1、新余市第一中学2019-2020学年高一下学期二段考试生物测试学校:_姓名：_班级：_考号：_一、单选题（本大题共30小题，共60分）1. 下列有关基因分离定律的几组比例,能说明基因分离定律实质的是（ ）A.F2的表现型比为3:1B.F1产生配子的比为1:1C.F2的基因型比为1:2:1D.测交后代性状分离比为1:12.某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型AA的植株表现为大花瓣，Aa的植株表现为小花瓣，aa的植株表现为无花瓣花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，rr的为黄色，两对基因独立遗传若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是（ ）A.
2、 子代共有9种基因型B. 子代共有5种表现型C. 子代的红花植株中，R的基因频率为1/3D. 子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为1/33.母性效应是指子代某一性状的表现型由母本的核基因型决定，而不受自身基因型的支配。例如椎实螺螺壳的旋向由一对等位基因D（右旋）和d（左旋）控制，D对d是完全显性，遗传上遵循母性效应。下列叙述正确的是（）A. 椎实螺螺壳旋向的遗传现象不符合基因的分离规律B. 椎实螺螺壳表现为左旋的个体基因型可能为DD、Dd和ddC. 欲判断某左旋椎实螺的基因型，可用任意的右旋椎实螺作父本进行交配，统计杂交后代的性状D. 一对相对性状的亲本做正反交，若F1表现型总是由母本决定的
3、，则一定属于母性效应4.数量性状通常显示出一系列连续的表现型。现有控制某高等植物植株高度的两对等位基因 A,a和 B,b（已知该两对基因位于一条染色体上），以累加效应决定植株高度，且每个显性基因的遗传效应是相同的。纯合子 AABB高 50cm，aabb高 30cm。这两个纯合子杂交得到 F1，F1产生四种配子的比例为 3:3:2:2。自交得到 F2，在 F2中表现 40cm高度的个体所占比例为（ ）A. 375%B. 34%C. 26%D. 8%5.小麦粒色受不连锁的三对基因A/a、B/b、C/c控制。A、B和C决定红色，每个基因对粒色增加效应相同且具叠加性，a、b和c决定白色。将粒色最浅和最
4、深的植株杂交得到F1F1的自交后代中，与基因型为AaBbcc的个体表现型相同的概率是（ ）A. 1/64B. 1/16C. 3/16D. 15/646.山茶花有红色花和百白色花，花的颜色受到两对等位基因A、a与B、b控制，每一对基因中至少有一个显性基因（A_B_）时，表现为红色花，其他的基因组合均表现为白色花下表是两组纯合植株杂交实验的统计结果，下列分析正确的是（ ）亲本组合 F1植株性状及比例 F1自交得F2植株的性状及比例 红色花 白色花 红色花 白色花 白色花白色花 89 0 273 212 红色花白色花 86 0 241 80 A. 基因控制花瓣颜色性状的遗传遵循分离定律，不遵循自由组
5、合定律B. 亲本组合的F2红色花植株中杂合子所占比值为3/4C. 亲本组合的F1中一株红色花植株进行测交，后代中白色花植株占1/4D. 若让亲本组合中的F2红色花植株自交，则F3中红色花：白色花=5：17.某种昆虫长翅（A）对残翅（a）、直翅（B）对弯翅（b）、有刺刚毛（D）对无刺刚毛（d）显性，控制这三对性状的基因位于常染色体上如图表示某一昆虫个体的基因组成，以下判断正确的是（不考虑交叉互换）（ ） A. 控制长翅和残翅、直翅和弯翅的基因遗传时遵循自由组合定律B. 该个体的一个初级精母细胞所产生的精细胞基因型有四种 C. 该个体的细胞有丝分裂后期，移向细胞同一极的基因为AbD或abdD. 该
6、个体与另一个体测交，后代基因型比例为1：1：1：18.将具有一对相对性状的纯种豌豆个体间行种植，另将具有一对相对性状的纯种玉米个体间行种植，通常情况下，具有隐性性状的一行植株上所产生的F1是（ ）A. 豌豆和玉米都有显性个体和隐性个体B. 玉米都为隐性个体，豌豆既有显性又有隐性C. 豌豆和玉米的显性和隐性比例都是3：1D. 豌豆都为隐性个体，玉米既有显性又有隐性9.下列有关孟德尔定律的叙述中，正确的是（ ）A. F1高茎豌豆自交所得F2中出现了高茎和矮茎，这是基因重组的结果B. 孟德尔通过测交实验的结果推测出F1产生配子的种类及数量，从而验证其假说是否正确C. 随着科学的不断发展，单倍体育种也
7、可直接证明“分离定律”D. 孟德尔对分离现象及自由组合现象的解释是基于对减数分裂的研究而提出的假说10.报春花的花色白色（只含白色素）和黄色（含黄色锦葵色素）由两对等位基因（A和a、B和b）共同控制，两对等位基因独立遗传，控制机理如图所示现选择AABB和aabb两个品种进行杂交，得到F1，F1自交得F2，则下列说法不正确的是（ ）A. F1的表现型是白色B. F2中黄色：白色=3：13C. 黄色植株的基因型是AAbb或AabbD. F2中白色个体的基因型种类有5种11.孟德尔在两对相对性状的研究过程中发现了基因的自由组合定律。下列有关基因自由组合定律的几组比例，最能说明基因自由组合定律实质的是
