1、2016-2017学年湖南省岳阳市华容一中高三（上）第二次月考物理试卷一、选择题（本题包括12小题，每小题4分，共计48分1-8小题为单选题，9-12小题为多选题，选错或不选得0分，选不全得2分）1如图是物体做直线运动的vt图象，由图可知，该物体（）A第1 s内和第3 s内的运动方向相反B第1 s内和第4s内的位移大小不等C第3 s内和第4 s内的加速度相同D02s内和04s内的平均速度大小相等2如图所示，一箱苹果沿着倾角为的斜面，以速度v匀速下滑在箱子的中央有一只质量为m的苹果，它受到周围苹果对它的作用的方向（）A沿斜面向上B竖直向上C沿斜面向下D垂直斜面向上3如图所示，在粗糙水平地面上放着
2、一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态，若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则（）AB对墙的压力增大BA与B之间的作用力增大C地面对A的摩擦力减小DA对地面的压力减小4以v0的速度水平抛出一物体，当其水平分位移与竖直分位移相等时，下列说法错误的是（）A即时速度的大小是v0B运动时间是C竖直分速度大小等于水平分速度大小D运动的位移是5如图所示为一条河流，河水流速为v，一只船从A点先后两次渡河到对岸，船在静水中行驶的速度为v0，第一次船头向着AB方向行驶，渡河时间为t1，船的位移为x1；第二次船头向着AC方向行驶，渡河时间为
3、t2，船的位移为x2若AB、AC与河岸的垂线方向的夹角相等，则有（）At1t2x1x2Bt1t2x1x2Ct1=t2x1x2Dt1=t2x1x26如图所示，滑雪者由静止开始沿斜坡从A点自由滑下，然后在水平面上前进至B点停下已知斜坡、水平面与滑雪板之间的动摩擦因数都为，滑雪者（包括滑雪板）的质量为mA、B两点间的水平距离为L在滑雪者经过AB段运动的过程中，克服摩擦力做的功（）A大于mgLB等于mgLC小于mgLD以上三种情况都有可能7如图所示，两个质量分别为m1=1kg、m2=4kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m
4、2上，则达到稳定状态后，下列说法正确的是（）A弹簧秤的示数是25 NB弹簧秤的示数是50 NC在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大小为7 m/s2D在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13 m/s28“飞车走壁”杂技表演比较受青少年的喜爱，这项运动由杂技演员驾驶摩托车，简化后的模型如图所示，表演者沿表演台的侧壁做匀速圆周运动若表演时杂技演员和摩托车的总质量不变，摩托车与侧壁间沿侧壁倾斜方向的摩擦力恰好为零，轨道平面离地面的高度为H，侧壁倾斜角度不变，则下列说法中正确的是（）A摩托车做圆周运动的H越高，向心力越大B摩托车做圆周运动的H越高，线速度越大C摩托车做圆周运动的H越高，向心力做功越多
5、D摩托车对侧壁的压力随高度H变大而减小9自高为H的塔顶自由落下A物体的同时B物体自塔底以初速度v0竖直上抛，且A、B两物体在同一直线上运动重力加速度为g，下面说法正确的是（）A若v0，两物体相遇时，B正在下降途中Bv0=，两物体在地面相遇C若v0，两物体相遇时B物正在空中下落D若v0=，则两物体在地面相遇10我国将第16颗北斗卫星“北斗G6”送入太空，并定点于地球静止轨道东经110.5由此，具有完全自主知识产权的北斗系统将首先具备为亚太地区提供高精度、高可靠性的定位、导航、授时服务，并具短报文通信能力，其定位精度优于20m，授时精度优于100ns关于这颗“北斗G6”卫星，以下说法中正确的有（）
6、A这颗卫星的周期一定等于地球自转周期B通过地面控制可以将这颗卫星定点于杭州正上方C这颗卫星的线速度大小比离地350 km高的“天宫一号”空间站线速度要小D这颗卫星轨道平面与东经110.5的经线平面重合11如图所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面上，半径r=0.4m，最低点处有一小球（半径比r小很多），现给小球以水平向右的初速度v0，则要使小球不脱离圆轨道运动，v0应当满足（g=10m/s2）（）Av02 m/sBv02m/sCv04 m/sDv02 m/s12一辆小汽车在水平路面上由静止启动，在前5s内做匀加速直线运动，5s末达到额定功率，之后保持以额定功率运动其vt图象如图所示已知汽车
