1、温馨提示： 此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。模块终结性评价(90分钟100分)一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1(2021浙江1月学考)2020年11月10日，我国“奋斗者”号潜水器在马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度10 909 m。“奋斗者”号照片如图所示，下列情况中“奋斗者”号一定可视为质点的是()A.估算下降总时间时B用推进器使其转弯时C在海沟中穿越窄缝时D科学家在其舱内进行实验时【解析】选A。“奋斗者”号能否看作质点的关键是其大小和形状对所研究问题有无影响，
2、估算下降总时间时大小和形状对其无影响可以看作质点，A正确；用推进器使其转弯时需要考虑其大小和形状，不能看作质点，B错误；在海沟中穿越窄缝时需要考虑其大小和形状，也不能看作质点，C错误；科学家在其舱内进行实验时同样需要考虑其大小和形状，也不能看作质点，D错误。【补偿训练】(2021台州高一检测)2020年7月23日12时41分，长征五号遥四运载火箭托举着我国首次火星探测任务“天问一号”探测器，在中国文昌航天发射场成功发射。“天问一号”探测器将在地火转移轨道飞行约7个月后，到达火星附近，通过“刹车”完成火星捕获，进入环火轨道，并择机开展着陆、巡视等任务，进行火星科学探测。下列说法正确的是()A“7
3、月23日12时41分”指的是时间间隔B“7个月”指的是时刻C“天问一号”从地球到火星的位移大小就是其运行轨迹的长度D研究“天问一号”探测器在地火转移轨道飞行的轨迹时，可以将探测器看成质点【解析】选D。“7月23日12时41分”是探测器发射的时刻，在时间轴上对应一个点，不是时间间隔，故A错误；“7个月”是“天问一号”探测器在地火转移轨道飞行的时间间隔，不是时刻，故B错误；“天问一号”从地球到火星的位移大小就是其初位置到末位置有向线段的长度，不是其运行轨迹的长度，其运行轨迹的长度是路程，故C错误；研究“天问一号”探测器在地火转移轨道飞行的轨迹时，其大小与形状可以忽略，可以将探测器看成质点，故D正确
4、。2(2021莆田高一检测)2020年1月中旬开始，国内多地发生新型冠状病毒肺炎疫情。将新型冠状病毒肺炎确诊患者累计数D的变化记为D，发生这个变化所用的时间间隔记为t，则变化量D与t的比值a。下列说法正确的是()A由a可知，若新型冠状病毒肺炎确诊患者累计数D增大，则a的值也增大B题中的量a是由比值定义的物理量，则a的值不随D及t的大小而改变C描述变化快慢的量就是变化率，则题中的量a表示了量D 变化快慢D若a越大，则D的值一定越大【解析】选C。由a可知，a表示增速的快慢，与累计数D增大的大小无关，故A错误；由a可知，a是由比值定义的物理量，则a的值随D及t的大小而改变，故B错误；描述变化快慢的量
5、就是变化率，则题中的量a表示了量D变化快慢，故C正确；a表示增速的快慢，与累计数D增大的大小无关，故D错误。3物体以初速度v0做匀减速直线运动，第1 s内通过的位移为x13 m，第2 s内通过的位移为x22 m，又经过位移x3物体的速度减小为0，则下列说法中不正确的是()A加速度a的大小为1 m/s2B初速度v0的大小为2.5 m/sC位移x3的大小为 mD. 位移x3内的平均速度大小为0.75 m/s【解析】选B。根据xaT2得，a m/s21 m/s2，A正确；根据x1v0t1at，得v03.5 m/s，B错误；第2 s末的速度v2v0at2(3.512) m/s1.5 m/s，则x3 m
6、 m，位移x3内的平均速度大小0.75 m/s，C、D正确。4图示为小孩从t0时刻起逐渐增加推力推动箱子过程中三个时刻(t1、t2和t3)的漫画图。据此，小王总结出四张箱子与水平地面之间的摩擦力随时间变化的关系图，其中可能正确的是()【解析】选C。箱子静止的过程中受到的是静摩擦力，其大小随着推力的增大而增大；当达到最大静摩擦力后箱子开始滑动，此时摩擦力变为滑动摩擦力，而滑动摩擦力小于最大静摩擦力，并且滑动摩擦力大小与正压力成正比，压力不变，则滑动摩擦力不变，故C正确，A、B、D错误。【补偿训练】木块A、B的重力均为40 N，它们与水平地面间的动摩擦因数均为0.25，夹在A、B之间的轻弹簧被压缩