8、（ ）A. F2的表现型比为9331B. F1产生配子的比例为1111C. F2出现了不同于亲代的新组合性状D. 测交后代表现型比例为111112.结合图分析，叙述正确的有几项（ ） 利用 、进行模拟实验，桶中小球数量可以不同，但每个桶中不同的小球必须相等 利用 、进行有关模拟实验，每次要保证随机抓取，读取组合后必须放回 利用 、模拟的过程发生在，利用、模拟的过程发生在 利用 、进行有关模拟实验，要统计全班的结果并计算平均值，是为了减少统计的误差A. 1B. 2C. 3D. 413.图甲中4号为X病患者，对1、2、3、4进行关于X病的基因检测，含有X病基因或正常基因的相关DNA片段的电泳结果如
9、下图乙但图甲中个体与图乙中DNA样本对应关系记录因故丢失了根据题中信息得出的下列结论中，正确的是（ ） A. 条带2中含有X病基因B. 乙图中的DNA样本d取自甲图中的4号C. 3号个体与1号个体基因型相同的概率为2/3D. 3与一X病基因携带者结婚，所生孩子不可能患X病14.某种开紫花的植物有雌株、雄株和两性植株三种性别类型，受一组复等位基因A、A+、a控制，其中A基因存在时表现为雌株，不含A基因但有A+基因时表现为两性植株，只含a基因时表现为雄株。下列围绕该植物的相关描述，正确的是（ ）A. 该植物体内，原生质层无色的细胞不是叶肉细胞，而是根尖等处的无色细胞B. 控制该植物性别的一组复等位
10、基因可组成6种基因型，其中纯合子有3种C. 该植物中雌株与雄株杂交，子代雌株所占的比例应大于50%D. 基因型为A+a的植株自交两代，理论上F2中雄株所占的比例为1/615.孟德尔利用假说演绎法发现了遗传的两大定律。其中在研究两对相对性状的杂交实验时，针对发现的问题孟德尔提出的假说是（ ）A. F1表现显性性状，F1自交产生四种表现型不同的后代，比例是9331B. F1形成配子时,每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子自由组合，F1产生四种比例相等的配子C. F1产生数目和种类相等的雌雄配子，且雌雄配子结合机会相同D. F1测交将产生四种表现型的后代，比例为111116.喷瓜有雄株、雌株和雌雄
11、同株（两性植株），其相应的基因型如表所示下列分析正确的是（ ） 性别类型 基因型 雄性植株 aDa+、aDad 雌雄同株（两性植株） a+a+、a+ad 雌性植株 a+ad A. 喷瓜的性别分别由不同的性染色体决定B. aDa+与aDad杂交能产生雄株和两性植株C. 两性植株自交不可能产生雌株D. 雄株中不存在纯合子的原因是该物种缺乏aD雌配子17.下面是对高等动物通过减数分裂形成雌、雄配子以及受精作用的描述，其中正确的是（ ）A. 每个卵细胞继承了初级卵母细胞1/4的细胞质B. 一个精原细胞和一个卵原细胞经过减数分裂形成的成熟生殖细胞的数量比为1:4C. 精细胞经过复杂的变形过程才能形成球形
12、的精子D. 精原细胞能通过有丝分裂进行增殖18.下列关于观察减数分裂实验的叙述中，错误的是（ ）A. 可用蝗虫卵母细胞的固定装片观察减数分裂B. 用桃花的雄蕊比用桃花的雌蕊制成的装片容易观察到减数分裂现象C. 能观察到减数分裂现象的装片中，可能观察到同源染色体联会现象D. 用碗豆雄蕊制成装片，能观察到同源染色体联会形式四分体的过程19.甲、乙两位同学分别用小球做遗传规律模拟实验。甲同学每次分别从、小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合；乙同学每次分别从、小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合。将抓取的小球分别放回原来小桶后，再多次重复。分析下列叙述，正确的是（ ）A. 乙同学的实验只模拟了遗传因子
13、的分离和配子随机结合的过程B. 实验中每只小桶内两种小球的数量和小球总数可以不相等C. 甲同学的实验可模拟非同源染色体上非等位基因自由组合的过程D. 甲、乙重复100次实验后，Dd和AB组合的概率约为1/2和1/220.蚕的黄色茧（Y）对白色茧（y)为显性，抑制黄色出现的基因（I）对黄色出现的非抑制基因（i）为显性，两对等位基因独立遗传。已知甲乙两白蚕杂交，F1都是白色； F1雌雄交配， F2中白色茧与黄色茧的分离比为 13:3。下列相关叙述错误的是（ ）A. 甲乙都是纯合子B. F2代中白色蚕有 7 种基因型C. F2代中黄色个体自由交配子代分离比为 5:1D. 遗传中性状与基因不都是一一对
14、应的关系21. 某生物个体减数分裂产生的配子种类及其比例为AbaBABab1234，若该生物进行自交，则其后代出现杂合子的概率为 ( )A. 30%B. 40%C. 36%D. 70%22.某学校的兴趣小组探究牡丹花色的遗传方式，采用纯合红色花牡丹与纯合白色花牡丹进行杂交。下列有关该实验的说法错误的是（）A. 若F1均为红色花，则可说明该性状受一对等位基因的控制，且红色为显性性状B. 若F1为粉色花，为辨别是不是融合遗传，可用F1植株自交，统计F2的性状分离比C. 若对F1进行测交，所得后代的表现型和比例与F1产生的配子种类和比例有关D. 若F1测交后代的性状分离比为1：3，则这对性状可能受两
