1、选择题专练(三)共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1(2020辽宁省六校协作体高三上初考)下列说法正确的是()A结合能越大的原子核越稳定B玻尔的跃迁假设是根据粒子散射实验分析得出的C光电效应揭示了光具有粒子性，康普顿效应揭示了光具有波动性D衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的答案D解析结合能是将原子核拆分成自由状态的核子需要的能量，即组成原子核的核子越多，结合能越大，比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢靠，原子核越稳定，故A错误；为解释
2、氢光谱，玻尔提出了轨道量子化与跃迁假设，卢瑟福原子核式结构模型是根据粒子散射实验提出的，故B错误；光电效应与康普顿效应都揭示了光具有粒子性，故C错误；衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的，故D正确。2(2019内蒙古呼和浩特市二模)如图所示，一攀岩运动员正沿竖直岩壁缓慢攀登。由于身背较重的行囊，重心上移至肩部的O点，总质量为80 kg，此时手臂与身体垂直，手臂与岩壁夹角为53，则手受到的拉力和脚受到的作用力分别为(设手、脚受到的作用力均通过重心O，g取10 m/s2，sin530.8，cos530.6)()A640 N480 NB480 N640 NC480 N800 ND
3、800 N480 N答案B解析设运动员和行囊的总质量为M，以运动员和行囊整体为研究对象，分析受力情况：重力Mg、岩壁对手臂的拉力F1和岩壁对脚的作用力F2，作出受力示意图，如图所示，根据平衡条件得：F1Mgcos538000.6 N480 N，F2Mgsin538000.8 N640 N，故B正确。3(2019云南昆明4月质检)汽车在限速为40 km/h的道路上匀速行驶，驾驶员发现前方斑马线上有行人，于是减速礼让，汽车到达斑马线处时行人已通过斑马线，驾驶员便加速前进，监控系统绘制出该汽车的速度v随时间t变化的图象如图所示，下列说法正确的是()A减速前该车已超速B汽车在加速阶段的加速度大小为3
4、m/s2C驾驶员开始减速时距斑马线18 mD汽车在加速阶段发动机的输出功率保持不变答案B解析由图象可知，汽车减速前的行驶速度为：v010 m/s36 km/h，未超速，故A错误；汽车在加速阶段的加速度大小为：a m/s23 m/s2，故B正确；由图象不能精确求解汽车开始减速时距斑马线的距离，故C错误；加速阶段，汽车做匀加速直线运动，由牛顿第二定律Ffma知，牵引力F恒定，速度增加，据PFv知，功率P增加，故D错误。4(2019辽宁省沈阳市一模)“神舟十一号”飞船与“天宫二号”空间实验室自动交会对接前的示意图如图所示，圆形轨道为“天宫二号”运行轨道，圆形轨道为“神舟十一号”运行轨道。此后“神舟十
5、一号”要进行多次变轨，才能实现与“天宫二号”的交会对接，则()A“天宫二号”在轨道的运行速率大于“神舟十一号”在轨道上的运行速率B“神舟十一号”由轨道变轨到轨道需要减速C“神舟十一号”为实现变轨需要向后喷出气体D“神舟十一号”变轨后比变轨前机械能减少答案C解析由题可知，万有引力提供向心力，即Gm，则v ，由于“天宫二号”的轨道半径大，可知其速率小，故A错误；“神舟十一号”由轨道变轨到轨道，轨道半径变大，需要加速做离心运动，则要向后喷出气体，以使速度变大，加速过程发动机做正功，使其机械能增加，故C正确，B、D错误。5(2019四川资阳二诊)如图所示，一带正电的粒子以一定的初速度进入某点电荷Q产生
