1、高考资源网（） 您身边的高考专家2015-2016学年福建省福州八中高一（上）期末物理试卷一、单项选择题（10小题，每题4分，共40分每小题只有一个选项正确）1关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）A加速度方向保持不变，速度方向也保持不变B加速度大小不断变小，速度大小也不断变小C速度变化量越大，加速度越大D速度变化越快，加速度越大2两个小物块A、B从同一位置沿一直线运动的vt图象如图所示由此可知（）A物块A、B同时开始运动B在t1时刻物块A、B处于同一位置C在t1时间内物块B比物块A的位移大D物块B比物块A运动的加速度大3物体沿直线以恒定加速度运动，它的位移x与时间t的关系是x=24t6
2、t2（x的单位是m，t的单位是s），则它的速度为零的时刻是（）A sB2sC4sD24s4关于平衡状态，下列说法正确的是（）A当物体速度等于零时，物体处于平衡状态B运动的物体一定不是处于平衡状态C当物体处于平衡状态时，一定不受外力作用D若物体的运动状态保持不变，则物体处于平衡状态5如图所示，轻绳两端分别系在圆环A和小球B上，圆环A套在粗糙的水平直杆上MN上现用水平力F拉着绳子上的一点0使小球从图中的实线位置缓慢上升到虚线位置，但圆环A始终保持在原位置不动则在这一过程中环对杆的摩擦力f和环对杆的压力N的变化情况是（）Af不变，N不变Bf增大，N不变Cf增大，N减小Df不变，N减小6根据牛顿第一定
3、律下列说法中正确的是（）A静止或匀速直线运动的物体，一定不受任何外力作用B物体运动不停止是因为受到力的作用C要改变物体运动状态，必须有外力作用D外力停止作用后，物体由于惯性会很快停下来7如图所示，质量为m的物体在力F的作用下，贴着天花板沿水平方向向右做加速运动，若力F与水平面夹角为，物体与天花板间的动摩擦因数为，则物体的加速度为（）ABCgD +g8物体静止在斜面上，以下几种分析正确的是（）A物体受到的静摩擦力的反作用力是重力沿斜面的分力B物体所受的重力的反作用力就是斜面对它的静摩擦力和支持力这两个力的合力C物体受到的支持力的反作用力，就是重力沿垂直于斜面的分力D物体受到的支持力的反作用力，就
4、是物体对斜面的压力9在2010年广州亚运会，我省选手郑幸娟勇夺女子跳高铜牌图为郑幸娟在本届亚运会上以背越式成功地跳过了1.90米的高度若忽略空气阻力，g取10m/s2则下列说法正确的是（）A郑幸娟下降过程处于失重状态B郑幸娟起跳以后在上升过程中处于超重状态C郑幸娟起跳时地面对他的支持力等于他的重力D郑幸娟的重心离地面的最大高度不低于1.90米10如图所示，两小球悬挂在天花板上，ab两小球用细线连接，上面是一轻质弹簧，a，b两球的质量均为m，在细线烧断瞬间a，b两球的加速度分别为（）A0，gBg，gC2g，gD2g，0二、实验题（每空2分，其中12题（2）每空3分，共20分，把答案填在答题纸对应
5、的横线上）11在做“验证力的平行四边形定则”的实验中：（1）实验中所用的测量器材除已有的三角板和刻度尺外，还必须有；（2）用两只弹簧分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸到某一位置O点静止，此时必须记录的是（用字母表示）A橡皮条的伸长度； B两只弹簧称的读数；C橡皮条固定端位置；DO点的位置；E两细绳间的夹角； F两条细绳的方向（3）在图中已画出两个分力的图示，已知方格每边长度表示1.0N，试用作图法画出合力F的图示，并由此得出合力F的大小为N12在探究“物体加速度与力、质量的关系”实验时：（1）提供器材：打点计时器；天平；低压交流电源；低压直流电源；细绳和纸带；钩码和小车；秒表；一端有滑
6、轮的长木板；刻度尺本实验不需要的器材是（填序号）；（2）如图1所示为一条记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s，根据纸带的数据可以计算C点的瞬时速度是m/s，小车运动的加速度的大小是m/s2（3）实验中要使小车的质量（填“远大于”或“远小于”）塑料桶和桶中砝码的质量，才能认为细线对小车的拉力等于塑料桶和砝码的重力（4）改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出aF关系图线（如图2所示）此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是（填选项前字母）A小车与轨道之间存在摩擦B导轨保持了水平状态C所挂钩码的总质量太大D
