1、高考资源网（） 您身边的高考专家2015-2016学年浙江省湖州市南浔区练市中学高一（下）期末化学模拟试卷一、选择题（本题有20小题，每小题2分，共40分每小题只有1个选项符合题意，）1下列化合物中，属于盐的是（）ANH3BKOHCH2SO4DNaClO2下列化学用语正确的是（）AHClO的电子式：B中子数为10的氧原子： OC乙烯的结构简式CH2CH2DCH4分子的球棍模型：3下列物质中，属于强电解质的是（）A铜BNa2SO4CCH3COOHDNaCl 溶液4下列变化中，不需要破坏化学键的是（）A干冰气化B食盐熔化C氯化钙溶于水D小苏打受热分解5如图为某原电池示意图，下列说法正确的是（）A铜
2、电极是负极B锌电极是正极C铜电极上发生氧化反应D锌电极上发生氧化反应6如图表示化学反应CaCO3（s）CO2（g）+CaO（s）能量变化的示意图中，合理的是（）ABCD7下列溶液中，Cl的物质的量浓度最小的是（）A1 L 1 molL1的NaCl溶液B0.1 L 2 molL1的KCl溶液C0.1 L 1 molL1的MgCl2溶液D10 mL 1 molL1的AlCl3溶液8下列反应的离子方程式书写正确的是（）A大理石和盐酸的反应：CO32+2H+CO2+H2OBKI溶液中加入硫酸酸化的过氧化氢溶液：2I+H2O2I2+2OHC三氯化铁溶液与铁反应：Fe3+Fe2Fe2+D二氧化硅与氢氧化钠
3、溶液反应：SiO2+2OHSiO32+H2O9随着科学的进步，化学与人类健康的关系越来越密切了下列说法错误的是（）A为提高粮食产量，应大量使用化肥和农药B生活中，可以用无毒的聚乙烯薄膜包装食品C人体缺铁会引起贫血疾病D糖类、油脂、蛋白质等都是人类维持生命和健康所必需的营养物质10如图装置所示的实验中，不能达到实验目的是（）A除去氯气中的氯化氢B分离乙醇与乙酸C证明铁生锈空气参与反应D橡皮管的作用是控制水能顺利流下11下列分离物质的方法不正确的是（）A用蒸发结晶的方法分离碳酸钠和水B用过滤的方法分离植物油和水C用蒸馏的方法分离乙酸（沸点118）与乙酸乙酯（沸点118）D用萃取和分液的方法用CCl
4、4从碘水提取碘12设NA代表阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（）ANA个N2分子与NA个CO分子的质量比为11B水的摩尔质量等于NA个水分子的质量C在常温常压下，11.2LSO2含有的分子数为0.5NAD1L 0.1molL1Na2SO4溶液中有0.1NA个Na+13X、Y为同周期元素，如果X的原子半径大于Y，则下列判断不正确的是（）A若X、Y均为金属元素，则X的金属性强于YB若X、Y均为金属元素，则X的阳离子氧化性比Y的阳离子氧化性强C若X、Y均为非金属元素，则Y的气态氢化物比X的稳定D若X、Y均为非金属元素，则最高价含氧酸的酸性Y强于X14在室温度下，在密闭容器中某气态烃和氧气按一定比
5、例混合，点火爆炸后恢复到室温度，压强减小至原来的一半，若加入NaOH溶液则气体被全部吸收，则此烃为（）AC2H2BC2H4CC2H6DC6H615如表所列各组物质中，物质之间通过一步反应不能实现如图所示转化的是（）选项abcAFeFeCl3FeCl2BHClCl2HClOCH2SO4SO2SO3DCH2=CH2CH3CH2OHCH3CHOAABBCCDD16对于反应2Na2O2+2CO22Na2CO3+O2，下列说法正确的是（）ANa2O2是氧化剂，CO2是还原剂B若2molNa2O2完全反应，则反应中共转移了4mol电子C还原剂与氧化剂的质量比是1：1DNa2O2中阳离子与阴离子的个数比为1
6、：117下列实验方法或结论中，不正确的是（）A用容量瓶配某盐溶液，定容摇匀后发现凹液面最低处低于刻度线，再加水定容B萃取后，分液漏斗中的下层液体从下口流出，上层液体从上口倒出C向某溶液中加入KSCN溶液变红色，说明该溶液中含有Fe3+D某气体通入品红溶液中，溶液褪色，加热后溶液又恢复为红色，说明该气体为SO218酒后驾车是引发交通事故的重要原因交警对驾驶员进行呼气酒精检测的原理是：橙色的K2Cr2O7酸性水溶液乙醇迅速生成蓝绿色Cr3+下列对乙醇的描述与此测定原理有关的是（）乙醇易挥发 乙醇密度比水小 乙醇有还原性 75%乙醇溶液常用医疗消毒ABCD19有4种混合溶液，分别由等体积0.1mol
