1、2017年高三物理模拟测试卷参考答案单选：D，D，D，A，B多选：BD，AD，BC14. D根据曲线运动力与轨迹的关系，力需指向轨迹弯曲的内侧，所以A错误；带电粒子只受电场力作用，故力与电场线共线，所以C错误；由题意知，运动过程中粒子的电势能逐渐减小，故电场力做正功，即力与速度方向的夹角应为锐角，故B错误，D正确15. D该题中由于不知道磁场的方向，所以不能判断出洛伦兹力的方向带电质点进入磁场时所受洛伦兹力可能向上故A，B错误；带电质点运动的过程中只有重力做功，由功能关系可知：mv2mghmv，所以：v.故C错误，D正确16. D由题意知U11 000 V，则U2U110 V，R消耗的功率PR
2、10 W，A错误电容器的耐压值不小于10 V，B错误交流电的频率f25 Hz，C错误电容器可以通交流，故电流表示数一定不为零，D正确17. AB球对碗壁刚好无压力，则根据几何知识分析可得B球所在位置两线的夹角为90，以B球为研究对象，进行受力分析，水平方向所受合力为零，由此可知FAcos FCsin ，tan 3/4.18. 解析：选B.由题中条件可知， 当滑块B向上运动时，薄板A将沿斜面向下运动由受力分析和牛顿第二定律可知：aA4 m/s2，方向沿斜面向下；aB10 m/s2，方向沿斜面向下，故在滑块向上滑行的过程中，A、B的加速度大小之比为25，选项A错误；滑块B的位移为xBt1t2 m，
3、方向沿斜面向上，所以滑块B克服摩擦力做的功为WfxB J，选项B正确；开始运动时，滑块B向上做匀减速直线运动，减速到零所需要的时间t10.5 s，此时薄板A的速度大小为vAaAt12 m/s，然后A、B都将向下运动，且A、B的加速度不变，若最后速度相同则有vAaAt2aBt2，代入数据可解得t2 s，共同速度为v m/s，A、B运动的时间为tt1t2 s，选项C错误；A、B的相对位移为xt1aAtvAt2aAtt2，代入数据有x m，故在整个过程中产生的热量Qfx J，选项D错误19. BD因月球上卫星的最小发射速度为最大环绕速度，有，又m(Rh)，可得vA错误，探测器运行时的向心加速度为a2
4、r，选项B正确，由m(Rh)，VR3，可得月球的平均密度， C错误；根据m()2(Rh)，又mg，两式联立得g，选项D正确20. AD根据核反应中质量数和电荷数守恒，可知X是X，所以为中子，A正确；Y应为Y，所以Y的质子数为3，核子数为6，中子数为3，B错误；两核反应均有能量释放，根据爱因斯坦质能方程，两核反应都有质量亏损，C错误；由聚变反应概念知，D正确21. BC由牛顿第二定律可知，从开始到弹簧第一次被压缩到最短的过程中，A木块由静止开始做加速度逐渐减小的加速运动，B木块由静止开始做加速度不断增大的加速运动开始时，A的加速度大于B的加速度，两木块的速度图象如图所示，由图象可知，两木块加速度
5、相等时，vAvB，D项错；两木块速度相等时，aA，所以电流表应用外接法由于电流、电压从零开始调节，所以滑动变阻器应采用分压式接法，连线图如图甲所示甲(3)画出的IU图象如图乙所示乙(4)根据闭合电路欧姆定律应有I，由IU图象可读出I15 mA时对应的电压U2.2 V，可求出Rx146.7 ，代入数据解得R53.3 .（50.057.0均可）23. (1)AE(2)0.75(3)B（每空2分）解析(1)由实验原理图可以看出，由弹簧测力计的示数可得到小车所受的合外力的大小，故不需要测砂和砂桶的质量，也不需要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M，A、E错；为保证绳上拉力提供合外力，必须平衡摩擦力，
6、B对；小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，同时读出弹簧测力计的示数，C对；为了多测几组数据，需改变砂和砂桶的质量多做几次实验，D对(2)由逐差法可得：小车的加速度a，将T4 s0.08 s，代入可得a0.75 m/s2(3)由题图结合牛顿第二定律，有2FMa，得aF则图象斜率k，得小车的质量M，故A、D、C错，B对24. 解析：(1)线框的AB边离开磁场时已经匀速运动FFfBI2LAB (2分)Ffmg=0.5N(1分)所以I25 A. (1分)E2BLABv0.2 V (1分) R=0.04 (1分)(2)线框的AB边进入磁场前FFfma，(2分)a10 m/s2(1分)v2as，
7、(1分)v02 m/s线框的AB边进入磁场时E1BLABv00.4 V. (1分)I1= E1/R =10A(1分)F安 = BI1LAB2N (1分)方向：水平向左(1分)答案：(1) 0.04(2) 2N 水平向左25. 【解析】(1)根据动量守恒得：mBv0(mBmA)v(2分)解得：vv02 m/s(1分)(2)设B在A的圆弧部分产生的热量为Q1，在A的水平部分产生的热量为Q2则有：mBv02(mBmA)v2Q1Q2(2分)又Q2mBg(LQPLPR)(2分)联立解得：Q11 J(1分)(3)当B滑上圆弧再返回至P点时最有可能速度向右，设木块滑至P的速度为vB，此时A的速度为vA，有：
8、mBv0mBvBmAvA(2分)mBv02mBvB2mAvA2mBgL(2分)代入数据得：vB20.8v0vB7.20.2v020当vB的两个解一正一负时，表示B从圆弧滑下的速度向右即需：v06 m/s，故B有可能相对地面向右运动 (2分)若要B最终不滑离A，有：mBg2LmBv02(mBmA)(v0)2(2分)得：v02 m/s=6.3 m/s (1分)故v0的取值范围为：6m/sv02 m/s=6.3 m/s(1分)答案(1)2 m/s(2)1 J(3)可能6 m/sv02 m/s=6.3 m/s33. ABC单晶体和多晶体都有固定的熔点，而非晶体没有固定的熔点，故A正确；当分子间的引力和
9、斥力平衡时，无论分子间距再增大或减小，分子力都要做负功，负子势能增加，故B正确；布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的运动，它说明液体分子永不停息地做无规则运动，故C正确；外界对物体做功，若同时物体放出热量，物体内能不一定增加，故D错误；固体、液体的分子间距较小，但气体分子间距离较大，故知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，不可计算出阿伏加德罗常数，故E错误(2)20 cm解析(2)设玻璃管开口向上时，空气柱的压强为p1p0gl1（3分）式中和g分别表示水银的密度和重力加速度玻璃管开口向下时，原来上部的水银有一部分会流出，设此时空气柱长度为x，则p2p0g(l1l2)x（3分）式中p2为管内空气柱的压
10、强由玻意耳定律有：p1l2Sp2xS（3分）S为玻璃管的横截面积，由式和题设条件得x20 cm. （1分）34. (1)BDE(2)424 nm解析(1)质点不随波传播，A错；由波向右传播可知B点向上振动，B对；B点向上振动靠近平衡位置平均速度大，回到平衡位置所用时间小于八分之一周期，C错；由T可知周期为0.05 s，D对；C点向下运动，所以经过四分之三周期到达波峰，E对(2)光路图如图所示，设在B点的入射角为i、折射角为，在C点的入射角为，出射角为，在OCP中，OCR，OPR；由正弦定理可得：sin 45所以COP15因为OBOCR，所以，又根据折射定律可得i45所以BOMi45由几何关系可得：COPBOM60所以30由折射定律可得：n（7分）n（2分）所以424 nm. （1分）