7、所用小车的质量太大三、计算题（共40分，在答题卷上解答应画受力分析图，写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位）13一物体静止开始做匀加速直线运动，第7s内的位移是13m，求：（1）物体匀加速运动的加速度a的大小（2）物体在前5s内的位移的大小14如图所示，拉B物的轻绳与竖直方向成60角，O为一定滑轮，物体A与B间用跨过定滑轮的细绳相连且均保持静止，已知B的重力为100N，水平地面对B的支持力为80N，绳和滑轮质量及摩擦均不计，试求：（1）物体A、B各受哪几个力的作用？（2）物体A的重力；（3）物体B与地面间的摩擦力15如图所示，重1
8、00N的物体A以初速度v=14m/s沿倾角为37的足够长的斜面向上滑动，斜面对物体A的摩擦力的大小为10N已知sin37=0.6，cos37=0.8取g=10m/s2，则：（1）物体A受哪几个力的作用？（2）A与斜面间的动摩擦因数为多大？（3）物体A从开始运动3s后的速度多大？一、多项选择题（4小题，每题5分，共20分每小题至少有两项答案正确，多选错选不得分，漏选得2分）16如图所示，质量为m1的木块在质量为m2的长木板上，在力F的作用下向右滑行，长木板处于静止，已知木块与木板间的动摩擦因素为1，木板与地面间的动摩擦因数为2，则（）A木板受到地面的摩擦力大小一定为1m1gB木板受到地面的摩擦力
9、一定是2 （m1+m2）gC当F2（ml+m2）g时，木板便会开始滑动D改变F的大小，木板都不可能滑动17甲乙两车在一平直道路上同向运动，其vt图象如图所示，图中OPQ和OQT的面积分别为s1和s2（s1=s2）初始时，甲车在乙车前方S0处（）A若s0=s1+s2，两车不会相遇B若s0s1，两车相遇2次C若s0=s1，两车相遇1次D若s0=s2，两车相遇1次18一质量m=1kg的物体在水平恒力F作用下沿水平面运动，1s末撤去恒力F，其vt图象如图所示则恒力F和物体所受阻力f的大小是（）AF=8NBF=9NCf=2NDf=3N19两重叠在一起的滑块，置于固定的、倾角为的斜面上，如图所示，滑块A、
10、B的质量分别为M、m，A与斜面间的动摩擦因数为1，B与A之间的动摩擦因数为2，已知两滑块都从静止开始以相同的加速度从斜面滑下，滑块B受到的摩擦力（）A等于零B方向沿斜面向上C大小等于1mgcosD大小等于2mgcos二、计算题（共30分，在答题卷上解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位）20某传动装置的水平传送带以恒定的速度V0=5m/s运行，将一块底面水平的粉笔轻轻放在传送带上，两者共速后发现粉笔在传送带上留下一条长度L=5m的白色划线，稍后，因传动装置受阻碍，传送带做匀减速运动，其加速度的大小为5m/s2传动装置受阻后，粉
11、笔是否能在传送带上继续滑动？若能，它沿皮带继续滑动的距离L=？若要粉笔不能继续在传送带上滑动，则皮带做减速运动时，其加速度大小应限制在什么范围内？21质量分别为m1和m2的两个小物块用轻绳连接，绳跨过位于倾角=30的光滑斜面顶端的轻滑轮，滑轮与转轴之间的摩擦不计，斜面固定在水平桌面上，如图所示第一次，m1悬空，m2放在斜面上，用t表示m2自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端所需的时间第二次，将m1和m2位置互换，使m2悬空，m1放在斜面上，发现m1自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端所需的时间为求m1与m2之比2015-2016学年福建省福州八中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择
