1、高一阶段性教学质量检测物理试题第I卷（选择题共48分）一、单项选择题：本大题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中只有一项是符合题目要求的。1.对于做匀速圆周运动的物体，下列物理量中不变的是（）A. 速度B. 加速度C. 周期D. 受到的合外力【答案】C【解析】【详解】做匀速圆周运动的物体线速度大小不变，方向不断变化，则线速度变化；加速度和受到的合外力都是大小不变，方向始终指向圆心，即方向不断变化，即加速度和向心力不断变化；周期是不变的。故选C。2.关于机械能守恒，下列说法正确的是（）A. 人乘电梯加速上升的过程，机械能守恒B. 做自由落体运动的物体，机械能一定守恒C. 合外
2、力对物体做功为零时，机械能一定守恒D. 物体必须在只受重力作用的情况下，机械能才守恒【答案】B【解析】【详解】A人乘电梯加速上升的过程，动能和势能都增加，则机械能增加，选项A错误；B做自由落体运动的物体，只有重力做功，机械能一定守恒，选项B正确；C合外力对物体做功为零时，机械能不一定守恒，例如当物体匀速上升时，机械能增大，选项C错误；D如果物体除受重力以外还受其他的力，但是其他力做功的代数和等于零，物体的机械能也守恒，选项D错误。故选B。3.真空中有两点电荷、相距r，若将的电荷量减为原来的一半，并将两点电荷间的距离减为原来的一半，则在前后两种情况下，两电荷之间的作用力之比为（）A. B. C.
3、 D. 【答案】B【解析】【详解】开始时两电荷之间的作用力若将的电荷量减为原来的一半，并将两点电荷间的距离减为原来的一半，则即在前后两种情况下，两电荷之间的作用力之比为1:2。故选B。4.对生活中的圆周运动，下列说法正确的是（）A. 洗衣机甩干衣服的道理就是利用了水在高速旋转时会做离心运动B. 火车转弯时，若行驶速度超过规定速度，则内轨与车轮会发生挤压C. 汽车过凸形桥时要减速行驶，而过凹形桥时可以较大速度行驶D. 游乐园里的摩天轮转得很慢，人坐在吊箱里面受到的合外力为零【答案】A【解析】【详解】A洗衣机甩干衣服是利用了水在高速旋转时，水与衣物间的附着力小于所需向心力时会做离心运动，故A正确；
4、B火车在按规定速度行驶时内外轨道均不向车轮施加侧向压力，受重力和支持力，合力提供向心力。火车转弯时，若行驶速度超过规定速度，火车有离心趋势，挤压外轨，则外轨与车轮会发生挤压，故B错误；C汽车过凸形桥时，若速度非常快，会做离心运动飞出去，故要减速行驶；过凹形桥时，若速度过大，车胎受到桥的弹力会很大，容易引起爆胎，故也应该减速行驶。故C错误；D游乐园里的摩天轮虽然转得很慢，但人坐在吊箱里随着摩天轮一起做圆周运动，需要有力来提供做圆周运动的向心力，所以人受到的合外力不可能为零，故D错误；故选A。5.两根完全相同的金属裸导线，如果把其中的一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折绞合，然后把它们串联在同一
5、个电路中，则它们两端的电压之比为（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】设原来的电阻为R，其中的一根均匀拉长到原来的2倍，横截面积变为原来的，根据电阻定律，电阻R1=4R另一根对折后绞合起来，长度减小为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，根据电阻定律，电阻R2R然后把它们串联在同一个电路中，则电流相等，根据U=IR可知，则两端的电压之比为为16：1。故选D。6.如图所示，两球间的距离为，两球的质量分布均匀，质量大小分别为、，半径大小均为，则两球间的万有引力大小为（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】根据万有引力定律可知，两球间的万有引力大小为故选D。7.我国自主研
6、制的绞吸挖泥船“天鲲号”达到世界先进水平，若某段工作时间内，“天鲲号”的泥泵输出功率恒为，排泥量为，排泥管的横截面积为，则泥泵对排泥管内泥浆的推力为（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】根据排泥管每秒钟排出体积为V=Sv解得根据泥泵输出功率大小为P=Fv可知故B正确，ACD错误。故选B。8.如图所示，半径为的圆处在竖直平面内，该平面内存在匀强电场。位于圆上的点有一放射源向各个方向发射电子，电子能够到达圆上任一位置，比较到达圆上各点的电子，发现到达点的电子动能的增量最大，增量为，已知，则此匀强电场的场强大小为（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】到达A点的电子的动
7、能增加量最大，即电场力做正功最多，说明等势面在A点与圆相切，即和OA相互垂直，且方向沿AO方向，如图所示SA间的电势差为由几何关系可知由匀强电场的电势差与场强关系有解得故ABD错误，C正确。故选C。二、不定项选择题：本大题共6小题，每小题全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得零分，满分24分9.如图所示，在灭火抢救过程中，消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进行救人或灭火作业。为了节省救援时间，消防队员沿梯子匀速向上运动的同时消防车匀减速后退，整个运动过程中梯子与水平方向的夹角保持不变。关于消防队员的运动，下列说法正确的是（）A. 消防队员做匀减速直线运动B. 消防队员做匀变速