7、了x2.0 cm，弹簧的劲度系数k400 N/m，系统置于水平地面上静止不动，现用F15 N的水平力推木块B，如图所示，力F作用后()A.木块A所受静摩擦力大小为15 NB弹簧的压缩量变为2.5 cmC木块B所受静摩擦力为0D木块B所受静摩擦力大小为7 N【解析】选D。施加水平推力F15 N后，弹簧长度没有变化，x2.0 cm，F弹kx4000.02 N8 N，弹力不变，故木块A相对地面有向左的运动趋势，其受到向右的静摩擦力，且与弹力平衡，因而：fAF弹8 N，故A、B错误；已知F弹8 N，木块A、B与地面间的最大静摩擦力为：fmg0.2540 N10 N，故A、B均静止，摩擦力为8 N，施加
8、水平推力F15 N后，B水平方向受到弹簧向右的弹力8 N，向左的推力15 N，故摩擦力变为7 N，仍静止，故C错误，D正确。5如图所示，底部装有4个轮子的行李箱a竖立、b平卧放置在公交车上，箱子四周均有一定空间。当公交车()A.缓慢启动时，a、b均相对于公交车向后运动B急刹车时，行李箱a相对于公交车向前运动C缓慢转弯时，a、b均相对于公交车向外侧运动D急转弯时，行李箱a相对于公交车向内侧运动【解析】选B。设行李箱a竖立时与公交车发生相对运动的加速度为a1，行李箱b平放时与公交车发生相对运动的加速度为a2，根据实际情况可知a1a2。缓慢起动时，公交车的加速度比较小，如果小于a1，则两只行李箱不会
9、相对公交车运动，A错误；急刹车时，公交车减速运动的加速度很大，行李箱a一定相对公交车向前运动，B正确；缓慢转弯时，只要转动的向心加速度小于a1，两只行李箱不会相对公交车向外侧运动，C错误；急转弯时，行李箱a一定会相对公交车向外侧运动，不会相对公交车向内侧运动，D错误。6.如图所示为一同学在网上发现的一幅新能源汽车的漫画，有关这幅漫画，下列说法正确的是()A磁铁对铁块的作用力大于铁块对磁铁的作用力B磁铁对铁块的作用力大小等于铁块对磁铁的作用力大小C根据牛顿第二定律，这种设计能使汽车向前运动D只要磁铁的磁性足够强，汽车就可以一直运动下去【解析】选B。磁铁对铁块的作用力和铁块对磁铁的作用力是一对作用
10、力和反作用力，大小相等、方向相反，故A错误，B正确；不管磁铁磁性强弱，磁铁对铁块的作用力与铁块对磁铁的作用力实际上都是汽车自己对自己的作用力，所以汽车都不能向前运动，故C、D错误。【补偿训练】如图所示，有两个穿着溜冰鞋的人站在冰面上，当A从背后轻轻推B时，两个人同时向相反的方向运动，这是因为A推B时()AA与B之间有相互作用力BA对B的作用在先，B对A的作用在后CB对A的作用力小于A对B的作用力DA对B的作用力和B对A的作用力是一对平衡力【解析】选A。A推B时，A与B之间有相互作用力，且这两个力为作用力与反作用力，作用力与反作用力同时产生、大小相等、方向相反，故A正确，B、C、D错误。7.某物
11、理教师做了一个物理实验。如图所示，在等臂天平的左侧通过滑轮挂上一个质量为m1的物体，在右侧通过相同的滑轮挂上质量分别为m2和m1的物体，两物体通过光滑细绳连接后跨过滑轮，m2m1。开始时，外力使系统平衡。某一时刻撤去外力，右侧的质量为m1的物体加速下落，质量为m2的物体加速上升，天平仍然平衡。则m2和m1的关系，可能是()Am1m2 Bm12m2Cm13m2 Dm14m2【解析】选C。以连接体中质量为m2的物体为研究对象，则有Tm2gm2a，以连接体中质量为m1的物体为研究对象，则有m1gTm1a，根据题意可知2Tm1g，联立解得m13m2。故A、B、D错误，C正确。 8(2021三明高一检测
12、)如图所示为建筑工地上搬运石板用的“夹钳车”，工人用夹钳夹住石板并吊离地面，然后推动夹钳车沿直线匀速前进，下列判断正确的是()A.石板受到4个力的作用B夹钳夹得越紧，石板受到的摩擦力越大C石板被吊离地面的过程中处于超重状态D匀速前进过程中，夹钳对石板的作用力竖直向上【解析】选D。工人夹住石板沿直线匀速前进过程中，石板受重力、2个摩擦力、夹钳的2个压力五个力的作用，故A错误；石板受到的重力和摩擦力等大反向，所以石板受到的摩擦力不变，与夹钳夹的松紧程度和运动速度无关，故B错误；石板被吊离地面的过程先加速后减速或匀速，则加速度方向先向上后向下或为零，所以石板先超重后失重，故C错误；工人夹住石板沿直线