12、题（10小题，每题4分，共40分每小题只有一个选项正确）1关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）A加速度方向保持不变，速度方向也保持不变B加速度大小不断变小，速度大小也不断变小C速度变化量越大，加速度越大D速度变化越快，加速度越大【考点】加速度；速度【分析】根据加速度的定义式a= 可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大【解答】解：A、加速度方向保持不变，速度方向可以保持不变，也可以变化，比如竖直上抛物体，故A错误B、加速度大小不断变小，若加速度与速度反向时，则速度大小不断变小；若加速度与速度同向时
13、，则速度不断变大，故B错误C、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故C错误D、运动物体的速度变化越快，其加速度一定越大，故D正确故选：D2两个小物块A、B从同一位置沿一直线运动的vt图象如图所示由此可知（）A物块A、B同时开始运动B在t1时刻物块A、B处于同一位置C在t1时间内物块B比物块A的位移大D物块B比物块A运动的加速度大【考点】匀变速直线运动的图像【分析】由图直接读出两物体开始运动的时刻关系在t1时刻，两图象相交，表示速度相同，根据图线与坐标轴所围的“面积”表示位移，分析物块A、B是否处于同一位置vt图象的斜率等于加速度【解答】解：A、由图
14、看出，B先开始运动，而A后开始运动故A错误B、C在t1时刻，两图象相交，表示速度相同，由“面积”看出，B的位移大于A的位移，两物体是从同一位置沿一直线运动的，所以在t1时刻物块A、B不在同一位置故B错误，C正确D、根据速度图象的斜率等于加速度，可知，物块B比物块A运动的加速度小故D错误故选C3物体沿直线以恒定加速度运动，它的位移x与时间t的关系是x=24t6t2（x的单位是m，t的单位是s），则它的速度为零的时刻是（）A sB2sC4sD24s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】物体的位移x与时间t的关系是x=24t6t，可以知道它的初速度是24m/s，加速度是12m/s2，带入变
15、速直线运动的速度与时间的关系公式，即可解题【解答】解：由题意可知，它的初速度是24m/s，加速度是12m/s2，根据公式：v=v0+at，得： s，故四个选项中，只有B正确，其他都错误故选：B4关于平衡状态，下列说法正确的是（）A当物体速度等于零时，物体处于平衡状态B运动的物体一定不是处于平衡状态C当物体处于平衡状态时，一定不受外力作用D若物体的运动状态保持不变，则物体处于平衡状态【考点】共点力平衡的条件及其应用【分析】平衡状态是指物体处于匀速直线运动状态或保持静止状态，即加速度为零的状态，根据牛顿第二定律可知合力为零【解答】解：A、速度为零时，加速度不一定为零，如自由落体运动的初位置，所以不
16、一定是平衡状态，故A错误；B、物体做匀速直线运动状态时处于平衡状态，故B错误；C、当物体处于平衡状态时，所受合外力为零，不是不受外力作用，故C错误；D、物体的运动状态保持不变，表明物体速度不变，故加速度为零，所受的合力为零，则物体处于平衡状态，故D正确；故选：D5如图所示，轻绳两端分别系在圆环A和小球B上，圆环A套在粗糙的水平直杆上MN上现用水平力F拉着绳子上的一点0使小球从图中的实线位置缓慢上升到虚线位置，但圆环A始终保持在原位置不动则在这一过程中环对杆的摩擦力f和环对杆的压力N的变化情况是（）Af不变，N不变Bf增大，N不变Cf增大，N减小Df不变，N减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；