15、对独立遗传的等位基因共同控制23.下列有关受精作用的叙述，错误的一项是（ ）A. 受精卵中染色体数与本物种体细胞染色体数相同B. 受精时，精子和卵细胞双方的细胞核相互融合C. 受精卵中全部遗传物质来自父母双方的各占一半D. 受精卵中染色体来自父母双方的各占一半24.水稻中非糯性（W）对糯性（w）为显性，非糯性品系所含淀粉遇碘呈蓝黑色，糯性品系所含淀粉遇碘呈红褐色。下面是对纯种的非糯性与糯性水稻的杂交后代的观察结果，其中能直接证明孟德尔的基因分离定律的是（ ）A. 杂交后亲本植株上结出的种子（F1）遇碘全部呈蓝黑色B. F1自交后结出的种子（F2）遇碘后，3/4呈蓝黑色，1/4呈红褐色C. F1
16、产生的花粉遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色D. F1测交所结出的种子遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色25. 豌豆的花色中紫色对白色为显性。一株杂合紫花豌豆连续自交繁殖三代，则子三代中开紫花的豌豆植株和开白花的豌豆植株的比例是( )A. 31B. 157C. 97D. 15926.人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。这两对基因独立遗传。下列有关说法不正确的是（ ）A. 夫妇中有一方耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子B. 一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，也可能所有孩子听觉均正常C. 基因型为DdEe的双亲生下耳聋孩子的概
17、率为7/16D. 基因型为DdEe的双亲生下听神经正常孩子的概率为9/1627.某雌雄异株的二倍体植物的雄株与雌株由R、r基因控制；有红花、橙花、白花三种植株，花色受两对同源染色体上D、d与E、e两对基因的控制（D与E基因同时存在时开红花，二者都不存在时开白花），雄株部分基因型的花粉不能萌发。研究人员进行了三次实验，结果如下： 实验一：红花雄株一花粉离体培养，秋水仙素处理一白花雌株:白花雄株=1:1实验二：橙花雄株花粉离体培养，秋水仙素处理白花雌株:白花雄株=1:1实验三：红花雌株红花雄株F1红花株:橙花株:白花株=1:2:1，雌株:雄株=1:1下列叙述正确的是（ ）A. 实验三该植物杂交过程
18、的基本程序是：人工去雄套袋人工授粉套袋统计B. 若仅考虑花色，该种植物雄株可以产生4种不同基因型的可萌发花粉C. 若实验三F1中的橙花雌雄株随机交配，则F2中白花雌株所占比例为1/8D. 若选用实验一中的红花雄株与实验二中的白花雌株为亲本杂交，子代白花雄株：白花雌株=1:128.雄蜂是由卵细胞直接发育而来的单倍体，而雌蜂是由受精卵发育而来的二倍体。一雌蜂和一雄蜂交配产生F1，在F1雌雄个体交配产生的F2中，雄蜂的基因型共有AB，Ab，aB，ab 4种，雌蜂的基因型共有AaBb，Aabb，aaBb，aabb4种，则亲本的基因型是（ ）A. aabbABB. AaBbAbC. AabbaBD. A
19、ABBab29.如图所示，下列说法不正确的是（ ）A. 该图细胞有染色体4条B. 该图细胞有染色单体0条C. 该图细胞有DNA分子4个D. 该图细胞有2个中心粒30.豌豆是一年生植物。将基因型为杂合子高茎豌豆种植下去，连续自交，第四年的时候，子代显性纯合子的比例为（ ）A. 1/8B. 7/8C. 7/16D. 9/16二、填空题（本大题共4小题，共40分）31.有两个肉鸭品种连城白鸭和白改鸭，羽色均为白色。研究人员以下表所示外貌特征的连城白鸭和白改鸭作为亲本进行杂交实验，过程及结果如图所示，请分析回答： （1）F2中黑羽、灰羽：白羽约为 。（2）研究人员假设一对等位基因控制黑色素合成（用符号
20、B，b表示，B表示能合成黑色素），另一对等位基因促进黑色素在羽毛中的表达（用R，r表示，r表示抑制黑色素在羽毛中的表达）。根据连城白鸭喙色为黑色，而白改鸭喙色不显现黑色推测，上述杂交实验中连城白鸭的基因型为 ，白改鸭的基因型为 ，F2代中，黑羽、灰羽鸭中杂合子的比例为 （3）研究人员发现F2黑羽：灰羽=1:2，他们假设R基因存在剂量效应，一个R基因表现为灰色，两个R基因表现为黑色，为了验证该假设，他们将F1灰羽鸭与亲本中的白改鸭进行杂交，观察统计杂交结果，并计算比例。若杂交结果为 ，则假设成立。若杂交结果为 ，则假设不成立。32.某二倍体植物具有开红花和开白花之分，某实验小组以这种植物为实验材
21、料进行杂交实验，结果如下表： 父本 母本 子一代 第1组 一株开白花 一株开白花 开红花、开白花(数量未统计） 第2组 一株开红花 株开红花 305开红花、98开白花 实验小组对该性状的遗传提出两种假说。（1）假说一：植物的花色由三个等位基因（A、a1和a2）控制，a1和a2同时存在时，表现为开白花，其他情况均为开红花，A相对于 a1和a2为显性。如果该假说成立，第1组中子代性状分离比红花：白花为_；则第2组中双亲的基因型为_。（2）假说二：植物的花色由三个等位基因(A+、A、a)控制，其中A决定开红花，A+和 a都决定开白花，三个基因的显隐关系A+相对于A、a为显性，A相对于a为显性，则第2
