1、海南省华侨中学2019-2020学年高一物理下学期第一次阶段考试试题（含解析）一、单项选择题1.在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步。在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（）A. 牛顿建立了狭义相对论B. 哥白尼提出了“地心说”C. 爱因斯坦测出了引力常量D. 开普勒发现了太阳系行星运动三大定律【答案】D【解析】【详解】A爱因斯坦建立了狭义相对，故A错误；B哥白尼推翻“地心说”，提出“日心说”，故B错误；C卡文迪许第一次通过实验的方法比较准确地测出引力常量，故C错误；D开普勒发现了太阳系行星运动三大定律，故D正确。故选D。2.如图所示，在皮带传动装
2、置中，主动轮A和从动轮B半径不等，皮带与轮之间无相对滑动，则下列说法中正确的是（）A. 两轮的角速度相等B. 两轮转动的周期相同C. 两轮边缘的向心加速度大小相同D. 两轮边缘的线速度大小相同【答案】D【解析】【详解】D、因为皮带与轮之间无相对滑动，所以滑轮边缘上各点线速度大小都与皮带的速度的大小，所以A、B两轮边缘上线速度的大小相等，所以D正确；A、又据，可得主动轮A的半径和B的半径不等，故两轮的角速度相等错误，即A错误；C、同理，由于半径不等，两轮边缘向心加速度大小不相等，故C错误，B、又因为角速度不相等，故两轮周期也不相同，所以B错误.故选D.3.如图所示，当汽车通过拱桥顶点的速度为15
3、m/s时，车对桥顶的压力为车重的，如果要使汽车在粗糙的桥面行驶至桥顶时，不受摩擦力作用，则汽车通过桥顶的速度应为（g=10m/s2）（）A. 15m/sB. 20m/sC. 25m/sD. 30m/s【答案】D【解析】【详解】当汽车通过拱桥顶点是，根据牛顿第二定律联立解得如果要使汽车在粗糙的桥面行驶至桥顶时，不受摩擦力作用，则车对桥顶的压力为零，即代入解得故ABC错误，D正确。故选D。4.起重机以加速度a竖直向上加速吊起质量为m的重物，若物体上升的高度为h，重力加速度为g，则起重机对货物所做的功是A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】对货物进行受力分析，根据牛顿第二定律求出起重机对
4、货物拉力，根据做功公式即可求得起重机对货物所做功.【详解】对货物进行受力分析，货物受重力和起重机对货物拉力F根据牛顿第二定律得：F-mg=maF=m（a+g）；上升h高度，起重机对货物拉力做功w=Fh=m（a+g）h；故选D【点睛】求某个力做功的方法很多，常见的有两种：1、运用功的定义式求解（力为恒力）2、运用动能定理求解本题是恒力做功，故可以直接根据公式求解.5.关于功率，下列说法中正确的是A. 功率是描述物体做功快慢的物理量B. 力对物体做功越多，做功的功率越大C. 从公式P= F v可知，汽车的牵引力一定跟汽车行驶的速率成反比D. 从公式 可知，做功时间越短，功率越大【答案】A【解析】【
5、详解】AB功率是描述做功快慢的物理量，功率大说明单位时间内做功多，时间不确定时做功大小无法确定，故A正确，B错误；C根据 可知，当功率一定时，牵引力与速度成反比，C错误D根据 可知，做功一定时，做功时间越短，功率越大，D错误故选A。6.如图所示，a、b、c、d是在地球大气层外的圆形轨道上匀速运行的四颗人造卫星。其中a、c的轨道相交于P，b、d在同一个圆轨道上。某时刻b卫星恰好处于c卫星的正上方。下列说法中正确的是（）A. b、d存在相撞危险B. a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度C. b、c的角速度大小相等，且小于a的角速度D. a、c的线速度大小相等，且小于d的线速度【答案】B【解析】
6、【详解】根据万有引力提供向心力，由分析即可。Ab、d在同一圆轨道上，线速度大小，角速度均相等，不可能相撞，故A错误；Ba、c的轨道相交于P，故a、c的轨道半径相同，则加速度大小相等；某时刻b卫星恰好处于c卫星的正上方，说明b的轨道半径大于c的轨道半径，故a、c的加速度大于b的加速度；故B正确；Cb、c的轨道半径不同，轨道半径越大，角速度越小，故b的角速度大于c的角速度，a、c的轨道半径相同，a的角速度等于c的角速度，故C错误；Da、c轨道半径相同，故a、c的线速度大小相等，a的轨道半径小于d的轨道半径，故a的线速度大于d的线速度，故D错误。故选B。7.如图甲、乙、丙三种情形表示某物体在恒力F作
7、用下在水平面上发生一段大小相同的位移，则力F对物体做功相同的是（）A. 甲和乙B. 甲、乙、丙C. 甲和丙D. 乙和丙【答案】C【解析】【详解】图甲中拉力做功为图乙中拉力做功为图丙中拉力做功为综上所述，甲与丙中F对物体做功相同，故ABD错误，C正确。故选C。8.如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回。若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中，下列说法中正确的是（）A. P做匀变速直线运动B. P的加速度大小不变，但方向改变一次C. 有一段过程，P的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大D. P的加速度大小不
