1、湖南省长沙市长沙县2021-2022学年高一物理上学期9月月考测试试题1. 下列关于惯性的各种说法中，你认为正确的是A. 材料不同的两个物体放在地面上，用一个相同的水平力分别推它们，则难以推动的物体惯性大B. 在完全失重的情况下，物体的惯性将消失C. 把手中的球由静止释放后，球能竖直加速下落，说明力是改变物体惯性的原因D. 抛出去的标枪、手榴弹等是靠惯性向远处运动的2. 如图所示，简易饮水装置由纯净水桶和金属支架组成，金属支架静置于水平地板上，则3.A. 桌面对支架的摩擦力水平向左B. 水桶对支架的作用力竖直向下C. 支架对水桶的作用力斜向右上方D. 支架对桌面的压力大小等于支架的重力4. 我
2、国自主研制的某型号战斗机由静止开始启动，在运动500m后起飞，已知5s末的速度为，8秒末的速度为在20秒末起飞，则该飞机由静止到起飞这段时间内的平均速度是A. B. C. D. 5. 一质点做曲线运动，它的轨迹由M到如图所示曲线，关于质点通过轨迹中点时的速度v的方向和加速度a的方向，下图中可能正确的是A. B. C. D. 6. 关于运动的合成与分解有以下说法，其中正确的是A. 一个匀速直线运动和一个匀变速曲线运动的合运动一定是曲线运动B. 力的合成与分解遵循平行四边形定则，而运动的合成与分解不遵循C. 两个分运动总是同时进行的D. 两个分运动间相互影响，相互制约7. 一物体以一定的初速度从光
3、滑斜面底端a点上滑，最高可滑至b点，后又滑回至a点，c是ab的中点，如图所示，已知物块从a上滑至b所用的时间为t，下列分析正确的是A. 物块从a运动到c所用的时间与从c运动到b所用的时间之比为1：B. 物块上滑过程的加速度与下滑过程的加速度等大反向C. 物块下滑时从b运动至c所用时间为D. 物块上滑通过c点时的速度大小小于整个上滑过程中平均速度的大小8. 如图所示，在恒力F作用下，a、b两物体一起沿粗糙竖直墙面匀速向上运动，则关于它们受力情况的说法正确的是A. a一定受到4个力B. a可能受到3个力C. a与墙壁之间一定有弹力和摩擦力D. a与b之间一定有摩擦力9. 如图所示，自由下落的小球下
4、落一段时间后，与弹簧接触，从它接触弹簧开始，到弹簧压缩到最短的过程中，以下说法正确的是A. 从接触弹簧到速度最大的过程是失重过程B. 从接触弹簧到加速度最大的过程是超重过程C. 从接触弹簧到速度最大的过程加速度越来越大D. 速度达到最大时加速度为零10. 如图所示，在倾角的光滑斜面上，物块A静止在轻弹簧上面，物块B用细线与斜面顶端相连，物块A、B紧挨在一起但它们之间无弹力，已知物块A、B质量分别为m和2m，重力加速度为g，某时刻将细线剪断，则在细线剪断后瞬间，下列说法正确的是A. 物块B的加速度为B. 物块A的加速度为C. 物块A、B间的弹力为D. 弹簧的弹力为11. 如图，轰炸机沿水平方向匀
5、速飞行，到达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标已知A点高度为h，山坡倾角为，由此可算出A. 轰炸机的飞行高度B. 轰炸机的飞行速度C. 炸弹的飞行时间D. 炸弹的质量12. 某同学用图示装置研究平抛运动及其特点，他的实验操作是：在小球A、B处于同一高度时，用小锤轻击弹性金属片，使A球水平飞出，同时B球被松开。他观察到的现象是：小球A、B_填“同时”或“不同时”落地；让A、B球恢复初始状态，用较大的力敲击弹性金属片，A球在空中运动的时间将_填“变长”、“不变”或“变短”；上述现象说明：平抛运动的时间与_大小无关，平抛运动的竖直分运动是_运动。13. “探究加速度与力、质量的关系
6、”的实验装置如图1所示。单选下列说法正确的是_。A.每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B.实验时应先释放小车后接通电源C.本实验砝码及砝码盘B的质量应远大于小车A的质量D.在用图象探究加速度与质量关系时，应作图象某同学在实验中。打出的一条纸带如图2所示，他选择了几个计时点作为计数点，相邻两计数点间还有4个计时点没有标出，其中、，纸带加速度的大小是_保留两位有效数字某同学将长木板右端适当垫高，其目的是_。但他把长木板的右端垫得过高，使得倾角过大。用a表示小车的加速度，F表示细线作用于小车的拉力。他绘出的关系图象如图是_单选14. 如图所示，放在粗糙斜面上的物块A和悬挂的物块B均处于静止状态，轻