7、/L的2种溶液混合而成：CH3COONa与HClCH3COONa与NaOHCH3COONa与NaClCH3COONa与NaHCO3 下列各项排序正确的是（）ApH：Bc（CH3COOH）：Cc（CH3COO）：D溶液中c（H+）：20从海水中提取镁，可按如下步骤进行：把贝壳制成石灰乳在引入的海水中加入石灰乳，沉降、过滤、洗涤沉淀物将沉淀物与盐酸反应，结晶过滤、在HCl气体氛围中干燥产物将得到的产物熔融电解得到镁下列说法不正确的是（）A此法的优点之一是原料来源丰富B步骤的目的是从海水中提取MgCl2C以上提取镁的过程中涉及化合、分解和复分解反应D第步电解时阴极产生氯气二、填空题（本题有5小题，共
8、38分）21（1）写出以下两种物质的化学式：干冰：；小苏打：（2）写出铜与浓硫酸反应的化学方程式：22已知有如图转化关系：（1）C中含有官能团的名称；反应的反应类型是（2）写出D和B反应生成E的化学方程式（3）写出反应的化学方程式23根据如图信息完成所需回答的问题：其中氧化物B是黑色固体；单质C不溶于冷浓硫酸（1）E是（填化学式）（2）写出氧化物A和CO反应的化学方程式（3）写出B和浓盐酸反应的离子方程式24现有8种元素的性质、数据如表所列，它们属于第二或第三周期原子半径（1010m）0.741.601.521.100.991.860.750.82最高或最低化合价+2+1+5+7+1+5+32
9、313回答下列问题：（1）在元素周期表中的位置是写出最高价氧化物对应水化物跟的氢化物水溶液反应的离子方程式：（2）在最高价氧化物的水化物中，酸性最强的化合物的分子式是；碱性最强的化合物属于化合物（填“离子”或“共价”）（3）比较和的氢化物的稳定性（用化学式表示）25短周期元素组成的单质X2、Y，标准状况下X2的密度为3.17gL1，；常温下，Y为浅黄色固体Z是一种化合物，焰色反应呈浅紫色（透过钴玻璃）；0.1molL1 Z的水溶液pH=13X2、Y 和Z之间有如图转化关系（其他无关物质已略去）：（1）写出单质X2与Z反应的离子方程式：（2）已知16g Y完全燃烧放出148kJ热量写出热化学方程
10、式：（3）已知C能与稀硫酸反应生成能使品红溶液褪色的气体写出D的电子式，D的水溶液pH7（填“=”、“”或“”将20mL 0.5molL1C溶液逐滴加入到20mL 0.2molL1 KMnO4溶液（硫酸酸化）中，溶液恰好褪为无色写出反应的离子方程式：三、实验题（本题有2小题，16分）26（1）“酒是陈的香”，是因为酒在储存过程中生成了有香味的乙酸乙酯，在实验室我们也可以用如图所示的装置由乙醇、乙酸和浓硫酸来制取乙酸乙酯回答下列问题：配置混合溶液时，加入试剂的正确顺序是（填“A”或“B”）；A先加入乙醇，再慢慢注入浓硫酸和乙酸B先加入浓硫酸，再慢慢注入乙醇和乙酸在装置中乙试管常加入来接收乙酸乙酯
11、；ANaOH溶液B饱和Na2CO3溶液CNaCl溶液 DCuSO4溶液（2）在化学课上，围绕浓硫酸的化学性质进行了如下实验探究：将适量的蔗糖放入烧杯中，加入几滴水，搅拌均匀然后再加入适量浓硫酸，迅速搅拌，放出大量的热，同时观察到蔗糖逐渐变黑，体积膨胀，并产生刺激性气味的气体请回答：生成的黑色物质是（填化学式）根据上述实验，表明浓硫酸具有（填序号）A酸性 B吸水性 C 脱水性 D 强氧化性27实验室用下面装置测定FeO和Fe2O3固体混合物中Fe2O3的质量，D装置的硬质双通玻璃管中的固体物质是FeO和Fe2O3的混合物（1）如何检查装置A的气密性：（2）在气密性完好，并且进行了必要的安全操作后
12、，点燃D处的酒精灯，在硬质双通玻璃管中发生的化学反应方程式是：（3）若FeO和Fe2O3固体混合物的质量为23.2g，反应完全后U型管E的质量增加7.2g，则混合物中Fe2O3的质量为g（4）U型管E右边又连接干燥管F的目的是四、计算题（本题6分）28FeCl3可用作印刷电路铜板腐蚀剂，为回收废腐蚀液中的铜，必须对废腐蚀液的组成进行分析某同学去废腐蚀液200mL，分成甲、乙两等份向甲溶液中滴加AgNO3溶液至不再有沉淀产生，得到沉淀129.15g；向乙溶液中加入10g足量铁粉，充分反应，剩余固体质量4.8g计算中忽略溶液体积的变化（1）废腐蚀液中含有Cl的物质的量浓度是（2）废腐蚀液中铜离子的