22、组的双亲基因型分别是_。（3）为进一步探究两种假说的合理性，第2组同学将F1中的开白花植株自交得F2，并统计F2中花色和数量。若F2中_，则支持假说一。若F2中_，则支持假说二。33.某种自花授粉、闭花传粉的植物，其花的颜色有红色和白色两种，茎有粗、中粗和细三种。请分析并回答下列问题： （1）自然状态下该种植物一般都是 _ （纯合子/杂合子）；若让两株相对性状不同的该种植物进行杂交，进行人工异花传粉的过程中，需要两次套上纸袋，其目的都是 _ （2）若已知该植物花色由D、d和E、e两对等位基因控制，现有一基因型为DdEe的植株，其体细胞中相应基因在染色体DNA上的位置及控制花色的生物化学途径如图
23、。 则该植株花色为 _ ，该植株自交时（不考虑基因突变和交叉互换现象），后代中纯合子的表现型为 _ （3）已知该植物茎的性状由两对独立遗传的核基因（A、a，B、b）控制。只要b基因纯合时植株就表现为细茎，当只含有B一种显性基因时植株表现为中粗茎，其它表现为粗茎。若基因型为AaBbDdEe的植株自然状态下繁殖，后代中表现型为红花中粗茎所占的比例为 _ ，其中能产生后代为白花细茎的比例为 _ 34.某种植物的花色同时受A、a与B、b两对基因控制。基因型为A_bb的植株开蓝花，基因型为aaB_的植株开黄花。将蓝花植株（）与黄花植株（）杂交，取F1红花植株自交得F2，F2的表现型及其比例为红花：黄花：
24、蓝花：白花=7:3:1:1。 （1）F1红花的基因型为_，上述每一对等位基因的遗传遵循_定律。（2）对F2出现的表现型及其比例有两种不同的观点加以解释。观点一：F1产生的配子中某种雌雄配子同时致死。观点二：F1产生的配子中某种雌配子或雄配子致死。你支持上述观点_，基因组成为_的配子致死；F2中蓝花植株和亲本蓝花植株的基因型分别是_。高一生物单元测试答案及解析【答案】1. B2. C3. C4. B5. D6. D7. D8. D9. C10. D11. B12. D13. D14. D15. B16. D17. D18. D19. B20. C21. D22. A23. C24. C25. C
25、26. D27. D28. A29. D30. C31. （1）9：7 （2）BBrr bbRR （3）黑羽：灰羽：白羽=1：1：2 灰羽：白羽=1：132. （1）1:1 Aa1和Aa2（2）Aa和Aa（3）开红花与开白花之比为1:1 全为开白花33. 纯合子；避免外来花粉的干扰；红色；白花；34. （1）AaBb；基因分离（2）二；Ab；Aabb、Aabb【解析】1. 【解答】A、F2表现型的比例为3:1是性状分离比,不是说明基因分离定律实质,A错误；B、F1产生配子的比例为1:1，说明减数分裂时等位基因随同源染色体的分开而分离，产生不同配子的比例为1:1,因而最能说明基因分离定律实质,B
26、正确；C、F2基因型的比例为1:2:1，只能体现子二代的基因型种类及比例,不能说明基因分离定律实质，C错误；D、测交后代表现型的比例为1:1是性状分离比，说明F1产生配子的比例为1:1,D错误。故选B.2. 【解析】本题考查基因的自由组合定律,基因的不完全显性,分析题干获取信息是解题的关键。A、Aa个体自交后的基因型有3种,Rr自交后代的基因型有3种,因此若基因型为AaRr的亲本自交,子代共有9种基因型,A正确;B、由题意可知,Aa自交子代表现型有3种,Rr自交子代表现型有2种,但由于aa表现无花瓣,故aaR_与aarr的表现型相同,表现型共5种,B正确C、由于aR_表现为无花瓣所以没有颜色,
27、因此红花植株只有A_R_,子代的红花植株中,红花中RR占1/3。,Rr占,R的基因频率为,r的基因频率为1/3,C错误;D、基因型为AaRr的亲本自交,子代有花瓣的植株的基因型为AA和Aa,Aa占,Rr占,因此有花瓣的植株中AaRr所占的比例为2/31/2=1/3,D正确故选C.3. 【解析】A、根据题意可知:D对d是完全显性,说明“母性效应”符合基因的分离定律,故A选顼错误;B、螺壳表现为左旋,说明母本的基因型为d,故表现为螺壳左旋的子代基因型为dd或Dd,故B选项错误;C、根据B选项分析可知,左旋螺的基因型为Dd或dd,故可以用任意右旋螺作父本与该螺杂交,若左旋螺为Dd,则子代螺壳应为右旋
28、,若左旋螺为dd,则子代螺壳应为左旋,故C选项正确;D、一对相对性状的亲本做正反交时,如果子一代总是表现出母本的性状,则可能是细胞质遗传,也可能是母性效应,故D选项错误。故选C.4. 【解析】通过题意可知:F1为AaBb,形成的配子为AB:ab:Ab:aB=3:3:2:2,所以下一代的基因型是:3AB2Ab2aB3ab3AB9AABB6AABb6AaBB9AaBb2Ab6AABb4Aabb4AaBb6Aabb2aB6AaBB4AaBb4aaBB6aaBb3ab9AaBb6Aabb6aaBb9aabb由上表可知:符合2个显性基因AAbb4%,AaBB26%,aaBB4%;所以在F2中表现40厘米
29、高度的个体占F2比例为4%+26%+4%=34%。故选:B分析:根据题意,累加效应決定植株的高度,且每个显性基因的遗传效应是相同的,纯合子AABB高50厘米,aabb高30厘米,则每个显性基因会使高度增加5厘米,即4个显性基因(AABB)为50厘米,3个显性基因(AABb,AaBB)为45厘米,2个显性基因(AAbb,AaBb,aaBB)为40厘米,1个显性基因(Aabb,aaBb)为35厘米,无显性基因(aabb)为30厘米.本题只要求出F2中2个显性基因的三种基因型所占的比例,即可得到所求。5. 【解析】由于三对等位基因不连锁,因此遵循自由组合定律,粒色最浅的小麦的基因型是 aabbcc,