17、物体的弹性和弹力【分析】物体处于动态平衡状态，对物体进行受力分析，找出其中不变的力，再根据其它的力与这个力的关系就可以求出【解答】解：以B为研究对象，小球受到重力、水平力F和轻绳的拉力T，如图1所示由平衡条件得：F=mgtan，增大，则F增大再以整体为研究对象，力图如图2所示根据平衡条件得：f=F，则f逐渐增大N=（M+m）g，N保持不变故B正确，ACD错误故选：B6根据牛顿第一定律下列说法中正确的是（）A静止或匀速直线运动的物体，一定不受任何外力作用B物体运动不停止是因为受到力的作用C要改变物体运动状态，必须有外力作用D外力停止作用后，物体由于惯性会很快停下来【考点】牛顿第一定律【分析】牛顿
18、第一定律是在实验的基础上推理概括得出的规律；即物体在不受力的作用时，总保持静止状态或物体做匀速直线运动状态【解答】解：A、若物体受的合力为零，可能处于静止或匀速直线运动，A错误；B、物体运动不停止是因为惯性的原因，运动不需要力来维持，B错误；C、由牛顿第一定律可得，力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因，故C正确；D、由牛顿第一定律可知，外力停止作用后，物体由于惯性会保持原来的运动状态，故D错误；故选：C7如图所示，质量为m的物体在力F的作用下，贴着天花板沿水平方向向右做加速运动，若力F与水平面夹角为，物体与天花板间的动摩擦因数为，则物体的加速度为（）ABCgD +g【考点】牛顿
19、第二定律；力的合成与分解的运用【分析】对物体受力分析，抓住竖直方向上的合力为零，通过水平方向上的合力，根据牛顿第二定律求出加速度的大小【解答】解：以物体为研究对象，受力如图所示将力F正交分解，由牛顿运动定律得：Fcosf=maFsinNmg=0f=N联立得加速度为：a=，故D正确，A、B、C错误故选：D8物体静止在斜面上，以下几种分析正确的是（）A物体受到的静摩擦力的反作用力是重力沿斜面的分力B物体所受的重力的反作用力就是斜面对它的静摩擦力和支持力这两个力的合力C物体受到的支持力的反作用力，就是重力沿垂直于斜面的分力D物体受到的支持力的反作用力，就是物体对斜面的压力【考点】作用力和反作用力；摩
20、擦力的判断与计算【分析】物体在斜面上保持静止状态，其重力可分解为沿斜面向下的分力和垂直于斜面向下的分力，不能说成压力压力的受力体是斜面而重力分力的受力体是物体物体受到重力、斜面的支持力和静摩擦力，根据平衡条件可知重力沿斜面向下的分力与斜面对物体的静摩擦力是平衡力物体对斜面的压力与斜面对物体的支持力是一对作用力与反作用力，不是平衡力重力垂直于斜面方向的分力与斜面对物体的支持力是平衡力【解答】解：A、物体受到重力、斜面的支持力和静摩擦力，根据平衡条件可知重力沿斜面向下的分力与斜面对物体的静摩擦力是平衡力，不是作用力与反作用力故A错误B、物体所受重力的反作用力是物体对地球的引力故B错误C、物体受到的
21、支持力的反作用力，就是物体对斜面的压力，故C错误，D正确故选：D9在2010年广州亚运会，我省选手郑幸娟勇夺女子跳高铜牌图为郑幸娟在本届亚运会上以背越式成功地跳过了1.90米的高度若忽略空气阻力，g取10m/s2则下列说法正确的是（）A郑幸娟下降过程处于失重状态B郑幸娟起跳以后在上升过程中处于超重状态C郑幸娟起跳时地面对他的支持力等于他的重力D郑幸娟的重心离地面的最大高度不低于1.90米【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重【分析】郑幸娟在整个跳高过程中，只受重力作用，处于失重状态郑幸娟起跳时，有向上的加速度，地面对他的支持力大于她的重力物体重心的位置与质量分布和形状有关郑幸娟以背越式越过横杆
22、时，身体向下弯曲，重心可低于横杆【解答】解：A、B郑幸娟在整个跳高过程中，只受重力作用，处于失重状态故A正确，B错误 C、郑幸娟起跳时，有向上的加速度，则地面对他的支持力大于她的重力故C错误 D、郑幸娟以背越式越过横杆时，身体向下弯曲，重心可低于横杆，重心离地面的最大高度可低于1.90米故D错误故选A10如图所示，两小球悬挂在天花板上，ab两小球用细线连接，上面是一轻质弹簧，a，b两球的质量均为m，在细线烧断瞬间a，b两球的加速度分别为（）A0，gBg，gC2g，gD2g，0【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】将下面的一根弹簧剪断的瞬间，上面弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求出物体A