7、绳AO绕过光滑的定滑轮与轻质弹簧的右端及轻绳BO的上端连接于O点轻质弹簧中轴线沿水平方向，轻绳的OC段与竖直方向的夹角，斜面倾角，物块A和B的质量分别为，弹簧的劲度系数为，重力加速度求弹簧的伸长量x；物块A受到的摩擦力f的大小和方向15. 如图所示，某人距离平台右端处由静止起跑，以恒定的加速度向平台右端冲去，离开平台后恰好落在地面上的小车车箱底板中心设平台右端与车箱底板间的竖直高度，与车箱底板中心的水平距离，取求：人刚跳离平台时的速度大小人运动的总时间16. 如图所示，质量，长的木板静止在粗糙的水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数，在木板的左端放置一个质量、大小可以忽略的铁块，铁块与木板间的动
8、摩擦因数，某时刻起在铁块上加一个水平向右的恒力，取，试求：恒力F作用时木板和铁块的加速度；当铁块运动到木板右端时，把铁块拿走，木板还能继续滑行的距离答案1.【答案】D【解析】解：A、材料不同的两个物体放在地面上，用一个相同的水平力分别推它们，难以推动的物体受到的最大静摩擦力大，并不是由于惯性大故A错误B、在完全失重的情况下，物体不受支持力，但物体的惯性并没有消失故B错误C、把手中的球由静止释放后，球能竖直加速下落，说明力是改变物体运动状态的原因故C错误D、抛出去的标枪、手榴弹等是由于惯性，保持原来的速度向远处运动故D正确故选D质量是物体惯性大小的量度，与物体所受的外力无关力是改变物体运动状态的
9、原因抛出去的标枪、手榴弹等是靠惯性向远处运动的本题考查对惯性的理解惯性是物体固有的属性，其大小由物体的质量来量度2.【答案】B【解析】解：AD、对水桶和支架整体，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对支架没有摩擦力，否则不平衡；支架对桌面的压力等于整体的重力，大于支架的重力，故A错误，D错误；BC、隔离水桶分析，受重力和支架的支持力，根据平衡条件，支持力与重力等值、反向、共线，故支架对水桶的作用力竖直向上，根据牛顿第三定律，水桶对支架的作用力竖直向下，故B正确，C错误；故选：B。AD、对水桶和支架整体受力分析，根据平衡条件分析；BC、隔离水桶分析，同样根据共点力平衡条件分析。本题关键灵活选择研究对
10、象，分析各个物体的受力情况，结合共点力平衡条件进行分析，基础题目。3.【答案】D【解析】解：平均速度就等于总的位移除以所用的时间，有：；故ABC错误，D正确故选：D。根据平均速度的定义式即可求出本题就是考查学生对于基本定义公式的理解，平均速度的求法，中间说的5s末的速度为，10s末的速度为，但这些都是没用的，是迷惑同学的，真正有用的是“跑动500m后起飞”和“在20s末飞机起飞”，这就是总位移和时间；中间说了很多没用的时间、速度，都是迷惑同学的，千万不能上当4.【答案】B【解析】【分析】根据曲线运动中质点的速度方向是轨迹的切线方向、加速度方向指向轨迹的内侧分析选择。本题考查对曲线运动速度方向和
11、加速度方向的理解能力，可根据牛顿定律理解加速度的方向。【解答】速度方向沿轨迹切线方向是正确的，而加速度不可能沿切线方向，故A错误；图中速度方向沿轨迹的切线方向，加速度指向轨迹的内侧，符合实际，故B正确；图中速度方向是正确的，而加速度方向是错误的，按图示加速度方向轨迹应向右弯曲，故C错误；加速度方向指向轨迹的内侧，是正确的；而速度方向不是沿切线方向，故D错误。故选：B。5.【答案】C【解析】解：A、一个匀速直线运动和一个匀加速直线运动的合运动，若两个分运动共线，则合运动一定是匀变速直线运动；若两个分运动不共线，加速度方向与速度方向不在同一直线上，则合运动一定是匀变速曲线运动，故A错误；B、力的合
12、成与分解以及运动的合成和分解均遵循平行四边形定则，故B错误；C、分运动具有同时性，即两个分运动总是同时进行的，故C正确；D、两个分运动间相互独立，互不干扰，故D错误。故选：C。知道运动的合成和分解满足平行四边形定则，根据曲线运动的条件，结合运动的合成与分解明确合运动的性质，知道两分运动具有同时性和独立性的性质。本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，还有对运动的合成与分解的理解，同时掌握了物体做曲线运动的条件理解，本题基本上就可以解决。6.【答案】C【解析】解：A、根据逆向思维，从b到a是初速度为零的匀加速直线运动，连续相等的位移内时间之比为1：，所以物块从a运动到c所用的时间与从c运动到b所