30、最深的小麦的基因型是AABBCC,杂交子一代的基因型是AaBbCc,子一代自交,与基因型为 AaBbcc的个体表现型相同的是 AabbCc、 aaBbCc、 AAbbcc、aaBBcc、 aabbCC,比例是1/21/21/43+1/41/41/43=15/64.故选:D。6. 【解析】A、由分析可知,控制花瓣颜色性状的基因遗传遵循自由组合定律,A错误;B、由分析可知,F1自交得F2植株的性状及比例=243:2129:7,即红色花:白色花=9:7,同时红色花中只有AABB一种纯合子,故红色花植株中杂合子所占比值为8/9,B错误;C、亲本组合的F1中一株红色花植株(AaBB)进行测交,即与aab
31、b的个体杂交,后代中白色花植株占1/2,C错误;D、由分析可知,亲本组合中的F2红色花植株的基因型为1/3AABB、2/3AaBB,若其自交,则F3中白色花所占比例为2/31/4=1/6,故后代红色花:白色花=5:1,D正确故选:D7. 【解析】A、长翅和残翅、直翅和弯翅的基因位于一对同源染色体上,不遵循自由组合定律,A错误;B、一个初级精母细胞所产生的精细胞基因型只有2种,B错误;C、有丝分裂后期,移向细胞同一极的基因AabbDd,C错误;D、该个体产生的配子种类及比例为AbD:abd:Abd:abD=1:1:1:1,另一亲本的配子为abd,则测交后代基因型比例为1:1:1:1,D正确。故选
32、:D分析:图中细胞具有两对同源染色体,由于Aa和bb基因位于一对同源染色体上,因此遗传时不遵循基因的自由组合定律,只有非同源染色体上的基因遵循基因的自由组合定律。减数分裂过程中,一个精原细胞只能产生4个精子,两种精子。8. 本题考查遗传的相关知识。豌豆为自花传粉、闭花授粉植物,纯合隐性植株产生的F1均为隐性。玉米的花属于风媒花,隐性植株既可产生隐性后代,又可产生显性后代,故本题选D。9. 【解析】A、F1高茎豌豆自交所得F2中出现了高茎和矮茎,这是因分离的结果,A错误；B、孟德尔通过测交实验的结推测出F1产生配子的种类及比例,测交实验不能推测1F产生配子的数量。B错误；C、单倍体种过程中需要用
33、花药离体培养法,这样可以推测F产生配子的种类及比例,也可直接证明“分离定律”,C正确；D、孟德尔对分离现象及自由组合现象的是在杂交和自交实验的基础上提出的,D错误。故选C.10. 【解析】A.AABB和aabb杂交,得到F1为AaBb,由于存在B基因抑制A基因的表达,因此F1的表现型是白色,A正确;B.根据题意可知,只有基因型为A_b植株的花色为黄色,其它均为白色,因此F1(AaBb)自交得F2中A_bb占3/41/4=3/16,因比白色的比例是3:13,B正确;C.根据题意可知,有A基因存在无B基因存在时表现为黄色,因此黄色植株的基因型是AAbb和Aabb,C正确;D.F2中的A_B_和aa
34、_ _均表现为白色,因此白色个体的基因型种类是7种,D错误。故选:D。11. 【解析】自由组合定律的定义是,控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰;在形成配子时, 决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离,决定不同性状的遗传因子自由组合。所以自由组合定律的实质在于配子中遗传因子的分离和配子间的自由组合,F1产生1:1:1:1的配子比例最能说明自由组合定律的实质,故本题正确答案为B。12. 【解析】利用、出进行模拟实验,小桶中的小球表示的是一对等位基因D和d,每只小桶内两种小球的数量必须相等,表示两种配子的比是1:1,但两个小桶中小球总数可以不等,说明雌雄配子数量可以不相等,正确;利用I、II
35、、III、IV进行有关模拟实验,每次要保证随机抓取,且每次抓取的彩球都要放回原桶中并搅匀,再进行下一次抓取,(正确;利用I、II模拟的过程发生在,即雌雄配子随机结合;利用III、IV模拟的过程发生在,即减数第一次分裂后期,非同源染色体上的非等位基因自由组合,正确;利用I、II、III、IV进行有关模拟实验,要统计全班的结果并计算平均值,是为了减少统计的误差,确保实验结果的准确性,正确.故选:D.13. 【解析】A、由于c和d都只含一种长度的DNA片段,所以条带1或条带2中含有X病基因,A错误;B、乙图中的DNA样本d取自甲图中的3号或4号,B错误;C、3号个体为纯合子,所以其与1号个体基因型相
36、同的概率为0,C错误;D、3个体为纯合子,所以其与一X病基因携带者结婚,所生孩子不可能患X病,D正确故选:D14. 【解析】A、由于雄株的基因型为aa,不能产生含A的配子,故雌株一定为杂合子(AA+或Aa),所以该植物中的雌株与雄株杂交,子代雌株所占比例应等于50%,A错误;B、由于雄株没有A基因,所以没有AA的雌株纯合体,因此,控制该植物性别的一组复等位基因可组成5种基因型,其中纯合子有2种,B错误;C、该植物开紫花,其花瓣细胞的原生质层无色,但液泡内含有色素,整体细胞有颜色,C错误;D、基因型为A+a的植株连续自交1代,F1中A+A+、A+a、aa=1:2:1,其中aa不能自交而被淘汰。F
