1、20192020学年度第一学期期中考试高二年级物理试题（理科）一、单项选择题1.如图所示，实线是电场中一簇方向已知的电场线，虚线是一个带正电粒子从点运动到点的轨迹，若带电粒子只受电场力作用，下列说法正确的是（ ）A. 点场强小于点场强B. 点电势高于点电势C. 粒子在点的加速度小于在点的加速度D. 粒子在点的速度大于在点的速度【答案】D【解析】【详解】A. a点的电场线较b点密集，则点场强大于点场强，选项A错误；B. 沿着电场线电势逐渐降低，则点电势低于点电势，选项B错误；C. 点场强大于点场强，则粒子在a点受的电场力较大，则粒子在点的加速度大于在点的加速度，选项C错误；D. 粒子从b点到a点
2、电场力做正功，则动能变大，即粒子在点的速度大于在点的速度，选项D正确。2.如图,直线a、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线,M、N、P、Q是它们的交点,四点处的电势分别为M、N、P、Q。一电子由M点分别运动到N点和P点的过程中,电场力所做的负功相等,则A. 直线a位于某一等势面内,MQB. 直线c位于某一等势面内,MNC. 若电子由M点运动到Q点,电场力做正功D. 若电子由P点运动到Q点,电场力做负功【答案】B【解析】【详解】AB. 据题，电子由M点分别运动到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等，则电势能增加相等，所以电势降低，电场线方向向下，且N、P两点的电势相等，d位于同一等势面内
3、，根据匀强电场等势面分布情况知，直线c位于同一等势面内M=QN故A错误B正确。C. 直线c位于同一等势面内，若电子由M点运动到Q点,电场力不做功，故C错误。D. 若电子由P点运动到Q点，电势升高，电子电势能减小，电场力做正功，故D错误。3.下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是A. 根据真空中点电荷的电场强度公式E=可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量有关B. 根据电容的定义式C=可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C. 根据电流强度的定义式I=可知，电路中的电流强度与通过的电荷量成正比，与所经历的时间成反比D. 根据电势差的定义式UAB
4、=可知，带电荷量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则UAB=1V【答案】A【解析】【详解】A根据点电荷的场强公式E=知：Q是场源电荷，所以电场中某点电场强度与场源电荷的电量成正比，与该点到场源电荷距离的平方成反比，故A正确；B电容是描述电容器容纳电荷本领物理量，取决于电容器本身，并不是电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比，故错误；C电流采用的是比值定义法，其大小与电量无关，故C错误；D据电势差的定义式UAB=知，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，即电场力做功为-1J，则A、B点的电势差为-1V，故D错误。4.垂直电场方向射入的粒子
5、流，分离成如图所示的三束，关于三束粒子流带电情况的判断，下列说法正确的是A. a带正电，b带负电，c不带电B. a带负电，b带正电，c不带电C. a带正电，c带负电，b不带电D. a带负电，c带正电，b不带电【答案】B【解析】【详解】根据粒子在电场中的偏转情况可知，a受力向左，b受力向右，c不受电场力；可知a带负电，b带正电，c不带电，故选B.5.关于电源的电动势，下列说法中正确的是A. 电动势E，其大小可用公式E=表示，其中q表示自由电荷的电荷量B. 不管外电路的电阻如何变化，电源的电动势不变C. 电动势就是电压，它们之间无区别D. 外电路全部断开时，电动势将变为零【答案】B【解析】【详解】