13、用的时间之比为，：，故A错误；B、由于小球只受重力和支持力，故小球的加速度方向始终相同，均为，方向向下；故B错误；C、由b到a过程是初速度为零的匀加速直线运动，则可知：，而；解得：；故C正确；D、由于C是位移中点，而不是时间中点，故物块上滑通过c点时的速度大于整个上滑过程中平均速度的大小；故D错误；故选：C。分析物体的受力情况，从而明确物体的加速度及往返过程的运动情况，即可求得时间及平均速度。本题很好的考查了匀变速直线运动的可逆性及一些规律的应用，特别是平均速度公式的应用一定能熟练掌握。7.【答案】AD【解析】解：对物体a、b整体受力分析，受重力、支持力，若墙壁对整体有支持力，水平方向不能平衡
14、，故墙壁对整体没有支持力，故也没有摩擦力；最后对物体a受力分析，受推力、重力、物体b对其的压力和静摩擦力，即物体a共受4个力；故A正确，BC错误；对物体b受力分析，由于b做匀速运动，故一定受重力、支持力和摩擦力作用，且处于三力平衡状态，故D正确；故选：AD。先对物体b受力分析，受重力、支持力和摩擦力，三力平衡；再对物体ab整体受力分析，根据平衡条件判断整体与竖直墙壁间的作用力情况，最后对物体a受力分析本题考查共点力平衡条件的应用，解题的关键是灵活地选择研究对象进行受力分析，然后结合平衡条件和各种力产生的条件分析判断8.【答案】AD【解析】解：ACD、当弹簧的弹力等于小球的重力时，小球的加速度为
15、零，此时速度最大；则从接触弹簧到速度最大的过程，小球的加速度向下，且加速度逐渐减小，是失重过程，故A、D正确，C错误；B、当小球到达最低点时小球的加速度最大，则从接触弹簧到加速度最大的过程中，加速度是先向下减小，失重，然后加速度是向上增加，超重，故B错误；故选：AD。物体是否处于超重或失重状态，不在于物体向上运动还是向下运动，而在于物体是有竖直向上的加速度还是有竖直向下的加速度；从接触弹簧到速度最大的过程加速度减小；速度达到最大时加速度为零。本题主要考查了牛顿第二定律、超重和失重等知识点。关键点一：超重和失重的判断；关键点二：利用牛顿第二定律判断加速度的变化。9.【答案】BC【解析】解：剪断细
16、线前，弹簧的弹力：细线剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为；剪断细线瞬间，对A、B系统，加速度为：，即A和B的加速度均为；以B为研究对象，根据牛顿第二定律可得解得。故BC正确，AD错误。故选：BC。剪断细线前，隔离对A分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对整体分析，求出整体的加速度；再以B为研究对象求解二者之间的弹力。本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，抓住剪断细线的瞬间弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用。10.【答案】ABC【解析】解：A、根据A点的高度可知A点到底端的水平位移为，即炸弹的水平位移为，由于炸弹垂直击中目标A，得
17、知速度与水平方向的夹角，抓住平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，可得：可以得出轰炸机的飞行高度故A正确B、C、求出平抛运动的竖直位移，根据得出炸弹平抛运动的时间，根据时间和水平位移求出轰炸机的初速度故B正确，C正确D、由于炸弹的做平抛运动，而平抛运动的加速度与质量无关，故无法求解质量故D错误故选：因为平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，速度方向的夹角得知位移与水平方向夹角的正切值，再通过水平位移求出竖直位移，从而得知轰炸机的飞行高度，炸弹的飞行时间，以及炸弹的初速度解决本题的关键掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛
18、运动的一些推论，并能灵活运用11.【答案】同时；不变；初速度；自由落体【解析】【分析】本实验是研究平抛运动竖直方向分运动的实验。小锤轻击弹性金属片后，A球做平抛运动，同时B球做自由落体运动。即可判断通过实验可以观察到的现象，也就可以证明竖直分运动的性质。本实验是研究平抛运动竖直方向做自由落体运动的实验，通过观察两球落地的时间，证明平抛运动竖直方向上的运动与自由落体相同，难度不大。【解答】解：小锤轻击弹性金属片时，A球做平抛运动，同时B球做自由落体运动。通过实验可以观察到它们同时落地；用较大的力敲击弹性金属片，则被抛出初速度变大，但竖直方向运动不受影响，因此运动时间仍不变；上述现象说明：平抛运动