23、球的瞬时加速度大小和方向【解答】解：剪断细线之前，ab整体受到重力和弹簧的弹力F静止，此时：F=2mg，剪断之后，绳的拉力消失，而弹力不变，对A：mgF=maa，解得：aa=g，b只受重力，故B的加受速度为g，故B正确，ACD错误故选：B二、实验题（每空2分，其中12题（2）每空3分，共20分，把答案填在答题纸对应的横线上）11在做“验证力的平行四边形定则”的实验中：（1）实验中所用的测量器材除已有的三角板和刻度尺外，还必须有弹簧测力计；（2）用两只弹簧分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸到某一位置O点静止，此时必须记录的是（用字母表示）BDFA橡皮条的伸长度； B两只弹簧称的读数；C橡
24、皮条固定端位置；DO点的位置；E两细绳间的夹角； F两条细绳的方向（3）在图中已画出两个分力的图示，已知方格每边长度表示1.0N，试用作图法画出合力F的图示，并由此得出合力F的大小为7N【考点】验证力的平行四边形定则【分析】本实验要求在两次拉橡皮条的过程中力的作用效果要相同，即采用了“等效法”，在做力的图示时、根据平行四边形定则求合力时要知道力的大小和方向，由此可知实验中应该记录什么【解答】解：（1）实验中需要测量出力的大小、方向，然后根据图示法验证平行四边形定则，测量器材除了三角板和刻度尺外，还需要弹簧测力计（2）在进行该实验时为了便于记录两弹力的方向，实验时将弹簧水平放置，本实验采取“等效
25、法”，即一个弹簧拉绳套和两个弹簧拉绳套效果相同，因此需要记录O点位置，以便两次都拉到同一位置，在求两个力的合力时，需要知道其大小和方向，因此该实验需要记录弹簧秤的读数以及绳套的方向故选：BDF（3）根据力的平行四边形定则作出合力，如图所示，合力F=7N故答案为：（1）弹簧测力计，（2）BDF，（3）如图所示，712在探究“物体加速度与力、质量的关系”实验时：（1）提供器材：打点计时器；天平；低压交流电源；低压直流电源；细绳和纸带；钩码和小车；秒表；一端有滑轮的长木板；刻度尺本实验不需要的器材是（填序号）；（2）如图1所示为一条记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为计数点，相邻计数点间
26、的时间间隔T=0.1s，根据纸带的数据可以计算C点的瞬时速度是1.225m/s，小车运动的加速度的大小是3.5m/s2（3）实验中要使小车的质量远大于（填“远大于”或“远小于”）塑料桶和桶中砝码的质量，才能认为细线对小车的拉力等于塑料桶和砝码的重力（4）改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出aF关系图线（如图2所示）此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是C（填选项前字母）A小车与轨道之间存在摩擦B导轨保持了水平状态C所挂钩码的总质量太大D所用小车的质量太大【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】（1）根据实验的装置和工作原理即可选择；（2）
27、纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，根据中间时刻速度等于一段过程中的平均速度可求出某点的瞬时速度，根据运动学公式x=aT2求得加速度；（3）根据牛顿第二定律求出绳子上拉力的表达式，即可明确满足什么条件时细线对小车的拉力等于塑料桶和砝码的重力；（4）控制实验所控制的变量，分析图象，根据图象特点得出实验结论；根据实验注意事项分析图象偏离直线的原因【解答】解：（1）打点计时器接交流电源，故不要低压直流电源，打点计时器在纸带上打出点能够实现计时功能，故不需要秒表故不需要（2）根据中间时刻速度等于一段过程中的平均速度可求出某点的瞬时速度得：vC=1.225m/s根据运动学公式得：x=at2，解得：a=3.