8、断改变，当加速度数值最大时，速度最小【答案】D【解析】【详解】AP水平方向只受到弹簧的弹力，方向与速度方向相反，而且弹力逐渐增大，加速度逐渐增大，P做加速度增大的变减速直线运动，故A错误；B由A的分析可知，在弹簧压缩过程，P的加速度逐渐增大，在P被弹回过程中，P的加速度逐渐减小，由于弹簧始终处于压缩状态，所以加速度方向没有改变，故B错误；C在弹簧压缩过程P的加速度方向一直与速度方向相反，一直做减速运动，在P被弹回过程中，P的加速度逐渐减小，速度逐渐增大，故C错误；D当P向右压缩弹簧时，弹簧压缩长度逐渐增大，加速度逐渐增大，P速度逐渐减小，当压缩到最右端时，加速度最大，速度为零，最小，故D正确。
9、故选D。【点晴】木块水平方向只受到弹簧弹力，根据胡克定律可知：弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比。当木块向右压缩弹簧时，弹力逐渐增大，加速度逐渐增大，做变减速运动。二、多项选择题9.一物块由静止开始从粗糙斜面上的某点加速下滑到另一点，在此过程中重力对物块做的功等于（）A. 物块动能的增加量B. 物块重力势能的减少量C. 物块动能的增加量与物块克服摩擦力做的功之和D. 物块重力势能的减少量和物块动能的增加量以及物块克服摩擦力做的功之和【答案】BC【解析】【详解】一物体由静止开始从粗糙的斜面上的某点加速下滑到另一点，在此过程中，物体受重力、支支持力、摩擦力，其中重力做正功，支持力不做功，摩擦力做负功
10、。设重力做功为，物体克服摩擦力做功为，物体动能的在增加量为，根据动能定理可知则此过程中重力对物体做的功等于物体动能的增加量与物体克服摩擦力做的功之和，根据重力做功与重力势能变化的关系可得此过程中重力对物体做的功也等于重力势能的减小量，故AD错误，BC正确。故选BC。10.物体在光滑的水平面上受到两个水平恒力的作用而做匀速直线运动，若突然撤去其中一个力，另一个保持不变，它可能做（）A. 匀速直线运动B. 匀加速直线运动C. 匀减速直线运动D. 曲线运动【答案】BCD【解析】【详解】A一个物体在水平方向上的两个大小相等方向相反的恒力作用下，在光滑的水平面上做匀速直线运动，加速度为零，合力为零。若突
11、然撤去其中一个力，另一个保持不不变，物体受到的合外力不为零，不可能做匀速直线运动，故A错误；BC撤去一个力后，剩下的力为恒力，如果力与速度共线，物体做直线运动，故BC正确；D撤去一个力后，剩下的力为恒力，如果力与速度不共线，物体做曲线运动，故D正确。故选BCD。11.随着人们生活水平的提高，打高尔夫球将逐渐成为普通人的休闲娱乐方式。如图所示，某人从高出水平地面h的坡上水平击出一个质量为m的高尔夫球。由于恒定的水平风力的作用，高尔夫球竖直地落入距击球点水平距离为L的A穴。则（）A. 球被击出后做平抛运动B. 球被击出时的初速度大小为C. 该球从被击出到落入A穴所用的时间为D. 球被击出后受到的水
12、平风力的大小为【答案】D【解析】【分析】【详解】A小球受到重力和水平风力作用，不是平抛运动，故A错误；B小球在水平方向上做匀减速直线运动，则平均速度为变形可得，初速度为故B错误；C小球在竖直方向上做自由落体运动，则根据变形可得，运动时间为故C错误；D根据牛顿第二定律可得，水平风力为故D正确。故选D。12.关于同步地球卫星，下列说法中正确的是（）A. 同步地球卫星可以在北京上空B. 同步地球卫星到地心的距离为一定的C. 同步地球卫星的周期等于地球的自转周期D. 同步地球卫星的线速度保持不变【答案】BC【解析】【详解】A地球同步卫星的轨道平面与赤道平面重合，故不可能出现在北京上空，故A错误；BC同
13、步地球卫星相对地面静止，它的周期等于地球的自转周期，故地球同步卫星运行的角速度与地球自转角速度一定相同，根据万有引力提供向心力，则有得同步地球卫星到地心的距离为一定的，BC正确；D同步地球卫星在圆周运动，线速度方向始终在变化，D错误。故选BC。13.三颗人造地球卫星A、B、C在地球的大气层外沿如图所示的轨道做匀速圆周运动，已知，则三个卫星（）A. 线速度大小的关系是B. 向心力大小的关系是C. 周期关系是D. 向心加速度大小的关系是【答案】AC【解析】【详解】人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，因此有解得依题意可得，因此由于，因此综上所述可得，AC正确，BD错误。故选AC。三
14、、实验题14.用落体法验证机械能守恒定律的实验中。运用公式对实验条件的要求是在打第一个点时，重锤恰好由静止开始下落。某同学实验步骤如下：A用天平准确测出重锤的质量B把打点定时器架在铁架台上，并接上交流电源C将纸带一端固定在重锤上，另一端穿过打点定时器的限位孔，使重锤靠近打点定时器D先释放重锤，后接通电源E取下纸带，再重复几次F选择纸带，测量纸带上某些点间的距离G根据测量结果进行计算你认为实验步骤中多余的步骤_；错误的步骤_（填序号）。根据实验的纸带算出相关各点的速度v，算出下落的距离h；以为纵坐标，以h为横轴画出的图线应是图中的_就证明机械能是守恒的，图像的斜率代表的物理量是_。A. B.C.