13、物质的量浓度是2015-2016学年浙江省湖州市南浔区练市中学高一（下）期末化学模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题有20小题，每小题2分，共40分每小题只有1个选项符合题意，）1下列化合物中，属于盐的是（）ANH3BKOHCH2SO4DNaClO【考点】酸、碱、盐、氧化物的概念及其相互联系【分析】根据盐是由金属阳离子或铵根与酸根阴离子组合的化合物来分析解答【解答】解：ANH3是由氨气分子形成的化合物，是氮的氢化物，故A错误；BKOH在水溶液中电离出的阴离子全部是氢氧根离子的化合物，属于碱，故B错误；CH2SO4在水溶液中电离出的阳离子全部是氢离子的化合物，属于酸，故C错误；DNaClO
14、是由钠离子与次氯酸根阴离子组合的化合物，属于盐，故D正确；故选D2下列化学用语正确的是（）AHClO的电子式：B中子数为10的氧原子： OC乙烯的结构简式CH2CH2DCH4分子的球棍模型：【考点】电子式、化学式或化学符号及名称的综合【分析】A次氯酸的中心原子为O原子，分子中不存在HCl键；B质量数=质子数+中子数，元素符号的最简式为质量数、左下角为质子数；C乙烯的结构简式中没有标出碳碳双键结构；D为甲烷的比例模型，球棍模型用短棍和大小不同的小球表示【解答】解：AHClO为共价化合物，分子中存在1个氧氢键和1个ClO键，次氯酸的电子式为，故A错误；B中子数为10的氧原子的质量数为18，该原子可
15、以表示为： O，故B正确；C乙烯分子中含有1个碳碳双键，其结构简式为：CH2=CH2，故C错误；D是甲烷的比例模型，甲烷为正四面体结构，球棍模型表现原子间的连接与空间结构，甲烷分子式为CH4，C原子形成4个CH，为正四面体结构，碳原子半径大于氢原子半径，球棍模型为，故D错误；故选B3下列物质中，属于强电解质的是（）A铜BNa2SO4CCH3COOHDNaCl 溶液【考点】弱电解质的判断【分析】强电解质在溶液中完全电离，弱电解质在溶液中部分电离，据此进行解答【解答】解：A铜为单质，不属于电解质，故A错误；B硫酸钠在溶液中完全电离出钠离子和硫酸根离子，则硫酸钠为强电解质，故B正确；C醋酸在溶液中部
16、分电离，所以弱电解质，故C错误；D氯化钠溶液为混合物，不属于电解质，故D错误；故选B4下列变化中，不需要破坏化学键的是（）A干冰气化B食盐熔化C氯化钙溶于水D小苏打受热分解【考点】离子化合物的结构特征与性质；化学键【分析】共价化合物与离子化合物溶于水电离时都破坏化学键，共价化合物熔化时可能破坏化学键，但分子晶体的三态变化中不破坏化学键，以此解答该题【解答】解：A干冰气化需克服分子间作用力，而化学键没有变化，故A选；B食盐熔化破坏离子键，故B不选；C氯化钙溶于水破坏离子键，故C不选；D小苏打受热分解生成碳酸钠、水和二氧化碳，破坏离子键、共价键，故D不选故选A5如图为某原电池示意图，下列说法正确的
17、是（）A铜电极是负极B锌电极是正极C铜电极上发生氧化反应D锌电极上发生氧化反应【考点】原电池和电解池的工作原理【分析】锌、铜和稀硫酸组成的原电池中，锌作负极，负极上锌失电子发生氧化反应；铜作正极，正极上氢离子得电子发生还原反应【解答】解：A锌、铜和稀硫酸组成的原电池中，活泼金属锌作负极，故A错误；B、锌、铜和稀硫酸组成的原电池中，不活泼的金属Cu作正极，故B错误；C、Cu作正极，正极上氢离子得电子发生还原反应，故C错误；D、锌作负极，负极上锌失电子发生氧化反应，故D正确；故选D6如图表示化学反应CaCO3（s）CO2（g）+CaO（s）能量变化的示意图中，合理的是（）ABCD【考点】吸热反应和
18、放热反应【分析】化学反应过程中一定伴随能量的变化，CaCO3（s）CO2（g）+CaO（s）能量变化是吸热反应，反应物能量低于生成物能量，据此分析判断【解答】解：A反应物能量高于生成物表示的是放热反应，故A错误；B反应物能量低于生成物，表示吸热反应，如图可以表示化学反应CaCO3（s）CO2（g）+CaO（s）能量变化，故B正确；C尽管反应物能量低于，但案列化学键需要吸收能量，形成化学键需要付出能量，图象变化不符合能量变化特征，故C错误；D化学反应过程中一定伴随能量的变化，反应物和生成物能量不同，图象不符合，故D错误；故选B7下列溶液中，Cl的物质的量浓度最小的是（）A1 L 1 molL1的
19、NaCl溶液B0.1 L 2 molL1的KCl溶液C0.1 L 1 molL1的MgCl2溶液D10 mL 1 molL1的AlCl3溶液【考点】物质的量浓度的相关计算【分析】由溶质的浓度、物质构成计算Cl的物质的量浓度，与溶液体积无关，以此来解答【解答】解：A.1 L 1 molL1的NaCl溶液中Cl的物质的量浓度为1mol/L；B.0.1 L 2 molL1的KCl溶液中Cl的物质的量浓度为2mol/L；C.0.1 L 1 molL1的MgCl2溶液中Cl的物质的量浓度为1mol/L2=2mol/L；D.10 mL 1 molL1的AlCl3溶液中Cl的物质的量浓度为1mol/L3=3