6、的电场中，沿图中弯曲的虚线轨迹先后经过电场中的a、b两点，其中a点的场强大小为Ea，方向与ab连线成30角；b点的场强大小为Eb，方向与ab连线成60角，粒子只受电场力的作用。下列说法中正确的是()A点电荷Q带正电Ba点的电势低于b点的电势C从a到b，系统的电势能减小D粒子在a点的加速度大于在b点的加速度答案C解析根据Ea、Eb延长线的交点位置判断出，点电荷Q在轨迹的凹侧，又因粒子带正电，所以点电荷Q带负电，故A错误；由图可知，点电荷Q位于Ea方向延长线与Eb方向延长线的交点处，且b点与a点相比，b点离负点电荷较近，b点处电势较低，故B错误；由Epq可知正点电荷在电势低处，电势能较小，所以正点
7、电荷在b处时，系统具有的电势能较小，因此C正确；根据点电荷电场线的分布，b点处电场线分布较密，电场强度较大，粒子加速度较大，故D错误。6(2019福建漳州二模)如图所示，纸面内半径为R、圆心为O的圆形区域外存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，纸面内的线段PA与圆形区域相切于A点，PA2R。若P点处有一粒子源沿PA方向射出不同速率的带正电粒子，质量为m，电荷量为q，不计重力，则能射入圆形区域内部的粒子的速率可能为()A. B. C. D.答案CD解析粒子运动轨迹与圆形区域相切时，粒子恰好不能射入圆形区域内部，粒子此时拥有最小速度。相切时的运动轨迹如图所示，由几何知识得：(rR)2
8、(2R)2(rR)2；解得：r3R，粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：qvBm，解得：v，故当粒子速度满足v时，都可以进入圆形磁场区域，则A、B错误，C、D正确。7(2019吉林省长春市二模)如图为一种直流发电机的结构示意图，直流发电机由两块永磁铁、线圈和换向器组成。永磁体N、S极相对，中间区域视为匀强磁场，磁感应强度为B。线圈由N匝导线缠绕而成，面积为S，可绕如图所示的轴线匀速转动，角速度为。换向器由两个半铜环和两个电刷构成，半铜环分别与线圈中导线的两端固连，线圈和半铜环绕着轴线以相同角速度转动。电刷位置固定，作为输出端与外电路相连(图中未画出)。每当线圈转到中性面位置时，半铜环
9、和电刷会交换接触，以保持输出电流方向不变，且交换时间极短可忽略。下列说法正确的是()A当线圈按照图示的方向转动时，电刷a的电势比b的电势高B当线圈转到图示位置时，线圈中产生的电动势为零C该发电机产生电动势的最大值为NBSD该发电机产生电动势的最大值是有效值的倍答案CD解析当线圈按照图示的方向转动时，根据右手定则知电刷a的电势比电刷b的电势低，故A错误；当线圈转到图示位置时，磁通量等于零，但磁通量的变化率达到了最大，所以线圈中产生的电动势也达到了最大，B错误；发电机电动势随时间变化的图象如图所示，其中最大值为NBS，且是有效值的倍，故C、D正确。8(2019江西高三九校3月联考)如图所示，光滑水
10、平面上放一个质量为M足够长的木板，开始M静止，现在有一个质量为m的滑块以速度v0滑上M，m和M间的动摩擦因数为，以下说法正确的是()A如果增大M，则m和M相对运动的时间变长，因摩擦而产生的热量增加B如果增大m，则m和M相对运动的时间变短，m在M上滑行的距离变大C如果增大动摩擦因数，则因摩擦而产生的热量不变D如果增大初速度v0，则因摩擦而产生的热量增加答案ACD解析视木板和滑块为系统，合外力为零，动量守恒，根据动量守恒定律有：mv0(mM)v1，解得：v1，根据能量守恒定律可知摩擦而产生的热量为：Qmv(mM)v，对木板利用动量定理可得：mgtMv1，解得m和M相对运动的时间：t，若只增大M，则m和M相对运动的时间t变长，因摩擦而产生的热量Q增加，故A正确；如果增大m，则m和M相对运动的时间t变短，根据功能关系可得：mgsQ，解得m在M上滑行的距离s，当m增大时，s变小，故B错误；如果增大动摩擦因数，则因摩擦而产生的热量Q不变，故C正确；如果增大初速度v0，则因摩擦而产生的热量Q增加，故D正确。