6、A公式中的E表示电场强度，并不是电动势，故A错误；B电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，所以不管外电路的电阻如何变化，电源的电动势不变，故B正确；C电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电压表征的是把电能转化为其它形式能的本领，不是同一量，故C错误；D根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir，得知，当I=0时，U=E，即电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势，故D错误。6. 关于电功和电热的计算，下列说法正确的是（ ）A. 如果是纯电阻电路，电热可用公式W = I2Rt计算，但不能用公式W = UIt计算B. 如果是纯电阻电路，电功可用公式W = UIt计算，也可用公
7、式W = I2Rt计算C. 如果不是纯电阻电路，电功只能用公式W = I2Rt计算D. 如果不是纯电阻电路，电热可用公式W = I2Rt计算，也可用公式W = UIt计算【答案】B【解析】试题分析：纯电阻电路，根据能量守恒电功和电热电相等，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算，故A正确、B错误；非纯电阻电路，电功用公式W=UIt计算，故C错误；非纯电阻电路，电热用公式W=I2Rt计算故D错误。考点：电功和电热【名师点睛】考查了纯电阻电路、非纯电阻电路，电功、电热计算，注意灵活选取公式纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算，非纯电阻电路，电功用公式W
8、=UIt计算，电热用公式W=I2Rt计算7.如图所示，一个内阻不可忽略的电源，R1为定值电阻，L1和L2是小灯泡，R为滑动变阻器，P为滑片。若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，灯泡L2的亮度及R1消耗的电功率分别（ ）A. 变亮，一直减小B. 变亮，先增大后减小C. 变暗，无法确定D. 变暗，一直增大【答案】D【解析】【详解】根据闭合电路欧姆定律，当滑片向下滑动，滑动变阻器接入电阻变小，根据并联电阻关系得，R和L2的并联电阻减小，外电路总电阻变小，则干路电流变大， ，路端电压变小，则灯L1两端电压变小，变小；根据电路图及串联电路和并联电路的知识可知：，由上面分析知变小，而干路电流变大，所以变大，
9、则变大，变大，而，路端电压变小，所以变小，则变小，亮度变暗，故ABC错误，D正确8. 某学生用多用电表测量一个电阻的阻值将选择开关置于“10”挡时，指针位置如图所示接着合理的做法是（ ）A. 换“1”挡，再读数B. 换“100”挡，再读数C. 换“1”挡，调整欧姆零点后再读数D. 换“100”挡，调整欧姆零点后再读数【答案】D【解析】将选择开关置于“10”挡时，指针偏转较小，说明待测电阻阻值较大，所以应该换用较大倍率的即换“100”挡，欧姆表每次换挡测量之前都必须重新欧姆调零所以应该选D9.电阻R1阻值为6，与电阻R2并联后接入电路中，通过它们电流之比Il：I2=2:3，则电阻R2的阻值和总电
10、阻的阻值分别为 ( )A. 4，2.4B. 4，3.6C. 9，3.6D. 9，4.5【答案】A【解析】并联电路中电流之比等于电阻的反比，则有：，解得：，则总电阻为：，故选A。【点睛】根据并联电路的性质可求得的阻值及总电阻：并联电路的电压相等，电流之比等于电阻的反比10.一根粗细均匀的电阻丝，电阻为R，若将其均匀拉长为原来的2倍，则其电阻为A. 8RB. RC. 2RD. 4R【答案】D【解析】由，可知拉长2倍后，体积V不变，故电阻变为原来4倍，故D正确。二、多项选择11.在如图所示的电路中，灯L1、L2的电阻分别为R1、R2，滑动变阻器的最大阻值为R0，若有电流通过，灯就发光，假设灯的电阻不