20、mol/L；显然A中Cl的物质的量浓度最小，故选A8下列反应的离子方程式书写正确的是（）A大理石和盐酸的反应：CO32+2H+CO2+H2OBKI溶液中加入硫酸酸化的过氧化氢溶液：2I+H2O2I2+2OHC三氯化铁溶液与铁反应：Fe3+Fe2Fe2+D二氧化硅与氢氧化钠溶液反应：SiO2+2OHSiO32+H2O【考点】离子方程式的书写【分析】A大理石的主要成分为碳酸钙，碳酸钙为难溶物，不能拆开；B酸性条件下，反应产物中不能生成氢氧根离子；C离子方程式两边正电荷不相等，违反了电荷守恒；D二氧化硅与氢氧化钠溶液反应生成硅酸钠和水【解答】解：A大理石和盐酸的反应中，碳酸钙不能拆开，正确的离子方程
21、式为：CaCO3+2H+=Ca2+H2O+CO2，故A错误；BKI溶液中加入硫酸酸化的过氧化氢溶液，二者发生氧化还原反应，正确的离子方程式为：2H+2I+H2O2I2+2H2O，故B错误；C三氯化铁溶液与铁反应生成氯化亚铁，正确的离子方程式为：2Fe3+Fe3Fe2+，故C错误；D二氧化硅与氢氧化钠溶液反应生成硅酸钠和水，反应的离子方程式为：SiO2+2OHSiO32+H2O，故D正确；故选D9随着科学的进步，化学与人类健康的关系越来越密切了下列说法错误的是（）A为提高粮食产量，应大量使用化肥和农药B生活中，可以用无毒的聚乙烯薄膜包装食品C人体缺铁会引起贫血疾病D糖类、油脂、蛋白质等都是人类维
22、持生命和健康所必需的营养物质【考点】物质的组成、结构和性质的关系【分析】A大量使用化肥和农药，通过食物链可使人体中毒；B无毒的聚乙烯，可用于食品包装；C铁是合成血红蛋白的主要元素；D人体内的六大营养素包括糖类、油脂、蛋白质、维生素、水、无机盐【解答】解：A大量使用化肥和农药，通过食物链可使人体中毒，则不能大量使用化肥和农药，故A错误；B无毒的聚乙烯，可用于食品包装，则生活中可以用无毒的聚乙烯薄膜包装食品，故B正确；C铁是合成血红蛋白的主要元素，则体缺铁会引起贫血疾病，故C正确；D糖类、油脂、蛋白质可发生水解或氧化反应，为人体提供能量，是人类维持生命和健康所必需的营养物质，故D正确；故选A10如
23、图装置所示的实验中，不能达到实验目的是（）A除去氯气中的氯化氢B分离乙醇与乙酸C证明铁生锈空气参与反应D橡皮管的作用是控制水能顺利流下【考点】化学实验方案的评价；实验装置综合【分析】AHCl极易溶于水，食盐水抑制氯气的溶解；B乙醇与乙酸互溶；CNaCl溶液为中性，Fe发生吸氧腐蚀；D关闭a，橡皮管能使压力转移到分液漏斗上方【解答】解：AHCl极易溶于水，食盐水抑制氯气的溶解，则图中装置可除去HCl，故A正确；B乙醇与乙酸互溶，不能利用分液漏斗分离，应选蒸馏法，故B错误；CNaCl溶液为中性，Fe发生吸氧腐蚀，由U型管液面左高右低可说明，故C正确；D关闭a，橡皮管能使压力转移到分液漏斗上方，则橡
24、皮管的作用是控制水能顺利流下，故D正确；故选B11下列分离物质的方法不正确的是（）A用蒸发结晶的方法分离碳酸钠和水B用过滤的方法分离植物油和水C用蒸馏的方法分离乙酸（沸点118）与乙酸乙酯（沸点118）D用萃取和分液的方法用CCl4从碘水提取碘【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用【分析】A碳酸钠溶于水；B植物油和水分层；C二者互溶，但沸点不同；D碘不易溶于水，易溶于有机溶剂【解答】解：A碳酸钠溶于水，则选择蒸发结晶法分离，故A正确；B植物油和水分层，应选分液法分离，故B错误；C二者互溶，但沸点不同，则选择蒸馏法分离，故C正确；D碘不易溶于水，易溶于有机溶剂，则选择萃取和分液的方法用CC
25、l4从碘水提取碘，故D正确；故选B12设NA代表阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（）ANA个N2分子与NA个CO分子的质量比为11B水的摩尔质量等于NA个水分子的质量C在常温常压下，11.2LSO2含有的分子数为0.5NAD1L 0.1molL1Na2SO4溶液中有0.1NA个Na+【考点】阿伏加德罗常数【分析】A、当物质的量相等时，物质的质量之比等于摩尔质量之比；B、摩尔质量的单位为g/mol；C、常温常压下，气体摩尔体积大于22.4L/mol；D、溶质物质的量离子数=离子物质的量【解答】解：A、NA个N2分子与NA个CO分子的物质的量均为1mol，而当物质的量相等时，物质的质量之比等于