37、1再自交1代,F2中雄株均来自A+a植株,故F2中雄株所占比例为2/31/4=1/6,D正确。故选:D15. 【解析】A、F1表现显性性状,F1自交产生四种表现型不同的后代,比例为9:3:3:1,属于实验结果,A错误；B、F1形成配子时,每对遗传因子彼此分离,F1产生四种比例相等的配子,属于作出假说,B错误;C、F1产生数目、种类相等的雌雄配子,且结合几率相等,属于作出假说,C错误;D、F1测交将产生四种表现型的后代,比例为1:1:1:1,属于演绎推理,D正确故选:D16. 【解析】A.由题意可知,喷瓜的性别是由基因決定的,而不是由性染色体决定的,A错误;B.据表格信息可知,aDa+与aDad
38、均为雄株,不能实现杂交,B错误;C.两性植株自交是可以产生雌株的,如a+ad自交可以产生雌株adad,C错误;D.雄株中不存在纯合子的原因是该物种缺乏aD雌配子,D正确。故选:D。17. 【分析】本题考查细胞的减数分裂，要求考生识记细胞减数分裂不同时期的特点，掌握精子和卵细胞形成过程的异同，能结合所学的知识准确判断各选项。【解答】A.卵细胞形成过程中，初级卵母细胞和次级卵母细胞的细胞质进行的是不均等分裂，因此每个卵细胞继承了初级卵母细胞大于1/4的细胞质，A错误；B.一个精原细胞和一个卵原细胞经过减数分裂形成的成熟生殖细胞的数量比为4:1，B错误；C.精细胞经过复杂的变形过程才能形成成为蝌蚪状
39、的精子，C错误；D.精原细胞能通过有丝分裂进行增殖，D正确。故选D。18. 【分析】本题考查观察减数分裂实验的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。【解答】A.蝗虫卵母细胞有细胞进行减数分裂，所以可用蝗虫卵母细胞的固定装片观察减数分裂，A正确；B.由于花药中精母细胞数量远多于雌蕊中的卵母细胞，所以用雄蕊观察减数分裂更好，B正确；C.同源染色体联会发生在减数第一次分裂前期，所以能观察到减数分裂现象的装片中，可观察到同源染色体联会现象，C正确；D.用豌豆雄蕊制成装片，因为细胞已死亡，不能观察到同源染色体联会形成四分体的过程，D错误。故选D。19. 【
40、分析】本题考查性状分离比的模拟实验，首先要求考生掌握基因分离定律的实质，明确实验中所用的小桶、彩球和彩球的随机结合所代表的含义；其次要求考生明确甲、乙两同学操作的区别及得出的结果，再对选项作出准确的判断，属于考纲理解层次的考查。 【解答】A.乙同学的实验模拟了等位基因分离和非等位基因随机结合的过程，A错误；B.实验中每只小桶内两种小球的数量必须相等，但每只小桶内两种小球的总数不一定要相等，B正确；C.和中的D和d是同源染色体上的等位基因，所以甲同学的实验不能模拟非同源染色体上非等位基因自由组合的过程，C错误；D.甲同学每次分别从、小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合，其中Dd概率约为，乙同学每
41、次分别从、小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合。将抓取的小球分别放回原来小桶后，再多次重复，其中AB组合的概率约，D错误。故选B。20. 【分析】本题考查基因自由组合定律的应用，意在考查考生理解能力和分析、运用能力。分析题意：蚕的黄色茧（Y）对白色茧（y）为显性，抑制黄色出现的基因（I）对黄色出现的非抑制基因（i）为显性，两对等位基因独立遗传。甲乙两白蚕杂交，F1都是白色；F1雌雄交配，F2中白色茧与黄色茧的分离比为13：3，是9：3：3：1的变式，可知F2中黄色茧基因型为Y_ii，白色茧的基因型有Y_I_、yyii、yyI_，且F1白色茧的基因型为Y_I_，亲本甲乙都为纯合子。【解答】A.由
42、分析可知，甲乙都是纯合子，A正确；B.由分析可知，F2代中白色蚕有4+1+2=7种基因型，B正确；C.F2代中黄色个体基因型及其比例为YYii、Yyii，它们自由交配子代表现型及其分离比为黄色（Y_ii）：白色（yyii）=8：1，C错误；D.由题可知，蚕的茧色由两对等位基因控制，说明遗传中性状与基因不都是一一对应的关系，D正确。故选C。21. 【分析】本题考查基因的自由组合定律，意在考查学生对基因的自由组合定律在自交过程中的运用。【解答】根据题意分析可知：某生物个体减数分裂产生的配子种类中，Ab占10%，aB占20%，AB占30%，ab占40%。若该生物进行自交，后代出现纯合子的基因型为AA
43、bb、aaBB、AABB和aabb。所以后代出现纯合子的概率为，出现杂合子的概率=1-30%=70%。综上所述，D正确，ABC错误。故选D。22. 解：A、用纯合红色花牡丹与纯合白色花牡丹进行杂交，若F1均为红色花，则可说明红色为显性性状，但不能说明该性状是受一对等位基因的控制，A错误； B、若F1为粉色花，为辨别是不是融合遗传，可用F1植株自交，统计F2的性状分离比，如果为1：2：1，则是融合遗传，B正确； C、测交是指杂交产生的子一代个体与隐性个体交配的方式，测交后代表现型的种类和比例可以反映F1产生的配子种类及其比例，所以若对F1进行测交，所得后代的表现型和比例与F1产生的配子种类和比例