28、5 m/s2，（3）设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma对塑料桶和桶中砝码有：mgF=ma由解得：由此可知当小车的质量远大于塑料桶和桶中砝码的质量时，塑料桶和桶中砝码的重力等于绳子的拉力，（4）随着力F的增大，即钩码质量的增大，不再满足钩码的质量远小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象，故ABD错误，C正确；故选：C故答案为：（1）；（2）1.225；3.5；（3）远大于； （4）C三、计算题（共40分，在答题卷上解答应画受力分析图，写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位）13一物体静止开始做匀加速直线运动，第7s
29、内的位移是13m，求：（1）物体匀加速运动的加速度a的大小（2）物体在前5s内的位移的大小【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出物体匀加速运动的加速度，再结合位移时间公式求出前5s内的位移大小【解答】解：（1）根据得，即13=，解得a=2m/s2（2）物体在前5s内的位移答：（1）物体匀加速运动的加速度a的大小为2m/s2；（2）物体在前5s内的位移的大小为25m14如图所示，拉B物的轻绳与竖直方向成60角，O为一定滑轮，物体A与B间用跨过定滑轮的细绳相连且均保持静止，已知B的重力为100N，水平地面对B的支持力为80N，绳和滑轮质量及摩擦均不计，
30、试求：（1）物体A、B各受哪几个力的作用？（2）物体A的重力；（3）物体B与地面间的摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】物体A、B均处于静止状态，对A分析可表示出拉力F，同一根绳子上的力相等，建立A、B之间的联系，对B受力分析应用平衡条件便可求解【解答】解：（1）对物体A、B分别进行受力分析如图，A受到重力和绳子的拉力两个力的作用，B受到重力支持力绳子的拉力以及摩擦力的作用；（2）有对A：T=GA对B：N+Tcos60=GBf=Tsin60联立解得：T=40N，则：GA=40N水平方向：f=Tsin60=4034.6N答：（1）A受到重力和绳子的拉力两个力的作用，B
31、受到重力支持力绳子的拉力以及摩擦力的作用；（2）物体A的重力是40N；（3）物体B与地面间的摩擦力是34.6N15如图所示，重100N的物体A以初速度v=14m/s沿倾角为37的足够长的斜面向上滑动，斜面对物体A的摩擦力的大小为10N已知sin37=0.6，cos37=0.8取g=10m/s2，则：（1）物体A受哪几个力的作用？（2）A与斜面间的动摩擦因数为多大？（3）物体A从开始运动3s后的速度多大？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）对物体受力分析，为防止漏力、多力，可按照已知力、重力、弹力、摩擦力的顺序，同时每个力要找出施力物体，其中，摩擦力与相对运动方向
32、相反，支持力与接触面垂直；（2）力的分解遵循平行四边形定则，将重力按垂直斜面方向和平行斜面方向正交分解，即可求得A对斜面的压力，从而求得A与斜面间的动摩擦因数；（3）由于合力已知，根据牛顿第二定律可求出加速度，再由速度时间公式可求出速度【解答】解：（1）受力如图，重力G、支持力FN和摩擦力f（2）A对斜面的压力 FN=G cos37=80N由f=FN得，A与斜面间的动摩擦因数 =0.125（3）由牛顿第二定律物体的加速度为 a1=解得 a1=7m/s2由运动规律公式，物体的速度变为零所需时间 由于Gsin37f，物体将往回滑沿斜面方向的合力大小 F合=Gsin37f=1000.610=50N由