26、摩尔质量之比，故两者的质量之比为28：28=1：1，故A正确；B、摩尔质量的单位为g/mol，故水的摩尔质量只是在数值上和NA个水分子的质量相等，故B错误；C、常温常压下，气体摩尔体积大于22.4L/mol，故11.2L氮气的物质的量小于0.5mol，分子个数小于0.5NA个，故C错误；D、1L 0.1molL1Na2SO4溶液中溶质物质的量=1L0.1molL1=1mol，含有0.2NA个Na+，故D错误故选A13X、Y为同周期元素，如果X的原子半径大于Y，则下列判断不正确的是（）A若X、Y均为金属元素，则X的金属性强于YB若X、Y均为金属元素，则X的阳离子氧化性比Y的阳离子氧化性强C若X、
27、Y均为非金属元素，则Y的气态氢化物比X的稳定D若X、Y均为非金属元素，则最高价含氧酸的酸性Y强于X【考点】同一周期内元素性质的递变规律与原子结构的关系【分析】同周期元素的原子，从左到右原子半径逐渐减小，元素的金属性从强到弱，气态氢化物越来越稳定，最高价氧化物对应的水化物酸性越来越强【解答】解：X、Y是同周期元素，X的半径大于Y，则X的原子序数小于YA、若X、Y均为金属元素，同周期从左到右，元素的金属性从强到弱，故A正确；B、若X、Y均为金属元素，金属性强的对应阳离子的氧化性弱，则X的阳离子氧化性比Y形成的阳离子弱，故B错误；C、若X、Y均为非金属元素，从左到右，元素的非金属性从弱到强，气态氢化
28、物越来越稳定，故C正确；D、若X、Y均为非金属元素，从左到右，最高价氧化物对应的水化物酸性越来越强，故D正确故选B14在室温度下，在密闭容器中某气态烃和氧气按一定比例混合，点火爆炸后恢复到室温度，压强减小至原来的一半，若加入NaOH溶液则气体被全部吸收，则此烃为（）AC2H2BC2H4CC2H6DC6H6【考点】化学方程式的有关计算【分析】反应后加NaOH的溶液则气体全部被吸收，说明气态烃与氧气混合后恰好完全反应生成生成二氧化碳和水，压强减小至原来的一半，压强之比等于物质的量之比，容器内反应后气体的物质的量为是反应前的一半，恢复到室温，水为液体，结合方程式计算【解答】解：设此烃的化学式为CxH
29、y，则有 CxHy+（x+）O2xCO2+H2O 1 x+ x 体积减小至原来的一半，可知1+x+=2x，整理可得：4x=4+y，若x=1，则y=0，不存在此物质，若x=2，则y=4，物质为C2H4，若x=3，则y=8，物质为C3H8，故选B15如表所列各组物质中，物质之间通过一步反应不能实现如图所示转化的是（）选项abcAFeFeCl3FeCl2BHClCl2HClOCH2SO4SO2SO3DCH2=CH2CH3CH2OHCH3CHOAABBCCDD【考点】氯气的化学性质；二氧化硫的化学性质；铁的化学性质【分析】AFe与氯气反应生成氯化铁，氯化铁和Fe反应生成氯化亚铁，Zn与氯化亚铁反应生成
30、Fe；B氯气被氧化生成氯气，氯气和水反应生成HClO，HClO分解生成HCl；C硫酸可被还原生成二氧化硫，二氧化硫氧化生成三氧化硫、三氧化硫和水反应生成硫酸；D乙醛不能生成乙烯【解答】解：AFe与氯气反应生成氯化铁，氯化铁和Fe反应生成氯化亚铁，Zn与氯化亚铁反应生成Fe，符合上述转化关系，故A不选；B氯气被氧化生成氯气，氯气和水反应生成HClO，HClO分解生成HCl，能实现如图所示转化，故B不选；C硫酸可被还原生成二氧化硫，二氧化硫氧化生成三氧化硫、三氧化硫和水反应生成硫酸，能实现如图所示转化，故C不选；D乙烯可生成乙醇，乙醇被氧化生成乙醛，但乙醛不能生成乙烯，故D选故选D16对于反应2N
31、a2O2+2CO22Na2CO3+O2，下列说法正确的是（）ANa2O2是氧化剂，CO2是还原剂B若2molNa2O2完全反应，则反应中共转移了4mol电子C还原剂与氧化剂的质量比是1：1DNa2O2中阳离子与阴离子的个数比为1：1【考点】氧化还原反应【分析】该反应中，O元素化合价由价变为2价和0价，所以过氧化钠既是氧化剂又是还原剂，以此来解答【解答】解：A该反应中CO2中各元素化合价不变，所以二氧化碳既不是氧化剂又不是还原剂，过氧化钠既是氧化剂又是还原剂，故A错误；B若有2 mol Na2O2参加反应，则转移电子的物质的量为2mol（10）=2 mol，则每摩尔Na2O2完全反应时转移电子1