19、的时间与初速度大小无关，且可以证明平抛运动在竖直方向上做自由落体运动。故答案为：同时；不变；初速度；自由落体。12.【答案】平衡摩擦力 C【解析】解：、实验前要平衡摩擦力，每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力，故A错误；B、实验时应先接通电源，然后再释放小车，故B错误；C、在砝码及砝码盘B的质量远小于小车A的质量时，小车受到的拉力近似等于砝码及砝码盘受到的重力，故C错误；D、应用图象法处理加速度与质量关系实验数据时，为了直观，应作图象，故D正确；故选：D。根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得纸带的加速度为：。将长木板右端适当垫高，其目的是平衡摩擦力；把长木板的右端垫得过高，
20、使得倾角过大，小车所受重力平行于木板的分力大于小车受到的摩擦力，小车受到的合力大于细线的拉力，在小车不受力时，小车已经具有一定的加速度，图象不过原点，在a轴上有截距，因此他绘出的关系图象是C。故答案为：；平衡摩擦力，C。实验前要平衡摩擦力，每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力；实验时应先接通电源，然后再释放小车；在砝码及砝码盘 B的质量远小于小车A的质量时，小车受到的拉力近似等于砝码及砝码盘受到的重力；应用图象法处理加速度与质量关系实验数据时，为了直观，应作图象；做匀变速运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度；做匀变速运动的物体在相邻的相等时间间隔内的位于之差是定值
21、，据此求出纸带的加速度。实验前需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，如果木板垫起的太高，过平衡摩擦力，小车重力平行于木板方向的分力大于小车受到的摩擦力，在不施加拉力时，小车已经有加速度，图象不过坐标原点，在a轴上有截距。要知道验证牛顿第二定律实验的注意事项，要会处理实验数据，能根据打出的纸带求出物体的加速度、物体的瞬时速度。要掌握应用图象法处理实验数据的方法。13.【答案】解：以轻绳OB和物块B为研究对象，受力如图并正交分解，据平衡条件有x：y：由解得：代入解得：物块A受力如图并正交分解，据平衡条件有x：解得：，方向：沿斜面向下答：弹簧的伸长量x为；物块A受到的摩擦力f的大小为5N，方向沿斜面向下【解
22、析】以轻绳OB和物块B为研究对象，受力如图并正交分解，根据平衡条件结合胡克定律求解；对物块A受力如图并正交分解，根据平衡条件列式求解即可本题主要考查了平衡条件和胡克定律得直接应用，要求同学们能选择合适的研究对象并能正确对物体受力分析，注意正交分解法在解题中的应用，难度适中14.【答案】解：人在平台上运动的时间为，离开平台后做平抛运动的初速度为，运动的时间为，则：由平抛运动的公式得解得人在平台上运动，代入数据解得人运动的总时间答：人刚跳离平台时的速度大小是；人运动的总时间为【解析】根据高度求出平抛运动的时间，结合平抛运动的水平位移和时间气促平抛运动的初速度结合平均速度的推论求出匀加速直线运动的时
23、间，从而得出人运动的总时间本题涉及了匀加速直线运动和平抛运动，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律是解决本题的关键，基础题15.【答案】解：根据牛顿第二定律得，对铁块：对木板：代入数据解得，铁块运动到木板的右端时，铁块和木板的位移分别为，两者的位移关系是：即有，代入解得，则可知铁块拿走时，木板的速度；随后，木板作匀减速运动的加速度大小为；则木板的位移：；答：恒力F作用时木板和铁块的加速度分别为和；当铁块运动到木板右端时，把铁块拿走，木板还能继续滑行的距离为【解析】分别对两物体分析，根据牛顿第二定律分别求出铁块与木板的加速度由位移公式分别列出两物体的位移与时间的关系，铁块运动到木板的右端时，铁块与木板相对于地面的位移之差等于板长L，联立求得时间，再分析拿走木块后的加速度，由速度和位移公式即可求得滑行的位移本题考查牛顿第二定律中的组合物体的问题分析，要注意正确选择研究对象，作好受力分析，明确各自的运动情况后再确定相互关系，从而列式求解；注意因加速度不同，不能将二者作为整体处理