13、匀速前进过程中，受重力和夹钳的作用力，重力方向竖直向下，根据平衡条件可知夹钳对石板的作用力的合力竖直向上，故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9如图所示，倾角30的斜面体A静止在水平地面上，一根轻绳跨过斜面体顶端的小滑轮，绳两端系有质量均为m的小物块a、b，整个装置处于静止状态。现给物块b施加一个水平向右的力F，使b缓慢移动直到轻绳与竖直方向成30角，这一过程中斜面体和小物块a均静止(不计绳与滑轮间的摩擦)，对此过程说法正确的是()A.b受到绳的拉力逐渐增大B水平拉力F逐渐增大C小物块
14、a受到的摩擦力先增大再减小D斜面体对地面的摩擦力增大【解析】选A、B、D。b受力平衡，对b受力分析，如图所示：设绳与竖直方向的夹角为，b缓慢离开直到与竖直方向成30角的过程中，变大，根据平行四边形定则可知，T逐渐增大，F逐渐增大，故A、B正确；对a受力分析，如图所示：刚开始Tmg，a处于静止状态，则fTmg sin 30mg，方向向下，T增大时，f增大，故C错误；以整体为研究对象，水平地面对斜面体A的静摩擦力与F等大反向，F逐渐增大，斜面体对地面的摩擦力增大，故D正确。10.如图所示，正在水平路面上行驶的汽车车厢底部有一质量为m1的木块，在车厢的顶部用细线悬挂一质量为m2的小球，某段时间内，乘
15、客发现细线与竖直方向成角，而木块m1则始终相对于车厢静止。这段时间内()A. 汽车可能正在向左匀加速行驶B汽车可能正在向右匀加速行驶C木块对车厢底部的摩擦力方向水平向右D木块对车厢底部的摩擦力大小为m1g tan 【解析】选A、C、D。对小球受力分析，受拉力和重力，如图，由几何关系得：F合m2g tan ，方向水平向左；根据牛顿第二定律ag tan ， 水平向左；故汽车向左做匀加速直线运动或者向右做匀减速直线运动，因而A正确，B错误；由于木块的加速度向左，故合力向左，再对木块受力分析，受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：fm1am1g tan ，根据牛顿第三定律，木块对车厢的摩擦力大小
16、是m1g tan ，方向向右，故C、D正确。11为了备战东京奥运会，我国羽毛球运动员进行了如图所示的原地纵跳摸高训练。已知质量m60 kg的运动员原地静止站立(不起跳)摸高为2.10 m，比赛过程中，该运动员先下蹲，重心下降0.5 m，经过充分调整后，发力跳起摸到了2.90 m的高度。若运动员起跳过程视为匀加速运动，忽略空气阻力影响，g取10 m/s2。则()A.运动员起跳过程处于超重状态B起跳过程的平均速度比离地上升到最高点过程的平均速度大C起跳过程中运动员对地面的压力为960 ND从开始起跳到双脚落地需要1.05 s【解析】选A、D。运动员起跳过程加速度向上，处于超重状态，故A正确；从开始
17、起跳到脚离开地面重心上升h10.5 m，离开地面到上升到最高点的过程中，重心上升距离h20.8 m，运动员离开地面后做竖直上抛运动，根据2gh2v2可知，v4 m/s在起跳过程中，根据速度位移公式可知2ah1v2，a，解得：a16 m/s2由牛顿第二定律得：FNmgma解得：FNmgma1 560 N由牛顿第三定律可知运动员对地面的压力为1 560 N，方向竖直向下，故C错误；起跳过程的平均速度是，运动员离开地面后做竖直上抛，其平均速度也为，故B错误；加速上升时间：t10.25 s减速上升时间：t20.4 s加速下降和减速上升时间相同，故总时间为tt12t21.05 s，故D正确。12如图所示