44、有关，C正确； D、若F1测交后代的性状分离比为1：3，说明测交后代有4种基因型，则这对性状可能受两对独立遗传的等位基因共同控制，双显性或双隐性为一种表现型，其他为另一种表现型，D正确。 故选：A。基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合。本题考查基因分离定律和自由组合定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律和自由组合定律的实质，能结合选项中信息准确判断各选项，属于考纲理解和应用层次的考查。23. 【分析】 本题考查受精作用相关知识，意在考查学生知识的识记及理解应
45、用能力。本题是与受精作用的概念、实质和意义有关的题目，回忆受精作用的概念、过程、实质和意义，然后结合选项分析解答。【解答】A.由于减数分裂过程使精子与卵细胞的染色体数目减半，受精后受精卵的染色体数目又恢复本物种体细胞染色体数，A正确；B.受精作用的实质是精子细胞核与卵细胞核的融合，B正确；C.受精卵中的核遗传物质一半来自父方，一半来自母方，细胞质中的遗传物质主要来自母方，C错误；D.染色体属于细胞核内的遗传物质的载体，受精卵中染色体来自父母双方的各占一半，D正确故选C。24. 【分析】本题考查学生运用知识网络对生物学问题进行分析解释并作出判断的能力。解答本题需要掌握：基因分离定律的内容和验证方
46、法。【解答】A.据基因分离定律的实质可知：检测F1配子的种类和比例可以直接确定是否符合孟德尔的基因分离定律。因为杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部呈蓝黑色，后代表现型只有一种无法证明，A错误；B.F1自交后结出的种子(F2)遇碘后，3/4 呈蓝黑色，1/4 呈橙红色的现象，证明了孟德尔的基因分离定律，它是通过子二代的表现型的种类及比例间接证明，B错误；C.F1产生的花粉即代表子一代产生的配子，遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色，直接证明了基因分离定律，C正确；D.F1测交所结出的种子遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈橙红色，是通过测交后代的表现型种类及比例间接证明了基因分离定律，D错误。故选
47、C。25. 设该杂合紫花豌豆的基因型为Aa，其自交繁殖所得到的子一代的基因型及其比例为1/4AA、1/2Aa、1/4aa，子一代自交繁殖所得到的子二代的基因型及其比例为3/8AA、1/4Aa、3/8aa，子二代自交繁殖所得到的子三代的基因型及其比例为7/16AA、1/8Aa、7/16aa，所以，子三代中开紫花的豌豆植株和开白花的豌豆植株的比例是紫花（7/16+1/8）7/1697，C项正确，A、B、D三项均错误。26. 【分析】 本题考查基因自由组合定律的实质及运用，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论能力。
48、【解答】 A.夫妇中有一个耳聋，如DDEE（正常）ddEE（耳聋），后代为DdEE（正常），A正确；B.一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，为D_eeddE_，如果为DDeeddEE，后代都为DdEe（正常），B正确；C.基因型为DdEe的双亲：DdEeDdEe，生下正常孩子D_E_的几率为3/43/4=9/16，故耳聋的孩子的几率为1-9/16=7/16，C正确；D. 基因型为DdEe的双亲生下听神经正常孩子的概率为3/43/4=9/16，D错误。故选D。27. 【分析】 本题考查基因自由组合定律的应用，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题
49、进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论的能力。【解答】A.由于是雌雄异株，所以不需要人工去雄，A错误；B.仅从花色去看，红花的基因型是D_E_，橙花的基因型是D_ee和ddE_，白花的基因型是ddee。从实验一和实验二的结果来看，结合题干雄株部分基因型的花粉不能萌发，含有D或E花粉应该是不能萌发的。另外，雄株的基因型应该是Rr，雌株的基因型应该是rr。所以，若仅考虑花色，该种植物雄株可以产生1种不同基因型的可萌发花粉，即de，B错误；C.实验三：F1中的橙花雌雄株基因型是Ddee和ddEe，随机交配过程中，卵子细胞的基因型是De，de， dE，de，精子的基因型只有de，所以产生白花应
50、该是1/2ddee，C错误；D.若选用实验一中的红花雄株（DdEeRr）与实验二中的白花雌株（ddeerr）为亲本杂交，精子有两种deR和der，卵细胞只有der，所以子代白花雄株：白花雌株=1:1，D正确。故选D。28. 解析：雄蜂是由卵细胞发育而来，雌蜂是由受精卵发育而来，且雄蜂为单倍本，雌蜂为二倍体。F2中雄蜂基因型共有AB、Ab、aB、ab四种，说明F1雌蜂的基因型为AaBb；F2雌蜂基因型为AaBb、Aabb、aaBb、aabb4种，可推知参与受精作用的精子的基因型为ab，则F1代雄蜂基因型为ab；再由此可推知，亲本中母本的基因型是 aabb ，父本的基因型为AB，故本题选A。29.