11、变，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端移动时，灯L1、L2的亮度变化情况是()A 当时，灯L1变暗，灯L2变亮B. 当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2先变亮后变暗C. 当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2不断变暗D. 当时，灯L1先变暗后变亮，灯L2不断变亮【答案】AD【解析】【详解】AB.当时，灯L2与滑动变阻器的左部分串联的总电阻一定大于右部分的电阻，当变阻器的滑片P由a端向b端移动时，电路总电阻增大，总电流减小，所以通过灯L1的电流减小，灯L1变暗，通过灯L2的电流变大，灯L2变亮，故A项符合题意，B项不合题意；CD.当时，灯L2与滑动变阻器的左部分串联的总电阻先大于后小于右部分的电阻，则当滑动
12、变阻器的滑片P由a端向b端移动时，总电阻先增大，后减小，所以总电流先减小后增大，所以通过灯L1的电流先减小后增大，故灯L1先变暗后变亮，而通过L2的电流一直变大，灯L2不断变亮，故C项不合题意，D项符合题意12. 在下图右图中，甲、乙两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法不正确的是( ）A. 甲图的接法叫电流表外接法，乙图的接法叫电流表的内接法B. 甲图中电阻测量值大于真实值，乙图中电阻测量值小于真实值C. 甲图中误差由电压表分流引起，为了减小误差，应使RRVD. 乙图中灯泡电阻的精确值应为【答案】B【解析】略13.电阻R1、R2、R3串联在电路中已知R110 、R35 ，R1两端的电压为6
13、 V，R2两端的电压为12 V，则()A. 电路中的电流为0.6 AB. 电阻R2的阻值为20 C. 三只电阻两端的总电压为21 VD. 电阻R3两端的电压为4 V【答案】ABC【解析】试题分析：由部分电路欧姆定律可知流过R1的电流为，A对；同理电阻R2的阻值为，B对；R3两端的电压为IR3=3V，D错；所以三只电阻两端的总电压为21V，C错；考点：考查串并联关系点评：本题难度较小，串联电路中电流相同，要熟悉部分电路欧姆定律的内容，并能够利用欧姆定律灵活的处理问题14.一质量为m、电量为q的带正电小滑块，从倾角为的光滑绝缘斜面上的A点由静止下滑，经时间t后立即加上沿斜面向上的匀强电场，再经时间
14、t滑块恰好过A点。重力加速度大小为g，则A. 匀强电场的电场强度大小为B. 滑块过A点时的速度大小为C. 滑块从A点到最低点过程中重力势能减少了D. 滑块从最低点到A点的过程中电势能减少了【答案】AB【解析】【详解】A.未加电场时，取向下为正：，过t时间后，速度：，位移：，加上电场后，根据题意，加速度：，过t后，根据匀变速运动规律：，联立解得：，A正确B.过A点的速度，速度大小，方向沿斜面向上，B正确C.从A点到最低点，位移：，所以重力势能减小，C错误D.从最低点到A点根据动能定理：，解得：，所以电势能减少了：，D错误15.如图所示为某静电场中x轴上各点电势分布图，一个带电粒子从坐标原点O仅在
15、静电力作用下沿x轴正方向运动，则（）A. 粒子一定带正电B. 粒子一定带负电C. 粒子从运动到，加速度先增大后减小D. 粒子从运动到，加速度先减小后增大【答案】D【解析】【详解】AB、由图象可知,从坐标轴上x1处运动到x2处电势逐渐升高，说明电场方向水平向左。粒子运动情况未知，无法判断粒子带电电性，故粒子带负电，故A错误，B错误；CD、由图象的斜率大小等于电场强度可知，粒子从坐标轴上x1处运动到x3处的斜率先减小后增大，故电场强度先减小后增大，则电场力先减小后增大，故加速度先减小后增大，故C错误，D正确；故选：D。三、填空题与实验 16.试验中测量小灯泡伏安特性曲线和测量金属丝电阻率中，均要用
16、到滑动变阻器。测量小灯泡的伏安特性曲线中滑动变阻器应采用_（选填“限流式”或“分压式”）接法，测量金属丝的电阻率时，一般选用滑动变阻器的_（选填“限流式”或“分压式”）接法。【答案】 (1). 分压式 (2). 限流式【解析】【详解】1伏安法描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；2测量金属丝电阻率中，由于金属丝的电阻率会随温度变化，所以实验中流过金属丝的电流不能太大，所滑动变阻器应用限流式。17.用如图（甲）所示的电路图研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下工作时的电阻值（1）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应该放在端_（选填“a”