18、，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数tan ，则下列选项中能客观反映小木块的受力和运动情况的是()【解析】选B、D。由于小木块轻放在传送带的最上端，并其相对传送带向上滑动，故其所受的滑动摩擦力方向沿斜面向下，其所受的滑动摩擦力大小为：Ffmg cos ；当二者达到共速后，由于重力沿斜面向下的分力使小木块继续加速，故其速度超过传送带，故其所受的滑动摩擦力沿斜面向上，大小不变，方向反向，故A错误，B正确；而由于tan ，故其重力沿斜面向下的分力大于滑动摩擦力，故二者共速后小木块继续加速，但由牛顿第二定律可
19、知其加速度减小；又由速度时间图像的斜率表示小木块的加速度，故可知到达共速后的加速运动过程加速度减小，故C错误，D正确。三、实验题：本题共2小题，共14分。13(6分)在“验证力的平行四边形定则”的实验中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一把弹簧秤。(1)为完成实验，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，实验时他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用直尺测出弹簧的原长L0，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上砝码后测出弹簧伸长后的长度L，把LL0作为弹簧的伸长量x。这样操作，由于弹簧自身重力的影响，最后画出的图线可能是图中的_。(2)本次实验中，弹簧秤的指针位置如图所示，其读数为_N。(3)本次实验
20、中，BOC80，现将弹簧秤缓慢向逆时针转动，若要保持结点位置和OB方向不变，则弹簧秤的示数将_(选填“增大”“减小”“先增大后减小”或“先减小后增大”)。【解析】(1)实验中用横轴表示弹簧的伸长量x，纵轴表示弹簧的拉力F(即所挂砝码的重力大小)，因为在弹簧的弹性限度内，弹簧自身重力的影响使弹簧产生一定的形变量，故C图像符合。(2)弹簧秤读数为2.10 N；(3)根据平行四边形定则作出示意图，如图可以看出弹簧秤的示数先减小后增大。答案：(1)C(2)2.10(3)先减小后增大14(8分)用图甲所示装置“探究加速度与力、质量的关系”。请思考并完成相关内容：(1)实验时为平衡摩擦力，以下操作正确的是
21、_。A连着砂桶，适当调整木板右端的高度，直到小车被轻推后沿木板匀速运动B取下砂桶，适当调整木板右端的高度，直到小车被轻推后沿木板匀速运动C取下砂桶，适当调整木板右端的高度，直到小车缓慢沿木板做直线运动(2)图乙是实验中得到的一条纸带，已知相邻计数点间还有四个点未画出，打点计时器所用电源频率为50 Hz，由此可求出小车的加速度a_m/s2(计算结果保留三位有效数字)。(3)一组同学在保持木板水平时，研究小车在质量一定的情况下加速度a与合外力F的关系，得到如图丙中所示的aF图线。则小车运动时受到的摩擦力f_N；小车质量M_kg。若该小组正确完成了步骤(1)，得到的aF图线应该是图丙中的_(选填“”
22、“”或“”)。【解析】(1)平衡摩擦力时，取下砂桶，适当调整木板右端的高度，直到小车被轻推后沿木板匀速运动，故B正确。(2)由题可知两计数点之间的时间间隔T0.1 s，根据xaT2，运用逐差法得，am/s21.60 m/s2。(3)根据图线知，当F0.10 N时，小车才开始运动，可知小车运动时受到的摩擦力f0.10 N，图线的斜率表示质量的倒数，则M kg0.20 kg。平衡摩擦力后，a与F成正比，图线的斜率不变，故正确图线为。答案：(1)B(2)1.60(3)0.100.20四、计算题：本题共4小题，共46分。15(8分)如图所示，机动车在斑马线前礼让行人是城市文明和交通规范的体现。司机小明
23、驾驶汽车以43 km/h(约为12 m/s)的速度，在平直的城市道路上沿直线行驶。他看到斑马线有行人后立即以大小为2 m/s2的加速度刹车，车停住时车头刚好碰到斑马线，等待行人10 s后(人已走过)，又用了8 s时间匀加速至原来的速度。设开始刹车时为计时起点(即t0)。求：(1)汽车第3 s末的瞬时速度大小；(2)汽车前10 s内的位移大小；(3)从开始刹车到恢复原速这段时间内汽车的平均速度大小。【解析】取初速度方向为正方向。(1)vv0at(1分)解得：v6 m/s(1分)(2)刹车时间：t1(1分)解得t16 s10 s，汽车6 s末即已停止0v2ax1(1分)解得前10 s内的位移x13