7、的质量为m=2103 kg，汽车受到地面的阻力为车重的0.1倍，则以下说法正确的是（）A汽车在前5 s内的牵引力为4103 NB汽车在前5 s内的牵引力为6103 NC汽车的额定功率为40 kWD汽车的最大速度为30 m/s二、实验题（每空3分，共15分）13“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳图乙是在白纸上根据实验结果画出的图（1）图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是（2）本实验采用的科学方法是A理想实验法 B等效替代法C控制变量法 D建立物理模型法（3）某同学在做该实验时认为：A拉橡皮条的细绳长一些，实验
8、效果较好B拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行C橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力要适当大些，且拉力F1和F2的夹角越大越好D在实验中O点位置不能变E细绳可以用弹性绳代替其中不正确的是（填入相应的字母）14某小组采用如图甲所示的装置来探究“功与速度变化的关系”，实验中，小车经过光电门时，钩码尚未到达地面（1）实验步骤如下：用螺旋测微器测得遮光条的宽度d如图乙所示，则d=mm把遮光条固定在小车上，把小车放到轨道上，将细线一端与小车连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘；保持轨道水平，在砝码盘里放适量砝码，让小车静止在某处，测出光电门距遮光条的距离x，将小车由静止释放，记
9、录遮光条经过光电门的挡光时间t；改变x，记录相应的t，获得多组数据；关闭电源，通过分析小车位移与速度变化的关系来研究合外力做功与速度变化的关系（2）实验中，该小组同学通过研究x与t的关系从而得到合外力做功与速度变化的关系，为了使图象呈现线性关系，该组同学应作图象Axt Bx Cxt2 Dx三、计算题15如图所示，山区高速公路上，一般会在较长的下坡路段的坡底设置紧急避险车道将紧急避险车道视为一个倾角为=300的固定斜面一辆质量为m 的汽车在刹车失灵的情况下，以速度v=30m/s冲上紧急避险车道匀减速至零汽车在紧急避险车道上受到除重力之外的阻力，大小是自身重力的2.5倍求汽车在紧急避险车道上：（1
10、）行驶时的加速度；（2）行驶的距离16中国计划在2017年实现返回式月球软着陆器对月球进行科学探测，宇航员在月球上着陆后，自高h处以初速度v0水平抛出一小球，测出水平射程为L（这时月球表面可以看作是平坦的），已知月球半径为R，万有引力常量为G，求：（1）月球表面处的重力加速度及月球的质量M月？（2）如果要在月球上发射一颗绕月球运行的卫星，所需的最小发射速度为多大？（3）当着陆器绕距月球表面高H的轨道上运动时，着陆器环绕月球运动的周期是多少？17如图，半径为R的光滑半圆形轨道ABC在竖直平面内，与水平轨道CD相切于C点，D端有一被锁定的轻质压缩弹簧，弹簧左端连接在固定的挡板上，弹簧右端Q到C点的
11、距离为2R质量为m的滑块（视为质点）从轨道上的P点由静止滑下，刚好能运动到Q点，并能触发弹簧解除锁定，然后滑块被弹回，且刚好能通过圆轨道的最高点A已知POC=60，求：（1）滑块第一次滑至圆形轨道最低点C时所受轨道的支持力大小；（2）滑块与水平轨道间的动摩擦因数；（3）弹簧被锁定时具有的弹性势能2016-2017学年湖南省岳阳市华容一中高三（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12小题，每小题4分，共计48分1-8小题为单选题，9-12小题为多选题，选错或不选得0分，选不全得2分）1如图是物体做直线运动的vt图象，由图可知，该物体（）A第1 s内和第3 s内的运动方向相
12、反B第1 s内和第4s内的位移大小不等C第3 s内和第4 s内的加速度相同D02s内和04s内的平均速度大小相等【考点】匀变速直线运动的图像【分析】在速度时间图线中，根据图线的斜率判断加速度之间的关系，根据速度的正负判断运动方向的关系，根据图象和时间轴所围成的面积即可求得对应的位移【解答】解：A、第1s内和第3s内速度都为正，可知运动的方向相同，故A错误B、图形与时间轴所围成的面积表示位移，由图可知，第1 s内和第4s内的位移大小相等，故B错误；C、第3s内和第4s内图线的斜率相同，可知加速度相同，故C正确；D、由面积可知，02s内和04s内的位移相等，但用时不同，故平均速度大小不相等，故D错