8、曲线运动C. 消防队员做变加速曲线运动D. 消防队员竖直方向的速度保持不变【答案】BD【解析】【详解】ABC根据运动的合成可知，合初速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线，并且加速度的大小方向不变，所以消防员做匀变速曲线运动，故A、C错误，B正确；D将消防员的运动分解为水平方向和竖直方向，可知竖直方向上的速度为沿梯子方向速度在竖直方向上的分速度，由于消防队员沿梯子匀速向上运动，所以消防队员竖直方向的速度保持不变，D正确。故选BD。10.我国北斗三号系统的“收官之星”于2020年6月23日成功发射。北斗三号卫星导航系统由24颗中圆地球轨道卫星、3颗地球静止轨道卫星和3颗倾斜地球同步轨道卫星，共
9、30颗卫星组成。其中中圆地球轨道卫星离地高度2.1万千米，静止轨道卫星和倾斜同步卫星离地高度均为3.6万千米。以下说法正确的是（）A. 中圆轨道卫星的运行周期小于地球自转周期B. 地球赤道上的人的线速度比中圆轨道卫星线速度大C. 倾斜地球同步轨道卫星和静止轨道卫星线速度不同D. 静止轨道卫星的发射速度一定要超过，中圆地球轨道卫星的发射速度可以小于【答案】AC【解析】【详解】A根据开普勒第三定律可知，卫星轨道半径越大，周期越大，所以中地球轨道卫星的运行周期小于地球同步卫星运行周期，即小于地球自转周期，故A正确；B中圆轨道卫星的轨道半径小于同步轨道半径，根据万有引力提供向心力可得线速度，则中圆轨道
10、卫星的线速度大于同步卫星的线速度，对于地球赤道上的人与地球同步卫星的角速度相同，根据v=r可知，同步卫星的线速度大于地球赤道上人的线速度，所以地球赤道上的人的线速度比中圆轨道卫星线速度小，故B错误；C倾斜地球同步轨道卫星与静止轨道卫星的周期相等，根据开普勒第三定律可知，两卫星的轨道半径相等，根据万有引力提供向心力可得线速度，轨道半径相等其线速度大小相等，则倾斜地球同步轨道卫星和静止轨道卫星线速度大小相等，但方向不同，所以线速度不同，故C正确；D第一宇宙速度7.9km/s是卫星绕地球圆周运动的最大速度，是卫星发射的最小速度，则中圆地球轨道卫星的发射速度大于7.9km/s，故D错误。故选AC。11
11、.如图所示，、为两块平行带电金属板，带负电，带正电且与大地相接，两板间点处固定一负电荷，设此时两极间的电势差为，点场强大小为，电势为，负电荷的电势能为，现将、两板水平错开一段距离（两板间距不变），下列说法正确的是（ ）A. 变大，变大B. 变小，变小C. 变小，变大D. 变大，变小【答案】AC【解析】【详解】AB将两板水平错开一段距离，两板正对面积减小，根据电容的决定式可知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，则由得知，板间电压U增大，板间场强可知，板间场强增大，故A正确，B错误；CDP点到下板距离不变，由公式UBP=EdBP得知，P点与下板电势差增大，由于电场线向上，P点的电势低于下极板的电势
12、，则P点的电势降低，负电荷在P点的电势能变大，故C正确，D错误12.根据得到，关于电阻率的下列说法正确的是（）A. 与导体的材料有关B. 纯金属的电阻率大于合金的电阻率C. 温度升高时，金属导体的电阻率增大D. 与导体的长度成反比，与导体的电阻和横截面积成正比【答案】AC【解析】【详解】A电阻率的大小由材料和温度有关，A正确；B一般来说，纯金属的电阻率小，合金的电阻率大，所以B错误；C对于金属导体，温度升高时，其电阻率增大，C正确；D电阻率的大小由材料和温度决定，与导体的横截面积、长度无关和电阻大小无关，D错误。故选AC。13.如图所示，在地面上以速度抛出质量为的物体，抛出后物体落到比地面低的
13、海平面上，若以海平面为零势能面，而且不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）A. 重力对物体做的功为B. 物体在海平面上的势能为C. 物体在海平面上动能为D. 物体在海平面上的机械能为【答案】ACD【解析】【详解】A重力做功与路径无关，只与始末位置的高度差有关，物体运动的高度差为h，所以整个过程重力对物体做功为mgh，A正确；B以海平面为零势能面，物体在海平面上时的重力势能为0，B错误；C整个过程，由动能定理得可得物体在海平面上的动能为C正确；D整个过程机械能守恒，初末状态的机械能相等，以海平面为零势能面，抛出时的机械能为，所以物体在海平面时的机械能也为，D正确。故选ACD。14.如图所示，一水
14、平传送带向左匀速传送，某时刻小物块P从传送带左端以某速度冲上传送带。物块P在传送带上运动的过程中，传送带对P物块（）A. 可能始终做正功B. 可能始终做负功C. 可能先做正功，后做负功D. 可能先做负功，后做正功【答案】BD【解析】【详解】物体以某一速度放上传送带后，向右运动，受到向左的摩擦力，运动情况分几种：（1）可能小物块速度比较大，所以一直向右减速然后从右端滑出，在此过程中皮带对物块做负功；（2）小物块先向右减速，而后向左一直加速，所以皮带对物块先做负功，后做正功；（3）小物块向右减速，而后向左加速，当两者速度相等时一起匀速，所以皮带对物块先做负功后做正功，然后不做功。故BD正确；AC错