51、 A.该图是的图像，细胞有4条染色体。A正确； BC.减数第二次分裂后期着丝点断裂，姐妹染色单体解体，形成染色体，故该图细胞有染色单体0条，DNA分子4个。BC正确；D.该图细胞有2个中心体，4个中心粒。D错误。本题考查细胞中染色体、染色单体和DNA的变化，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断的能力。故选D。30. 【分析】本题考查应用基因分离定律算子代性状比，意在考查学生对知识的理解和记忆能力。【解答】豌豆是一年生植物，杂合子高茎豌豆种植下去，连续自交，第四年的时候，繁殖了3代，杂合子的比例为，显性纯合子与隐性纯合子比例相
52、等，显性纯合子的比例为。综上所述，C正确，ABD错误。故选C。31. 【分析】 本题考查基因的自由组合定律，意在考查考生能理解所学知识的要点，掌握特殊条件下自由组合规律的推理能力，能用学科语言准确表达实验过程。【解答】（1）由题意可知，表格所示亲本的外貌特征中有1对相对性状；F2 中非白羽（黑羽、灰羽）：白羽约为333：259=9：7，属于9：3：3：1的特殊分离比，因此鸭的羽色遗传符合两对等位基因的自由组合定律。 （2）由题意可知，B表示能合成黑色素，r表示抑制黑色素在羽毛中的表达，bbR-、B_rr、bbrr表现为白色，F1表现为灰色，基因型为BbRr，所以杂交实验中连城白鸭的基因型为BB
53、rr，白改鸭的基因型为bbRR； F2 的基因型为B_R_：B_rr：bbR_：bbrr=9：3：3：1，白羽鸭的基因型为BBrr、Bbrr、bbRR、bbRr、bbrr；黑羽、灰羽鸭中只有BBRR是纯合子，其他是杂合子，因此杂合子的比例是。 （3）两个亲本的基因型为：BBrr和bbRR，若选择BBrr与F1 灰羽鸭（BbRr）杂交后代为Rr和rr，没法分析R基因是否存在剂量效应，所以应让F1 灰羽鸭（BbRr）与亲本中白改鸭（bbRR）杂交，则F2 出现四种基因型：BbRR、BbRr、bbRR、bbRr。假设R基因存在剂量效应，一个R基因表现为灰色，两个R基因表现为黑色，即如果杂交结果为黑羽
54、（BbRR）：灰羽（BbRr）：白羽（bbRR、bbRr）=1：1：2，则假设成立。若杂交结果为灰羽：白羽=1：1，则假设不成立。32. 【分析】本题结合图表，考查基因分离定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律的实质，能根据题干中的两种假设结合表中信息推断亲本的基因型；并能设计遗传实验进行验证，属于考纲理解和应用层次的考查。【解答】（1）如果该假说成立，则第1组父本和母本的基因均为a1a2，则子代的基因型及比例为：a1a1（红花）：a1a2（白花）：a2a2（红花）=1：2：1，因此子代性状分离比红花：白花为1：1；第2组后代红花与白花（a1a2）性状分离比为3：1，则亲本的基因型为Aa1
55、和Aa2（2）第2组：红花（A_）红花（A_）红花（A_）：白花=3：1，且亲本不会出现A+，则子代中矮茎的基因型为aa，因此第2组的双亲基因型分别是Aa和Aa。（3）第2组同学将F1中的白花植株自交得F2，并统计F2中花色和数量。若假说一成立，则F1中的白花植株的基因型为a1a2，其自交所得F2中红花与白花之比为1：1。若假说二成立，则F1中的白花植株的基因型为aa，其自交所得F2应全为白花。33. 解：（1）该生物是自花受粉、闭花传粉的植物，因此自然状态下该种植物一般都是纯合子；若让两株相对性状不同的该种植物进行杂交时，应先除去母本未成熟花的全部雄蕊，防止自花授粉，然后在进行人工异花传粉的
56、过程中，需要两次套上纸袋，其目的是避免外来花粉的干扰。 （2）由图可知，基因D和E同时存在时表现为红色，因此基因型为DdEe的植株的花色为红色；由图可知，控制花色的两对基因位于同一对同源染色体上，不遵循基因的自由组合定律，但符合孟德尔的分离定律。该植株（DdEe）自交时，后代基因型及比例为DDee（白色）：DdEe（红色）：ddEE（白色）=1：2：1，其中纯合子均表现为白色。 （3）已知该植物茎的性状由两对独立遗传的核基因（A、a，B、b）控制。只要b基因纯合时植株就表现为细茎，当只含有B一种显性基因时植株表现为中粗茎，其它表现为粗茎。由（2）可知，DdEe自交后代基因型及比例为DDee（白
57、色）：DdEe（红色）：ddEE（白色）=1：2：1，故基因型为AaBbDdEe的植株自然状态下繁殖，后代中表现型为红花中粗茎所占的比例为，其中能产生后代为白花细茎的比例为 故答案为：（1）纯合子避免外来花粉的干扰 （2）红色白花 （3） 根据题意和图示分析可知： 1、基因D能控制酶D的合成，酶D能将前体物质合成白色中间产物；基因E能控制酶E的合成，酶E能中间产物转化为红色物质。因此红色的基因型为D_E_，其他基因型均表现为白色。 2、控制的两对基因位于同源染色体上，有连锁现象。 本题结合图解，考查孟德尔遗传实验、基因分离定律和基因自由组合定律，要求考生识记孟德尔遗传实验过程，能根据题干信息进
58、行迁移应用；掌握基因分离定律和基因自由组合定律的实质，能根据题干和图中信息进行相关计算。34. 【分析】本题考查基因的分离定律和自由组合规律的实质及应用，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论的能力。基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合；由自由组合定律的实质可知，自由组合定律，同时也遵循分离定律。【解答】（1）由题意知，A_b
59、b与aaB_杂交，子一代一定含有a、b基因，红花植株自交，得到子二代有蓝花（A_bb）、黄花（aaB_），因此子一代既含有A基因，也含有B基因，子一代红花植株的基因型是AaBb，上述每一对等位基因的遗传遵循基因的分离定律。（2）如果没有配子致死情况，子一代自交产生的子二代的表现型及比例是A_B_：aaB_：A_bb：aabb=9：3：3：1，事实上，子二代的表现型及比例是A_B_（红花）：aaB_（黄花）：A_bb（蓝花）：aabb（白花）=7：3：1：1，白花基因的基因型是aabb，含有ab的雌配子和雄配子都是可育的，A_bb（蓝花）的数目是1而不是3，因此含有Ab的雌配子或者是雄配子致死，F2中蓝花植株的基因型和亲本蓝花植株的基因型都是Aabb。