13、误故选：C【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，速度的正负表示运动的方向，图线与时间轴围成的面积表示位移2如图所示，一箱苹果沿着倾角为的斜面，以速度v匀速下滑在箱子的中央有一只质量为m的苹果，它受到周围苹果对它的作用的方向（）A沿斜面向上B竖直向上C沿斜面向下D垂直斜面向上【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】由于苹果都是匀速运动的，把周围的苹果看成一个整体，对中间的苹果受力分析即可得出结论【解答】解：这个质量为m的苹果是匀速下滑的，这说明受力平衡，它自身受到的重力竖直向下，大小为mg，以及来自下面苹果和周围苹果传来的力，说明周围苹
14、果对它的合力与重力的大小相等方向相反，所以周围苹果对它的作用力大小为mg，方向竖直向上故选：D【点评】从题目来看好像是很多的苹果，会有很多的力产生，但应用整体法，问题就简单了，就和水平面上放的物体一样了3如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态，若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则（）AB对墙的压力增大BA与B之间的作用力增大C地面对A的摩擦力减小DA对地面的压力减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】对小球进行受力分析，根据A物体移动可得出小球B受A支持力方向的变化，
15、由几何关系可得出各力的变化，对整体进行分析可得出水平向上摩擦力及竖直向上的压力的变化【解答】解：对小球B受力分析，作出平行四边形如图所示：A滑动前，B球受墙壁及A的弹力的合力与重力大小相等，方向相反；如图中实线所示；而将A向外平移后，B受弹力的方向将上移，如虚线所示，但B仍受力平衡，由图可知A球对B的弹力及墙壁对球的弹力均减小；故A错误，B错误；以AB为整体分析，水平方向上受墙壁的弹力和地面的摩擦力而处于平衡状态，弹力减小，故摩擦力减小，故C正确；竖直方向上受重力及地面的支持力，两物体的重力不变，故A对地面的压力不变，故D错误；故选：C【点评】本题应注意图析法及整体法的应用，灵活选择研究对象可
16、以对解决物理题目起到事半功倍的效果4以v0的速度水平抛出一物体，当其水平分位移与竖直分位移相等时，下列说法错误的是（）A即时速度的大小是v0B运动时间是C竖直分速度大小等于水平分速度大小D运动的位移是【考点】平抛运动【分析】物体做平抛运动，我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间相同【解答】解：物体做平抛运动，根据平抛运动的规律可得水平方向上：x=V0t 竖直方向上：h=gt2当其水平分位移与竖直分位移相等时，即x=h，所以V0t=gt2解得t=，所以B正确；平抛运动竖直方向上的速度为Vy=gt=g=2V0，所以C错误；此时合
17、速度的大小为=v0，所以A正确；由于此时的水平分位移与竖直分位移相等，所以x=h=V0t=V0=，所以此时运动的合位移的大小为=x=，所以D正确本题选错误的，故选C【点评】本题就是对平抛运动规律的直接考查，掌握住平抛运动的规律就能轻松解决5如图所示为一条河流，河水流速为v，一只船从A点先后两次渡河到对岸，船在静水中行驶的速度为v0，第一次船头向着AB方向行驶，渡河时间为t1，船的位移为x1；第二次船头向着AC方向行驶，渡河时间为t2，船的位移为x2若AB、AC与河岸的垂线方向的夹角相等，则有（）At1t2x1x2Bt1t2x1x2Ct1=t2x1x2Dt1=t2x1x2【考点】运动的合成和分解
18、【分析】将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，根据垂直于河岸方向上的分速度比较运行的时间再通过比较沿河岸方向上的位移，根据平行四边形定则比较出实际的位移大小【解答】解：因为AB、AC与河岸的垂线方向的夹角相等，则在垂直于河岸方向上的分速度相等，渡河时间t=所以两次渡河时间相等船头向着AB方向行驶时，沿河岸方向的分速度v=cos+v，船头向着AC方向行驶时，沿河岸方向行驶的分速度v=vucosv，水平方向上的位移，s1s2根据平行四边形定则，则x1x2 故D正确，A、B、C错误故选：D【点评】解决本题的关键将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，分运动和合运动遵循平行四边形定则，知