15、 D.【答案】 (1). A (2). D (3). B (4). 重力加速度【解析】【详解】(2)23由于我们比较的是、的大小关系，因此可以约去，不需要天平测量，故选A。应将先通电源再释放重锤，故选D。(3)34本实验需要验证的方程是变形可得因此图象是过原点的直线，故选B。根据数学知识可知，图象的斜率等于重力加速度。15.在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.8m/s2，测得所用重物的质量为1.00kg。若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点的距离如图所示（相邻计数点时间间隔为0.02s），那么：(1)纸带的
16、_端与重物相连。(2)从起点O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是=_，此过程中物体动能的增加量=_。(3)通过计算，数值上_（填“”、“=”或“”），这是因为_。(4)实验的结论是_。【答案】 (1). 左 (2). 0.49J (3). 0.48J (4). (5). 这是因为实验中有阻力 (6). 在实验误差允许范围内，机械能守恒【解析】【详解】(1)1重物在开始下落时速度较慢，在纸带上打的点较密，越往后，物体下落得越快，纸带上的点越稀，因此纸带上靠近重物的一段点较密集，因此纸带的左端与重物相连。(2)23从起点O到打下计数点B的过程中，重力势能减小量为代入数据可得动能的增加量为代入数
17、据可得(3)45可见重力势能的减小量大于动能的增加量。原因是实验中有阻力。(4)6在实验误差允许范围内，机械能守恒。四、计算题16.如图所示，质量的高山滑雪运动员，从A点由静止开始沿雪道滑下，从B点水平飞出后又落在与水平面成倾角的斜坡上C点。已知A、B两点间的高度差为，B、C两点间的距离为，（，），求：(1)运动员从B点飞出时的速度vB的大小；(2)运动员从A到B过程中克服摩擦力所做的功。【答案】(1)40m/s；(2)12000J【解析】【详解】(1)BC段运动员做平抛运动，因此有联立代入数据解得(2)AB段只有重力和摩擦力对运动员做功，根据动能定理可得代入数据解得所以运动员从A到B过程中克
18、服摩擦力所做的功为12000J。17.宇航员登上一半径为R的星球表面，为测定该星球的质量，他用长细线一端拴一小球，另一端固定于O点，让其在水平面内做匀速圆周运动（这种运动常称为圆锥摆运动），如图所示。若测得O点到圆面距离为h，圆锥摆的周期为T，已知万有引力常量为G。请推导出：(1)该星球表面重力加速度g的表达式；(2)该星球质量M的表达式。【答案】(1)；(2)【解析】【详解】（1）小球做匀速圆周运动，由所受合外力提供向心力得解得（2）在星球表面，万有引力提供重力得解得18.如图所示，ABCDO是处于竖直平面内的光滑轨道，AB是半径为R=10m的圆周轨道，CDO是直径为10m的半圆轨道。AB轨
19、道和CDO轨道通过极短的水平轨道（长度忽略不计）平滑连接。半径OA处于水平位置，直径OC处于竖直位置。一个小球P从A点的正上方高H处自由落下，从A点进入竖直平面内的轨道运动（小球经过A点时无机械能损失）。当小球通过CDO轨道最低点C时对轨道的压力等于其重力的6.5倍，取g为10m/s2。(1)试求高度H的大小；(2)试讨论此球能否到达CDO轨道的最高点O，并说明理由；(3)求小球沿轨道运动脱离轨道后第一次落回轨道上时的速度大小。【答案】(1)3.75m；(2)能，见解析；(3)【解析】【详解】(1)在C点，根据牛顿第二定律从P点到C点，根据动能定理联立解得(2)从C点到O点，根据动能定理联立解得设物体恰好到达轨道O点的速度大小为v0，根据牛顿运动定律得解得由于所以小球可以通过O点。(3)小球离开O点后做平抛运动，根据平抛运动规律有，水平方向竖直方向且有联立解得所以小球再次落到轨道上速度代入数据解得