17、或“b”）；（2）按电路图（甲）测出的灯泡电阻值比真实值_（选填“偏大”或“偏小”）根据所得到的图像如图（乙）所示，它在额定电压下实际功率P_W；（3）若将该灯泡直接接在电动势为2.4V，内阻为6的电源两端，此时电路工作的效率为_。【答案】 (1). a (2). 偏小 (3). 1.2 (4). 25【解析】【分析】（1）明确变阻器采用分压式接法时，电键闭合前应将滑片置于输出电压最小一端以保护电流表；（2）根据欧姆定律写出电阻测量值和真实值的表达式即可；（3）画出电源的图像，两图像交点即为小灯泡工作电压和电流；【详解】（1）闭合开关前，应将滑动触头置于输出电压最小的a端，以保护电流表；（2）
18、根据欧姆定律，电阻测量值为，若考虑电压表内阻影响，待测电阻的真实值为，比较可知，所以测出的灯泡电阻值比真实值偏小；根据I-U图象读出时对应的电流，所以小灯泡的实际功率为；（3）作出电源的如图所示：由图像可知，此时小灯泡两端电压为则此时电路工作的效率为：。【点睛】本题考查通过小灯泡的伏安特性曲线判断测量值和真实值之间的关系，注意求解电路的效率时需要画出电源的图像进行求解即可。18.请读出以下测量仪器的示数，其中游标卡尺读数为_cm，螺旋测微器读数为_mm，多用电表挡位为直流电压挡50V时读数为_V，若用欧姆表100挡时的读数为_。【答案】 (1). 1.140 (2). 4.713 (3). 3
19、0.0 (4). 1000【解析】【详解】根据游标卡尺读数规则，游标卡尺主尺读数为1.1 cm，游标尺第8个刻度线与主尺刻度线对齐，20分度游标尺精度为0.05 mm，游标尺读数为80.05 mm0.40 mm，故测量值为1.1 cm+0.40 mm1.140 cm。根据螺旋测微器读数规则，读数为4.5 mm+0.213 mm4.713 mm。多用电表挡位为直流电压挡时，按照中间的刻度盘刻度读数，为30.0V；若用欧姆表100挡时读数为101001000。四、解答题19.如图所示的电路中，电源电动势E=1.5V，内阻r=0.6，电阻=3，电阻=4，电阻=6。电流表和电压表均为理想电表，闭合电键
20、S，求：(1)电压表的示数； (2)电源的输出功率。(结果保留两位有效数字)【答案】（1）0.6V（2）0.34V【解析】(1)图中电阻R2与R3并联，则外电路总电阻根据闭合电路欧姆定律得：电源的电流:解得：A电压表的示数为：V(2)电源的输出功率为W【点睛】总电流的大小由闭合电路欧姆定律求出总的电流即可；电压表测量路端电压，由欧姆定律求解其示数电源的输出功率可以用路端电压与总电流的乘积求出20.如图所示，M为一线圈电阻rM=0.4的电动机，R24，电源电动势E40V电流表内阻不计，当S断开时，电流表的示数I1=1.6A，当开关S闭合时，电流表的示数I2=4.0A.求：（1）电源内阻（2）开关
21、S闭合时电源的输出功率.（3） 电动机的输出功率.【答案】（1）1 （2）144W（3）87.5W【解析】【详解】(1)根据闭合电路的欧姆定律，当S断开时E=I1（R+r）代入数据得r=1(2)设开关S闭合时，路端电压为UU=E-I2r=36V电源的输出功率P=I2U=144W(3)开关S闭合后路端电压流过R的电流强度为流过电动机的电流强度为电动机发热消耗的功率为电动机转化为机械能的功率21.光滑绝缘半球槽的半径为R，处在水平向右的匀强电场中，一质量为m的带正电小球从槽的右端A处（与球心等高）无初速沿轨道滑下，滑到最低点B时，球对轨道的压力为2mg。求:（1）小球从A到B的过程中受到的电场力做的功（2）电场力的大小（3）带电小球在滑动过程中的最大速度【答案】（1）（2）mg（3）【解析】【详解】(1)设小球运动到最低位置B时速度为v,此时有FN-mg=小球从A处沿槽滑到最低位置B的过程中，根据动能定理有mgR+W电=mv2联立解得W电=-mgR(2)设电场力大小为F，由W电=-FR得F=mg.(3)小球在滑动过程中速度最大的条件是小球沿轨道运动至某位置时切向合力为零.设此时小球与圆心连线与竖直方向的夹角为，如图mgsin=Fcos得：tan=小球由A处到最大速度位置的过程中mgRcos-mgR（1-sin）=得