19、道分运动与合运动具有等时性6如图所示，滑雪者由静止开始沿斜坡从A点自由滑下，然后在水平面上前进至B点停下已知斜坡、水平面与滑雪板之间的动摩擦因数都为，滑雪者（包括滑雪板）的质量为mA、B两点间的水平距离为L在滑雪者经过AB段运动的过程中，克服摩擦力做的功（）A大于mgLB等于mgLC小于mgLD以上三种情况都有可能【考点】动能定理的应用【分析】对物体进行受力分析，求出在斜面和水平面上的摩擦力大小根据功的定义式求解【解答】解：在AC段，滑雪者的摩擦力大小f=mgcosAC段克服摩擦力做的功WAC=mgcosLACLACcos=L1，即为AC段在水平方向的距离CB段克服摩擦力做的功WCB=mgLB
20、C所以在滑雪者经过AB段运动的过程中，克服摩擦力做的功W=mgL故选B【点评】解决该题的关键要能把功的定义式和几何关系结合运用求解7如图所示，两个质量分别为m1=1kg、m2=4kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则达到稳定状态后，下列说法正确的是（）A弹簧秤的示数是25 NB弹簧秤的示数是50 NC在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大小为7 m/s2D在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13 m/s2【考点】牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用【分析】以两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律求出
21、系统的加速度，然后以其中一个物体为研究对象，由牛顿第二定律求出弹簧称的示数；弹簧的弹力不能突变，分析弹力撤去后物体的受力情况，然后根据物体的受力情况是否变化，进一步判断物体加速度是否变化【解答】解：A、以两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律可知，系统的加速度为：a=2m/s2，方向水平向右；设弹簧秤的拉力是F，以m1为研究对象，由牛顿第二定律得：FF1=m1a，则F=F1+m1a=28N，故AB错误；C、弹簧的弹力不能突变，在突然撤去F2的瞬间，m2不再受F2的作用，m2受的合力等于弹簧的弹力，发生变化，由牛顿第二定律可知，m2的加速度为：a=，故C正确；D、弹簧的弹力不能突变，在突然撤
22、去F1的瞬间，弹簧的弹力不变由牛顿第二定律可知，a=，故D错误；故选：C【点评】本题运用整体法和隔离法结合求解弹簧秤的弹力，是常用的方法撤去外力时，弹簧的弹力不能突变8“飞车走壁”杂技表演比较受青少年的喜爱，这项运动由杂技演员驾驶摩托车，简化后的模型如图所示，表演者沿表演台的侧壁做匀速圆周运动若表演时杂技演员和摩托车的总质量不变，摩托车与侧壁间沿侧壁倾斜方向的摩擦力恰好为零，轨道平面离地面的高度为H，侧壁倾斜角度不变，则下列说法中正确的是（）A摩托车做圆周运动的H越高，向心力越大B摩托车做圆周运动的H越高，线速度越大C摩托车做圆周运动的H越高，向心力做功越多D摩托车对侧壁的压力随高度H变大而减
23、小【考点】向心力；牛顿第二定律【分析】摩托车做匀速圆周运动，提供圆周运动的向心力是重力mg和支持力F的合力，作出力图，得出向心力大小不变h越高，圆周运动的半径越大，由向心力公式分析周期、线速度大小【解答】解：A、摩托车做匀速圆周运动，提供圆周运动的向心力是重力mg和支持力F的合力，作出力图如图向心力Fn=mgtan，m，不变，向心力大小不变故A错误 B、根据牛顿第二定律得Fn=m，h越高，r越大，Fn不变，则v越大故B正确 C、向心力对物体不做功，故C错误； D、侧壁对摩托车的支持力F=不变，则摩托车对侧壁的压力不变故D错误故选：B【点评】本题考查应用物理规律分析实际问题的能力，是圆锥摆模型，
24、关键是分析物体的受力情况，研究不变量9自高为H的塔顶自由落下A物体的同时B物体自塔底以初速度v0竖直上抛，且A、B两物体在同一直线上运动重力加速度为g，下面说法正确的是（）A若v0，两物体相遇时，B正在下降途中Bv0=，两物体在地面相遇C若v0，两物体相遇时B物正在空中下落D若v0=，则两物体在地面相遇【考点】自由落体运动；竖直上抛运动【分析】先求出B球正好运动到最高点时相遇的初速度，再求出两球正好在落地时相遇的初速度，分情况讨论即可求解【解答】解：若B球正好运动到最高点时相遇，则有：B速度减为零所用的时间：t= sa=gt2sb= sa+sb=H由解得：v0=当ab两球恰好在落地时相遇，则有