15、误；故选BD。第卷（非选择题 共52分）三、实验、填空题：共2小题，15题6分，16题8分；每空2分，共14分。15.图甲是“研究平抛运动的特点”的实验装置图，通过描点画出平抛小球的运动轨迹。(1)以下是实验过程中的一些做法，其中合理的有_。A安装斜槽轨道，使其末端保持水平 B每次小球释放的初始位置可以任意选择C每次小球应从同一高度由静止释放 D为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接(2)实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点为坐标原点，测量它们的水平坐标和竖直坐标，图乙中图像能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是_。(3)图丙是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，为平
16、抛的起点，在轨迹上任取三点、，测得、两点竖直坐标为、为，、两点水平间距为，则平抛小球的初速度为_（结果保留2位有效数字，取）【答案】 (1). AC (2). C (3). 2.0【解析】【详解】(1)1A通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，A正确；BC因为要画同一运动的轨迹，所以每次必须从相同的位置释放小球，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B错误，C正确；D用描点法描绘运动轨迹时，应将各点连成平滑的曲线，不能连成折线，D错误。故选AC。(2)2物体在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，可得，联立可得因初速度相同，故为常数，则应为正比例关系，故C正确，AB
17、D错误。故选C。(3)3根据平抛运动的规律可知，竖直方向做自由落体运动，可得，解得，水平方向做匀速直线运动，可得平抛小球的初速度为16.在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取连续点中的三个点已知打点计时器每隔0.02s打一个点，当地的重力加速度为g9.80m/s2，那么：(1)根据图所得的数据，应取图中O点到_点来验证机械能守恒定律；(2)从O点到(1)问中所取的点，重物重力势能的减少量Ep_J，动能增加量Ek_J（结果取三位有效数字）；(3
18、)若测出纸带上所有各点到O点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v及物体下落的高度h，则以v2为纵轴，以h为横轴画出的图象是如图中的_A. B. C. D. 【答案】 (1). B (2). 1.88 (3). 1.84 (4). A【解析】【分析】该实验的原理是验证物体下降的距离从O点到B点，动能的增加量和重力势能的减小量是否相等根据Ep=mgh求重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而求出动能的增加量【详解】（1）因为通过某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可以求出B点的速度，所以取图中O点到B点来验证机械能守恒定律（2）重物重力势能减少量：
19、Ep=mgh=9.800.192=1.88JB点的速度：则B点的动能：所以动能的增加量Ek=1.84J（3）根据，即与h成正比故A是符合题意的四、计算论述题：本题共3个小题，17题10分，18题12分，19题16分。共38分解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。17.如图所示，长为平行板电容器上极板带正电，从上极板的端点点以水平初速度向右射入一个质量为，带电荷量为的粒子，当它的水平速度与竖直速度的大小之比为时，恰好从下端点射出，粒子重力不计。求：（1）平行板电容器两极板间的距离；（2）两极板间的电场强度的大小。【答案】（1）L；（2）【解析】【详解】粒子
20、在水平方向做匀速运动，则竖直方向其中解得d=L18.两个靠得很近天体，离其它天体非常遥远，它们以其连线上某一固定点为圆心各自做匀速圆周运动，两者的距离保持不变，科学家把这样的两个天体称为“双星”。如图所示，某双星之间的距离为，它们做匀速圆周运动的周期为，已知万有引力常量为。求：（1）组成双星的两天体的质量之和；（2）组成双星的两天体运动的速率之和。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）设质量为m1的轨道半径为r1，质量为m2的轨道半径为r2r1+r2=L根据万有引力充当向心力知联立解得 （2）根据线速度和周期关系知19.如图所示，一个与水平方同夹角、长为的粗糙斜轨道，通过水平轨道与半径为的竖直圆轨道相连，出口为水平轨道，整个轨道除段以外都是光滑的其中与轨道以微小圆弧相接一个质量的小物块以初速度从点沿倾斜轨道滑下，小物块到达点时速度。取，。（1）求小物块到达点时对圆轨道压力的大小；（2）求小物块从到运动过程中摩擦力所做的功；（3）若竖直圆轨道的半径大小能够任意调节，为了使小物块不离开轨道，并从轨道滑出，求竖直圆轨道的半径应满足什么条件？【答案】（1）90N；（2）-16.5J；（3）R0.32m【解析】【详解】（1）当小球运动到点由牛顿第三定律可知，小物块到达点时对圆轨道压力的大小90N；（2）利用动能定理可知其中（3）小球运动到最高点时解得根据动能定理因此