32、mol，故B错误；C过氧化钠既是氧化剂又是还原剂，还原剂与氧化剂的质量比是1：1，故C正确；DNa2O2中阳离子是钠离子与阴离子是过氧根离子，两者的个数比为2：1，故D错误；故选C17下列实验方法或结论中，不正确的是（）A用容量瓶配某盐溶液，定容摇匀后发现凹液面最低处低于刻度线，再加水定容B萃取后，分液漏斗中的下层液体从下口流出，上层液体从上口倒出C向某溶液中加入KSCN溶液变红色，说明该溶液中含有Fe3+D某气体通入品红溶液中，溶液褪色，加热后溶液又恢复为红色，说明该气体为SO2【考点】化学实验方案的评价【分析】A定容后不能再加水，否则配制的溶液体积偏大，浓度偏低；B萃取时，为了避免污染试剂
33、，分液漏斗上层的液态从而上口倒出，下层液态从下口放出；C铁离子与硫氰根离子反应生成红色的络合物硫氰化铁；D二氧化硫的漂白是暂时的，加热后会恢复原色【解答】解：A用容量瓶配某盐溶液，定容摇匀后发现凹液面最低处低于刻度线，属于正常现象，不能再加水，否则影响配制结果，故A错误；B萃取后，分液漏斗中的下层液体从下口流出，上层液体从上口倒出，目的是避免污染试剂，故B正确；C向某溶液中加入KSCN溶液变红色，则说明该溶液中一定含有Fe3+，故C正确；D某气体通入品红溶液中，溶液褪色，证明该气体具有漂白性，且加热后溶液又恢复为红色，则说明该气体为SO2，故D正确；故选A18酒后驾车是引发交通事故的重要原因交
34、警对驾驶员进行呼气酒精检测的原理是：橙色的K2Cr2O7酸性水溶液乙醇迅速生成蓝绿色Cr3+下列对乙醇的描述与此测定原理有关的是（）乙醇易挥发 乙醇密度比水小 乙醇有还原性 75%乙醇溶液常用医疗消毒ABCD【考点】有机物的结构和性质；乙醇的化学性质【分析】根据乙醇沸点低，易挥发，故可以易被检测及乙醇具有还原性，K2Cr2C7具有强氧化性，可以氧化乙醇，自身生成Cr3+来分析解答【解答】解：乙醇沸点低，易挥发，若饮酒，呼出的气体中含有酒精，与测定原理有关；乙醇密度比水小，可与水以任意比混溶，与测定原理无关；乙醇分子中含有羟基，具有还原性，K2Cr2C7具有强氧化性，可以把乙醇迅速氧化为乙酸，同
35、时生成蓝绿色的Cr3+，与测定原理有关；75%乙醇溶液常用医疗消毒与乙醇可使蛋白质变性有关，与测定原理无关；故对乙醇的描述与此测定原理有关的是；故选D19有4种混合溶液，分别由等体积0.1mol/L的2种溶液混合而成：CH3COONa与HClCH3COONa与NaOHCH3COONa与NaClCH3COONa与NaHCO3 下列各项排序正确的是（）ApH：Bc（CH3COOH）：Cc（CH3COO）：D溶液中c（H+）：【考点】弱电解质在水溶液中的电离平衡；盐类水解的原理【分析】根据溶液的溶质来分析酸碱性，一般酸与盐的溶液显酸性，碱与盐的溶液显碱性，则中显酸性，中显碱性，中只有CH3COONa
36、水解显碱性，中两种物质都水解显碱性；溶液酸性越强，溶液pH越小，碱性越强，溶液的pH越大，然后根据盐的水解程度、溶液的酸碱性对选项进行分析解答【解答】解：A、CH3COONa与HCl等浓度混合生成醋酸和氯化钠，溶液的pH7，中有强碱氢氧化钠，溶液pH最大，都因盐的水解而显碱性，且中NaHCO3的水解也水解成碱性，所以溶液的pH，所以各混合液中的pH大小为：，故A错误；B因水解程度越大，则生成的CH3COOH就多，则c（CH3COOH），而中CH3COO与酸结合生成弱电解质CH3COOH，则c（CH3COOH）最大，即c（CH3COOH），故B错误；C因中碱中的OH抑制CH3COO水解，则c（C
37、H3C00）最大，中两种盐相互抑制水解，中只有水解，而中CH3COO与酸结合生成弱电解质，则c（CH3C00）最小，即c（CH3C00）的大小顺序为：，故C正确；D、酸性越强，则溶液中C（H+）越大，pH越小，则四种混合液中的pH大小顺序为：，c（H+）大小为：，故D错误；故选C20从海水中提取镁，可按如下步骤进行：把贝壳制成石灰乳在引入的海水中加入石灰乳，沉降、过滤、洗涤沉淀物将沉淀物与盐酸反应，结晶过滤、在HCl气体氛围中干燥产物将得到的产物熔融电解得到镁下列说法不正确的是（）A此法的优点之一是原料来源丰富B步骤的目的是从海水中提取MgCl2C以上提取镁的过程中涉及化合、分解和复分解反应D