25、：t=此时A的位移sa=gt2=H解得：v0=A、若Vo，则两物体在b上升途中相遇，故A错误；B、若Vo=，则b球正好运动到最高点时相遇，故B错误；D、若Vo=，则b球正好运动到地面时相遇，故D正确；C、若v0，则两物体在b下降途中相遇，故C正确；故选：CD【点评】解决本题的关键知道两物体在空中相碰，两物体的位移之和等于h，结合物体运动时间的范围，求出初始度的范围10我国将第16颗北斗卫星“北斗G6”送入太空，并定点于地球静止轨道东经110.5由此，具有完全自主知识产权的北斗系统将首先具备为亚太地区提供高精度、高可靠性的定位、导航、授时服务，并具短报文通信能力，其定位精度优于20m，授时精度优
26、于100ns关于这颗“北斗G6”卫星，以下说法中正确的有（）A这颗卫星的周期一定等于地球自转周期B通过地面控制可以将这颗卫星定点于杭州正上方C这颗卫星的线速度大小比离地350 km高的“天宫一号”空间站线速度要小D这颗卫星轨道平面与东经110.5的经线平面重合【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】地球同步卫星即地球同步轨道卫星，又称对地静止卫星，是运行在地球同步轨道上的人造卫星，距离地球的高度约为36000 km，卫星的运行方向与地球自转方向相同、运行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道、运行周期与地球自转一周的时间相等，即23时56分4秒，卫星在轨道上的绕行速度
27、约为3.1公里/秒，其运行角速度等于地球自转的角速度在地球同步轨道上布设3颗通讯卫星，即可实现除两极外的全球通讯【解答】解：A、同步卫星运行周期与地球自转一周的时间相等，轨道平面一定与赤道平面重合，故A正确；B、D、同步卫星运行轨道只能位于地球赤道平面上的圆形轨道，所以北斗导航卫星不可能与东经110.5的经线平面重合，也不可能定点于杭州正上方，故B错误，D错误；C、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G=m，解得：v=，r越大，v越小同步卫星距离地球的高度约为36000 km，所以该卫星正常运行时的速度比离地350公里高的天宫一号空间站线速度小故C正确故选：AC【点评】本题考查了地球卫星轨道
28、相关知识点，地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，圆心是地球的地心，万有引力提供向心力，轨道的中心一定是地球的球心；同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速率、定周期本题难度不大，属于基础题11如图所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面上，半径r=0.4m，最低点处有一小球（半径比r小很多），现给小球以水平向右的初速度v0，则要使小球不脱离圆轨道运动，v0应当满足（g=10m/s2）（）Av02 m/sBv02m/sCv04 m/sDv02 m/s【考点】向心力【分析】要使小球不脱离轨道运动，1、越过最高点2、不越过四分之一圆周根据动能定理求出初速度v0满足的条件【解答】解：最高点的临界情况：
29、mg=m，解得：v=2m/s根据动能定理得：mg2r=mv2mv02解得v0=2m/s故要使球做完整的圆周运动，必须满足：v02 m/s若小球恰好不通过四分之一圆周，根据动能定理有：mgr=0代入数据解得：v0=2m/s所以要使小球不脱离圆轨道运动，v0应当满足：v02m/s或v02m/s故选：AD【点评】解决本题的关键知道小球在内轨道运动最高点的临界情况，以及能够熟练运用动能定理12一辆小汽车在水平路面上由静止启动，在前5s内做匀加速直线运动，5s末达到额定功率，之后保持以额定功率运动其vt图象如图所示已知汽车的质量为m=2103 kg，汽车受到地面的阻力为车重的0.1倍，则以下说法正确的是
30、（）A汽车在前5 s内的牵引力为4103 NB汽车在前5 s内的牵引力为6103 NC汽车的额定功率为40 kWD汽车的最大速度为30 m/s【考点】功率、平均功率和瞬时功率【分析】从vt图象可以看出：汽车经历三个运动过程：匀加速直线运动，加速度减小的变加速直线运动，最后做匀速直线运动由图线斜率可求出前5s内汽车的加速度，由牛顿第二定律即可求出此过程的牵引力5s末汽车的功率就达到额定功率，由P=Fv能求出额定功率汽车速度最大时，牵引力等于阻力，由P=Fvm，能求出最大速度【解答】解：汽车受到的阻力f=0.1210310=2103N；AB、前5s内，由图a=2m/s2，由牛顿第二定律：Ff=ma