24、6 m(1分) (3)匀加速直线运动位移x2t3，其中t38 s解得x248 m(1分)等待时间t210 s平均速度(1分)解得3.5 m/s(1分)答案：(1)6 m/s(2)36 m(3)3.5 m/s16(8分)如图所示，ABC是一雪道，AB段为长L65 m、倾角37的斜坡，BC段水平，AB与BC平滑连接。一个质量m60 kg的滑雪运动员，从斜坡顶端A处从静止开始匀加速滑下，经过t5 s到达斜坡底端B点。已知滑雪板与雪道之间的动摩擦因数在AB段和BC段均相同，取g10 m/s2，sin370.6，cos370.8。求：(1)运动员在AB段滑行的加速度大小；(2)滑雪板与雪道之间的动摩擦因
25、数；(3)滑到水平段BC后，还能滑多远。【解析】(1)根据Lv0tat2(1分)解得a5.2 m/s2(1分)(2)根据牛顿第二定律mg sin mg cos ma(2分)解得：0.1(1分)(3)滑到水平段BC时，vBat55.2 m/s26 m/s根据牛顿第二定律mgma1，a11 m/s2(1分)v2a1x，(1分)x338 m(1分)答案：(1)5.2 m/s2(2)0.1(3)338 m17(14分)2019年10月9日，重庆市城口县明通镇发生山体滑坡事故。假设在发生山体滑坡时，山坡的底部B处正有一游客逗留，如图所示，此时距坡底160 m的山坡A处有一圆形石头正以2 m/s的初速度、
26、1 m/s2的加速度匀加速下滑，游客发现后，立即以0.4 m/s2的加速度向右由静止开始做匀加速直线运动跑离坡底，石头滑到B处前后的速度大小不变，但开始以2 m/s2的加速度向右做匀减速直线运动，已知游客从发现圆形石头到开始逃跑的反应时间为1 s，游客跑动的最大速度为6 m/s，且游客的运动与圆形石头的运动在同一竖直平面内，试求：(1)圆形石头滑到坡底B处时，游客前进的位移大小；(2)试通过计算判断该游客是否能够脱险。【解析】(1)设石头从A处运动到坡底B处的时间为t1，到达坡底B处速度为v1，则有：x1v0t1at，(2分)解得：t116 s，(1分)此时石头的速度为：v1v0at12 m/
27、s116 m/s18 m/s。(1分)在此过程中，游客运动的位移为：x2a游(t11)20.4(161)2m45 m。(2分)(2)石头到达坡底B处时游客的速度为：v2a游(t11)0.4(161) m/s6 m/s。(2分)此后石头匀减速运动，游客开始以vm匀速运动，设又经历时间t2二者速度相等，即：v共v1a石t2vm6 m/s，(2分)解得t26 s，石头在这段时间内的位移：x石t26 m72 m，(2分)游客此时的总位移为：x游x2v共t245 m66 m81 m，(1分)由于x石72 mx游81 m，说明石头此刻未能追上游客，游客能脱离危险。(1分)答案：(1)45 m(2)能，计算
28、过程见解析18(16分)如图所示，质量M2 kg足够长的木板静止在水平地面上，与地面的动摩擦因数10.1，另一个质量m1 kg的小滑块，以6 m/s的初速度滑上木板，滑块与木板之间的动摩擦因数20.5，g取10 m/s2。(1)若木板固定，求小滑块在木板上滑过的距离。(2)若木板不固定，求小滑块自滑上木板开始多长时间相对木板处于静止。(3)若木板不固定，求木板相对地面运动位移的最大值。【解析】(1)若木板固定，小滑块在滑动摩擦力作用下，做匀减速运动，根据牛顿第二定律得a2g5 m/s2(2分)所以x3.6 m(2分)(2)对m：a12g5 m/s2(1分)对M：Ma22mg1(mM)g(2分)解得：a21 m/s2(1分)当速度相等时相对静止，则有：v0a1ta2t(2分)解得：t1 s(1分)(3)木板共速前先做匀加速运动，木板的位移x1a2t20.5 m(1分)速度v1a2t1 m/s(1分)以后木板与滑块共同加速度a3匀减速运动a31g1 m/s2(1分)共同匀减速运动的位移x20.5 m(1分)所以总位移为xx1x21 m(1分)答案：(1)3.6 m(2)1 s(3)1 m关闭Word文档返回原板块