38、第步电解时阴极产生氯气【考点】海水资源及其综合利用【分析】把贝壳制成石灰乳，生成Ca（OH）2； 在引入的海水中加入石灰乳，沉降、过滤、洗涤沉淀物，生成Mg（OH）2； 将沉淀物与盐酸反应，结晶过滤、在HCl气体氛围中干燥产物得到MgCl2； 将得到的产物熔融电解得到镁，反应为：MgCl2Mg+Cl2【解答】解：A海水资源丰富，海水中含有大量的镁元素，故A正确；B经过步骤可得到MgCl2，故B正确；C贝壳的主要成分为CaCO3，加热分解生成CaO，CaO和水发生化合反应生成Ca（OH）2，与MgCl2发生复分解反应生成Mg（OH）2，故C正确；D、第步电解熔融氧化镁，产物为镁和氯气，MgCl2
39、（熔融）Mg+Cl2，但是氯气是失去电子，被氧化，应在阳极放电，故D错误；故选D二、填空题（本题有5小题，共38分）21（1）写出以下两种物质的化学式：干冰：CO2；小苏打：NaHCO3（2）写出铜与浓硫酸反应的化学方程式：Cu+2H2SO4（浓）CuSO4+SO2+2H2O【考点】化学方程式的书写【分析】（1）干冰为固态二氧化碳，小苏打为碳酸氢钠；（2）Cu与浓硫酸加热反应生成硫酸铜、二氧化硫和水【解答】解：（1）干冰为固态二氧化碳，化学式为CO2，小苏打为碳酸氢钠，化学式为NaHCO3，故答案为：CO2；NaHCO3；（2）Cu与浓硫酸加热反应生成硫酸铜、二氧化硫和水，反应方程式为Cu+2
40、 H2SO4（浓）CuSO4+SO2+2H2O，故答案为：Cu+2 H2SO4（浓）CuSO4+SO2+2H2O22已知有如图转化关系：（1）C中含有官能团的名称醛基；反应的反应类型是加成反应（2）写出D和B反应生成E的化学方程式CH3CH2COOH+CH3CH2OHCH3CH2COOCH2CH3+H2O（3）写出反应的化学方程式2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O【考点】有机物的推断【分析】由转化关系可知，乙烯与水发生加成反应生成B为CH3CH2OH，B发生催化氧化生成C为CH3CHO，B与D发生酯化反应生成E中含5个C，则D中含3个C，D为CH3CH2COOH，E为CH3CH2
41、COOCH2CH3，以此来解答【解答】解：由转化关系可知，乙烯与水发生加成反应生成B为CH3CH2OH，B发生催化氧化生成C为CH3CHO，B与D发生酯化反应生成E中含5个C，则D中含3个C，D为CH3CH2COOH，E为CH3CH2COOCH2CH3，（1）C为CH3CHO，官能团的名称为醛基，反应的反应类型是加成反应，故答案为：醛基；加成反应；（2）D和B反应生成E的化学方程式为CH3CH2COOH+CH3CH2OHCH3CH2COOCH2CH3+H2O，故答案为：CH3CH2COOH+CH3CH2OHCH3CH2COOCH2CH3+H2O；（3）反应的化学方程式为2CH3CH2OH+O2
42、2 CH3CHO+2H2O，故答案为：2CH3CH2OH+O22 CH3CHO+2H2O23根据如图信息完成所需回答的问题：其中氧化物B是黑色固体；单质C不溶于冷浓硫酸（1）E是FeCl3（填化学式）（2）写出氧化物A和CO反应的化学方程式Fe2O3+3CO2Fe+3CO2（3）写出B和浓盐酸反应的离子方程式MnO2+4H+2ClMn2+Cl2+2H2O【考点】无机物的推断【分析】单质C不溶于冷浓硫酸，可为Fe或Al，C可由氧化物A和CO反应生成，则C只能为Fe，黑色氧化物和与浓盐酸在加热条件下反应生成单质D，则可知B为MnO2，D为Cl2，由转化关系可知E为FeCl3，F为Fe（OH）3，分
43、解生成的A为Fe2O3，以此解答该题【解答】解：单质C不溶于冷浓硫酸，可为Fe或Al，C可由氧化物A和CO反应生成，则C只能为Fe，黑色氧化物和与浓盐酸在加热条件下反应生成单质D，则可知B为MnO2，D为Cl2，由转化关系可知E为FeCl3，F为Fe（OH）3，分解生成的A为Fe2O3，（1）由以上分析可知E为FeCl3，故答案为：FeCl3；（2）由以上分析可知氧化物A和CO反应的化学方程式为Fe2O3+3CO2Fe+3CO2，故答案为：Fe2O3+3CO2Fe+3CO2；（3）加热条件下，二氧化锰和浓盐酸发生氧化还原反应生成氯气，反应的离子方程式为MnO2+4H+2ClMn2+Cl2+2H
