定理即可求出穿出时的速度大小；（2）粒子在磁场中做圆周运动，根据几何关系求出半径，再根据牛顿第二定律即可求出磁感应强度；（3）根据闭合电路的欧姆定律、动能定理、牛顿第二定律和几何关系即可求出粒子在磁场中运动的最长时间。【详解】（1）对粒子在电场中的运动过程中，由动能定理有：解得：（2）粒子从圆形区域的最低点竖直向下穿出磁场，则粒子在磁场中的速度方向偏转了，粒子在磁场中做圆周运动的径迹如图甲所示：由几何关系可知，粒子在磁场中做圆周运动的半径为：由牛顿第二定律有：解得：（3）两金属板间的电
23、压越小，粒子经电场加速后的速度越小，粒子在磁场中做圆周运动的半径越小，射出电场时的偏转角越大，在磁场中运动的时间越长，所以滑片在变阻器的左端时，粒子在磁场中运动的时间最长，由闭合电路的欧姆定律有：两金属板间的最小电压为设粒子加速后的速度大小为v，由动能定理有：设粒子做圆周运动的半径为，由牛顿第二定律有：解得：粒子进入磁场后的径迹如图乙所示：为径迹圆的圆心，由几何关系有：解得：故，其中解得：【点睛】分析粒子的运动情况是求解的关键和基础，考查综合应用电路、磁场和几何知识，处理带电粒子在复合场中运动问题的能力，综合性较强 (二)选考题：共15分。请考生从15、16两题中任选一题作答。如果多做，则按所
24、做的第一题计分。 选修3315.下列说法正确的是_。A. 温度高的物体，其分子的平均动能一定大B. 岩盐是立方体结构，粉碎后的岩盐不再是晶体C. 液晶既有液体的流动性，又有晶体的各向异性D. 热量可以从低温物体传给高温物体E. 温度升高，气体的压强一定变大【答案】ACD【解析】【详解】温度越高，分子的平均动能越大，故A正确；岩盐是立方体结构，是晶体，且有规则的几何形状，粉碎后的岩盐仍是晶体，仍有规则的几何形状，故B错误；液晶是一种特殊的物态，它既有液体的流动性，又有晶体的各向异性，故C正确；根据热力学第二定律可知，热量可以从低温物体传到高温物体，不过需要消耗外界的功，故D正确；根据理想气体状态
25、方程可知：，温度升高，气体的压强不一定增大，还与气体的体积是否变化有关，故E误。故选ACD。16.如图所示，上端开口的竖直汽缸由横截面积分别为2S、S的两个导热性能良好的圆筒A、B构成，汽缸A顶部与底部的间距为L。活塞将一定质量的理想气体封闭在A内，活塞在A顶部且与CD间恰好无弹力，此时A内气体的绝对温度为T0。现从汽缸开口处缓慢滴入水银，直至活塞到达与汽缸底部的间距为L的EF处时停止滴入水银，此过程中A内气体温度保持不变。已知大气压强为p0，水银密度为，重力加速度大小为g，汽缸B足够长，活塞厚度和质量均不计。（1）求活塞在EF处时上方水银的总质量m；（2）当活塞在EF处时，开始对汽缸缓慢加热
26、，求活塞刚移回CD处时A内气体的绝对温度T。【答案】（1）（2）【解析】【分析】(1)由玻意耳定律列方程求解；(2) 根据理想气体状态方程求解。【详解】(1)设活塞在EF处时A内的气体压强为P1，由玻意耳定律有： 解得： 由于 所以活塞在EF处时上方水银的总质量为： 解得： (2)设活塞在CD处时A内所气体压强为 ，根据理想气体状态方程有： 上式中： 解得： 选修3417.如图所示，相距2m的M、N是均匀介质中轴(水平)上的两个质点，一列简谐横波以大小为1ms的波速沿轴正方向传播，在t=0时恰好到达质点M处，此时质点M由平衡位置开始竖直向下运动，t=3s时质点M第一次到达最高点，则该波的波长为
27、_m；当t=_s时，质点N第一次到达最高点。【答案】 (1). 4 (2). 5【解析】【详解】由题意可知：，解得T=0.4s； ；波传到N点的时间，当波传到N点时，向下振动，当第一次到达最高点时还需要3s，则当t=5s时,质点N第一次到达最高点.18.某透明材料制成的半径为R的球冠的截面如图所示，其底边AB与圆心O的距石离d=R。现让一光线沿PO方向从P点射入，在底边AB上恰好发生全反射。已知球冠对该光线的折射率n=，光在真空中的传播速度为c，求：该光线射出球冠时的折射角；该光线射出球冠前在球冠中传播的时间t。【答案】（1）（2）【解析】【分析】由光的传播画出光路图，根据折射定律和几何关第即可求解。【详解】(1)根据题意，可画出光路如图所示设光线在底边AB处发生全反射的临界角为C，则有： 又： 解得： 故三角形DOE为直角三角形，有： ，其中 根据折射定律有： 解得：；(2)根据勾股定理有： 设光线在球中的传播速度大小为v，有： 又： 解得：。