31、，求得：F=f+ma=（0.1210310+21032）N=6103N 故A错误B正确C、t=5s末功率达到额定功率，P=Fv=610310W=6104W=60kw； 故C错误；D、当牵引力等于阻力时，汽车达最大速度，则最大速度vm=故D正确故选：BD【点评】本题结合图象考查汽车启动问题，在解题时要明确汽车的运动过程及运动状态，正确应用牛顿第二定律及功率公式求解二、实验题（每空3分，共15分）13“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳图乙是在白纸上根据实验结果画出的图（1）图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是F
32、（2）本实验采用的科学方法是BA理想实验法 B等效替代法C控制变量法 D建立物理模型法（3）某同学在做该实验时认为：A拉橡皮条的细绳长一些，实验效果较好B拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行C橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力要适当大些，且拉力F1和F2的夹角越大越好D在实验中O点位置不能变E细绳可以用弹性绳代替其中不正确的是C（填入相应的字母）【考点】验证力的平行四边形定则【分析】（1）在实验中F和F分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确解答；（2）本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注
33、意该实验方法的应用；（3）本实验的原理为：F的作用效果应与另外两个力的作用效果相同，则可知，F即为两力的合力；根据平行四边形定则作出两个分力的合力F，再作出F的图示，比较F与F则可验证平行四边形定则【解答】解：（1）F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力故方向一定沿AO方向的是F，由于误差的存在F和F方向并不在重合；（2）合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法，故B正确，ACD错误故选：B（3）A、在实验中要减小拉力方向的误差，应让标记同一细绳方向的两点尽量远些
34、，故细绳应该长一些，故A正确；B、作图时，我们是在白纸中作图，做出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则作出图的方向与实际力的方向有有较大差别，故应使各力尽量与木板面平行，故B正确；C、两个拉力的夹角过大，合力会过小，量取理论值时相对误差变大，夹角太小，会导致作图困难，也会增大偶然误差，故C错误；D、为了保证两次拉橡皮条的作用效果相同，在实验中O点位置不能变，故D正确E、细绳是表明方向用的，可以用弹性绳代替，故E正确本题选错误的，故选：C故答案为：（1）F；（2）B；（3）C【点评】本题主要考查验证力的平行四边形定则的误差分析及数据的处理，应通过实验原理及数据的处理方法去思考减少实验误差的方法14某
35、小组采用如图甲所示的装置来探究“功与速度变化的关系”，实验中，小车经过光电门时，钩码尚未到达地面（1）实验步骤如下：用螺旋测微器测得遮光条的宽度d如图乙所示，则d=5.695mm把遮光条固定在小车上，把小车放到轨道上，将细线一端与小车连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘；保持轨道水平，在砝码盘里放适量砝码，让小车静止在某处，测出光电门距遮光条的距离x，将小车由静止释放，记录遮光条经过光电门的挡光时间t；改变x，记录相应的t，获得多组数据；关闭电源，通过分析小车位移与速度变化的关系来研究合外力做功与速度变化的关系（2）实验中，该小组同学通过研究x与t的关系从而得到合外力做功与速度变化的关系，为了使图
36、象呈现线性关系，该组同学应作D图象Axt Bx Cxt2 Dx【考点】探究功与速度变化的关系【分析】（1）由螺旋测微器读出整毫米数，由可动刻度读出毫米的小部分即可得到挡光片的宽度；（2）由于遮光条通过光电门的时间极短，可以用平均速度表示瞬时速度，根据牛顿第二定律结合动能定理列式，联立方程求解【解答】解：（1）由螺旋测微器读出整毫米数为5.5mm，由可动刻度读出毫米的小部分为19.50.01=0.195mm则挡光片的宽度为d=5.5mm+0.195mm=5.695mm； （2）设匀加速运动的加速度为a，根据动能定理得：max=mv2，速度：v=，解得：x=，由于只改变x，则加速度a不变，为了使图