33、牛顿第二定律物体的加速度为 a2=5m/s2从开始运动3s后的速度 vt=at=51=5m/s，方向沿斜面向下答：（1）物体A受重力G、支持力FN和摩擦力f的作用（2）A与斜面间的动摩擦因数为0.125（3）物体A从开始运动3s后的速度是5m/s，方向沿斜面向下一、多项选择题（4小题，每题5分，共20分每小题至少有两项答案正确，多选错选不得分，漏选得2分）16如图所示，质量为m1的木块在质量为m2的长木板上，在力F的作用下向右滑行，长木板处于静止，已知木块与木板间的动摩擦因素为1，木板与地面间的动摩擦因数为2，则（）A木板受到地面的摩擦力大小一定为1m1gB木板受到地面的摩擦力一定是2 （m1
34、+m2）gC当F2（ml+m2）g时，木板便会开始滑动D改变F的大小，木板都不可能滑动【考点】摩擦力的判断与计算【分析】以木板为研究对象，根据平衡条件求出地面对木板的摩擦力大小当木块对木板的摩擦力大于地面对木板的最大静摩擦力时木板便会开始运动【解答】解：A、以木板为研究对象，木板水平方向两个力：m的向右的滑动摩擦力，大小为f1=1mg和地面向左的静摩擦力f2，根据平衡条件得：f2=f1=1mg故A正确B、地面对木板的最大静摩擦力为fm=2（m+M）g，而题中条件不足，无法判断木板所受的静摩擦力是否达到最大值，所以木板受到地面的摩擦力的大小不一定是2（m+M）g故B错误C、当F2（m+M）g时，
35、木块对木板的滑动摩擦力大小仍等于f1=1mg，没有变化，木板都不可能运动故C错误D、无论怎样改变F的大小，木块对木板的滑动摩擦力大小不变，不会大于地面对木板的最大静摩擦力，木板都不可能运动故D正确故选：AD17甲乙两车在一平直道路上同向运动，其vt图象如图所示，图中OPQ和OQT的面积分别为s1和s2（s1=s2）初始时，甲车在乙车前方S0处（）A若s0=s1+s2，两车不会相遇B若s0s1，两车相遇2次C若s0=s1，两车相遇1次D若s0=s2，两车相遇1次【考点】匀变速直线运动的图像【分析】此题是追及与相遇问题，解决此类问题的关键是分析清楚两物体的位移关系两物体的位移之差等于初始时的距离是
36、两物体相遇的条件【解答】解：由图线可知：在T时间内，甲车前进了s2，乙车前进了s1+s2；A、若s0=s1+s2，则s0s1，若s0+s2s1+s2，即s0s1，两车不会相遇，故A正确；B、若s0s1，即s0+s2s1+s2，在T时刻之前，乙车会超过甲车，但甲车速度增加的快，所以甲车还会超过乙车，则两车会相遇2次，故B正确；C、若s0=s1，即s0+s2=s1+s2，两车只能相遇一次，故C正确D、由于s1=s2则若s0=s2，两车相遇1 次，故D正确故选：ABCD18一质量m=1kg的物体在水平恒力F作用下沿水平面运动，1s末撤去恒力F，其vt图象如图所示则恒力F和物体所受阻力f的大小是（）A
37、F=8NBF=9NCf=2NDf=3N【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像【分析】通过图线的斜率求出匀加速和匀减速直线运动的加速度大小，结合牛顿第二定律求出恒力F和阻力f的大小【解答】解：由图线得，匀加速直线运动的加速度大小，匀减速直线运动的加速度大小，根据牛顿第二定律得，Ff=ma1，f=ma2，解得f=3N，F=9N故B、D正确，A、C错误故选BD19两重叠在一起的滑块，置于固定的、倾角为的斜面上，如图所示，滑块A、B的质量分别为M、m，A与斜面间的动摩擦因数为1，B与A之间的动摩擦因数为2，已知两滑块都从静止开始以相同的加速度从斜面滑下，滑块B受到的摩擦力（）A等于零B方向沿斜面向
38、上C大小等于1mgcosD大小等于2mgcos【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】A、B叠在一起，A在B上两滑块都从静止开始以相同的加速度沿斜面滑下，可以先用整体法求共同的加速度，然后在对A单独分析即可求得A所受摩擦力【解答】解：对A、B整体受力分析如图所示，在沿斜面方向由牛顿第二定律得： （m+M）gsinF=（m+M）a 且滑动摩擦力F=1（m+M）gcos 解得a=g（sin1cos）假设B受的摩擦力F方向沿斜面向上，B受重力、A的支持力和摩擦力 在沿斜面方向上由牛顿第二定律得：mgsin+F=ma， 由以上三式解得F=1mgcos， 负号表示F方向与假设的方向相反，即A对