37、象呈现线性关系，该组同学应作x图象，故D正确，ABC错误故选：D；故答案为：（1）5.695；（2）D【点评】本题考查了螺旋测微器读数与实验数据处理，要掌握常用器材的使用方法与读数方法，螺旋测微器需要估读；知道光电门测速的原理，用平均速度表示瞬时速度三、计算题15如图所示，山区高速公路上，一般会在较长的下坡路段的坡底设置紧急避险车道将紧急避险车道视为一个倾角为=300的固定斜面一辆质量为m 的汽车在刹车失灵的情况下，以速度v=30m/s冲上紧急避险车道匀减速至零汽车在紧急避险车道上受到除重力之外的阻力，大小是自身重力的2.5倍求汽车在紧急避险车道上：（1）行驶时的加速度；（2）行驶的距离【考点
38、】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动规律的综合运用【分析】（1）根据牛顿第二定律求在紧急避险车道上行驶的加速度；（2）根据速度位移公式求行驶的距离【解答】解：（1）根据牛顿第二定律，有：mgsin30+f=ma代入数据解得：，方向沿斜面（避险车道）向下（2）根据速度位移关系式，有：代入数据解得：答：（1）行驶时的加速度大小为30m/s2，方向沿斜面（避险车道）向下；（2）行驶的距离为15m【点评】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，基础题16中国计划在2017年实现返回式月球软着陆器对月球进行科学探测，宇航员在月球上着陆
39、后，自高h处以初速度v0水平抛出一小球，测出水平射程为L（这时月球表面可以看作是平坦的），已知月球半径为R，万有引力常量为G，求：（1）月球表面处的重力加速度及月球的质量M月？（2）如果要在月球上发射一颗绕月球运行的卫星，所需的最小发射速度为多大？（3）当着陆器绕距月球表面高H的轨道上运动时，着陆器环绕月球运动的周期是多少？【考点】万有引力定律及其应用；牛顿第二定律；平抛运动【分析】（1）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据平抛运动的知识求出月球表面的重力加速度根据万有引力等于重力求出月球的质量（2）以最小速度发射的卫星将贴着月球的表面运行，轨道半径等于月球的半
40、径根据万有引力提供向心力求出最小的发射速度（3）根据万有引力提供向心力求着陆器环绕月球运动的周期【解答】解：（1）由平抛运动得着陆器在月球表面有：故月球表面处的重力加速度，月球的质量（2）着陆器绕月球表面运行有：故最小的发射速度为（3）由牛顿第二定律有：而GM=gR2故着陆器环绕月球运动的周期为【点评】解决本题的关键掌握万有引力等于重力，以及万有引力提供做卫星做圆周运动的向心力17如图，半径为R的光滑半圆形轨道ABC在竖直平面内，与水平轨道CD相切于C点，D端有一被锁定的轻质压缩弹簧，弹簧左端连接在固定的挡板上，弹簧右端Q到C点的距离为2R质量为m的滑块（视为质点）从轨道上的P点由静止滑下，刚
41、好能运动到Q点，并能触发弹簧解除锁定，然后滑块被弹回，且刚好能通过圆轨道的最高点A已知POC=60，求：（1）滑块第一次滑至圆形轨道最低点C时所受轨道的支持力大小；（2）滑块与水平轨道间的动摩擦因数；（3）弹簧被锁定时具有的弹性势能【考点】动能定理；向心力；弹性势能【分析】（1）由P到C的过程根据动能定理求解滑至C点时的速度，根据牛顿第二定律求解（2）对P到C到Q的过程根据动能定理求解动摩擦因数（3）Q到C到A的过程根据能量守恒求解【解答】解：（1）设滑块第一次滑至C点时的速度为vC，圆轨道C点对滑块的支持力为FN由P到C的过程，由动能定理得：mgR（1cos60）=mvc2，C点：FNmg=m，代入数据解得：FN=2mg，（2）对P到C到Q的过程：mgR（1cos60）mg2R=0，代入数据解得：=0.25；（3）A点：根据牛顿第二定律得：mg=m，Q到C到A的过程：Ep=mvA2+mg2R+mg2R，代入数据解得：弹性势能Ep=3mgR；答：（1）滑块第一次滑至圆形轨道最低点C时对轨道压力是2mg；（2）滑块与水平轨道间的动摩擦因数是0.25；（3）弹簧被锁定时具有的弹性势能是3mgR【点评】本题综合运用了动能定理和能量守恒定律，解决本题的关键灵活选取研究的过程，选用适当的规律进行求解