39、B的摩擦力沿斜面向下故C正确； 故A、B、D错误故选：C二、计算题（共30分，在答题卷上解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位）20某传动装置的水平传送带以恒定的速度V0=5m/s运行，将一块底面水平的粉笔轻轻放在传送带上，两者共速后发现粉笔在传送带上留下一条长度L=5m的白色划线，稍后，因传动装置受阻碍，传送带做匀减速运动，其加速度的大小为5m/s2传动装置受阻后，粉笔是否能在传送带上继续滑动？若能，它沿皮带继续滑动的距离L=？若要粉笔不能继续在传送带上滑动，则皮带做减速运动时，其加速度大小应限制在什么范围内？【考点】牛顿第
40、二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）粉笔轻轻地放到传送带上，先做匀加速直线运动，当速度等于传送带速度时，一起运动先根据白色划线求出粉笔的加速度及动摩擦因数，比较传动装置受到阻碍后粉笔的加速度和传送带的加速度的大小，从而判断是否发生相对运动，若发生相对运动，粉笔相对皮带滑行距离即为两者位移之差；（2）因为皮带对粉笔的最大静摩擦力为mg，所以粉笔对地的最大加速度为g，为防止粉笔在皮带上相对对滑动，皮带加速度a0应限制在g范围内【解答】解：（1）先求粉笔与皮带间的动摩擦因数皮带初始以v0=5m/s匀速行驶，粉笔对地以a=g的加速度匀加速，划痕l=5m为相对位移则l=v0tt=解得：
41、a=，=0.25第二阶段，因皮带受阻，做a0=5m/s2的匀减速a0a，粉笔能在传送带上继续滑动，且皮带比粉笔先停下，粉笔还能在皮带上作相对滑动粉笔相对皮带滑行距离为=2.5m（2）因为皮带对粉笔的最大静摩擦力为mg，所以粉笔对地的最大加速度为g，为防止粉笔在皮带上相对滑动，皮带加速度a0应限制在g范围内，即0a2.5m/s2答：（1）能，它沿皮带继续滑动的距离为2.5m（2）加速度大小应限制在0a2.5m/s221质量分别为m1和m2的两个小物块用轻绳连接，绳跨过位于倾角=30的光滑斜面顶端的轻滑轮，滑轮与转轴之间的摩擦不计，斜面固定在水平桌面上，如图所示第一次，m1悬空，m2放在斜面上，用
42、t表示m2自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端所需的时间第二次，将m1和m2位置互换，使m2悬空，m1放在斜面上，发现m1自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端所需的时间为求m1与m2之比【考点】牛顿运动定律的应用-连接体；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）两物体通过轻绳相连可知，两物体运动的加速度大小相等；（2）互换m1和m2的位置，物体自斜面底端滑上斜面顶端时间之比为3：1，据物体向上做初速度为零的匀加速直线运动，由位移相等可得物体上滑的加速度之比；（3）据物体的受力分析，根据牛顿第二定律列式可求两种情况下物体的加速度大小之比；由物体受力得到的加速度之比和运动分析的加速度之比相等，列式可求两两物体的质量之比【解答】解：第一次，小物块受力情况如图所示，设T1为绳中张力，a1为两物块加速度的大小，l为斜面长，则有m1gT1=m1a1T1m2gsin=m2a1第二次，m1与m2交换位置设绳中张力为T2，两物块加速度的大小为a2，则有m2gT2=m2a2T2m1gsin=m1a2由 、式注意到a=30得由 、式注意到a=30得由 、式得由 、式可解得 答：m1m2之比为2017年1月19日高考资源网版权所有，侵权必究！