44、2O，故答案为：MnO2+4H+2ClMn2+Cl2+2H2O24现有8种元素的性质、数据如表所列，它们属于第二或第三周期原子半径（1010m）0.741.601.521.100.991.860.750.82最高或最低化合价+2+1+5+7+1+5+32313回答下列问题：（1）在元素周期表中的位置是第二周期VIA写出最高价氧化物对应水化物跟的氢化物水溶液反应的离子方程式：Mg（OH）2+2H+=Mg2+2H2O（2）在最高价氧化物的水化物中，酸性最强的化合物的分子式是HClO4；碱性最强的化合物属于离子化合物（填“离子”或“共价”）（3）比较和的氢化物的稳定性（用化学式表示）NH3PH3【考
45、点】原子结构与元素周期律的关系【分析】由元素的性质可知，只有2价，则为O；、中化合价相同，半径不同，则为P，为N；为Cl，结合原子半径可知，为Mg，为Li，为Na，为B，以此来解答【解答】解：由元素的性质可知，只有2价，则为O；、中化合价相同，半径不同，则为P，为N；为Cl结合原子半径可知，为Mg，为Li，为Na，为B，（1）在元素周期表中的位置是第二周期VIA，最高价氧化物对应水化物跟的氢化物水溶液反应的离子方程式为Mg（OH）2+2H+=Mg2+2H2O，故答案为：第二周期VIA；Mg（OH）2+2H+=Mg2+2H2O；（2）在最高价氧化物的水化物中，酸性最强的化合物的分子式是HClO4
46、，碱性最强的化合物为NaOH，属于离子化合物，故答案为：HClO4；离子；（3）非金属性NP，则和的氢化物的稳定性为NH3PH3，故答案为：NH3PH325短周期元素组成的单质X2、Y，标准状况下X2的密度为3.17gL1，；常温下，Y为浅黄色固体Z是一种化合物，焰色反应呈浅紫色（透过钴玻璃）；0.1molL1 Z的水溶液pH=13X2、Y 和Z之间有如图转化关系（其他无关物质已略去）：（1）写出单质X2与Z反应的离子方程式：Cl2+2OH=Cl+ClO+H2O（2）已知16g Y完全燃烧放出148kJ热量写出热化学方程式：S（s）+O2（g）=SO2（g）；H=296KJ/mol（3）已知C
47、能与稀硫酸反应生成能使品红溶液褪色的气体写出D的电子式，D的水溶液pH7（填“=”、“”或“”将20mL 0.5molL1C溶液逐滴加入到20mL 0.2molL1 KMnO4溶液（硫酸酸化）中，溶液恰好褪为无色写出反应的离子方程式：5SO32+2MnO4+6H+=5SO42+2Mn2+3H2O【考点】无机物的推断【分析】标准状况下X2的密度为3.17gL1，则相对分子质量为3.1722.4=71，应为Cl2，Y为浅黄色固体单质，应为S，Z是一种化合物，焰色反应呈浅紫色（透过钴玻璃），应含有K元素，且常温下，0.1molL1Z的水溶液pH=13，说明Z为一元强碱，则Z为KOH，结合物质的性质以
48、及盐类水解的原理解答该题【解答】解：标准状况下X2的密度为3.17gL1，则相对分子质量为3.1722.4=71，应为Cl2，Y为浅黄色固体单质，应为S，Z是一种化合物，焰色反应呈浅紫色（透过钴玻璃），应含有K元素，且常温下，0.1molL1Z的水溶液pH=13，说明Z为一元强碱，则Z为KOH，（1）常温下Cl2与KOH反应的离子方程式为Cl2+2OH=Cl+ClO+H2O，故答案为：Cl2+2OH=Cl+ClO+H2O；（2）n（S）=0.5mol，完全燃烧生成气态产物时放出148kJ热量，则1molS完全燃烧放出296kJ的热量，热化学方程式为S（s）+O2（g）=SO2（g）H=296k
49、J/mol，故答案为：S（s）+O2（g）=SO2（g）；H=296KJ/mol；（3）S和KOH反应生成K2SO3和NaK2S，已知C能与硫酸反应生成能使品红溶液褪色的气体，应为SO2，则C为K2SO3，D为K2S，D为K2S，为离子化合物，电子式为：，K2S为强碱弱酸盐，发生：SO32+H2OHS+OH；HS+H2OH2S+OH，则溶液呈碱性，PH7，故答案为：；n（SO32）=0.02L0.5mol/L=0.01mol，n（MnO4）=0.02L0.2mol/L=0.004mol，物质的量之比为5：2，反应的离子方程式为5SO32+2MnO4+6H+=5SO42+2Mn2+3H2O，故答
50、案为：5SO32+2MnO4+6H+=5SO42+2Mn2+3H2O；三、实验题（本题有2小题，16分）26（1）“酒是陈的香”，是因为酒在储存过程中生成了有香味的乙酸乙酯，在实验室我们也可以用如图所示的装置由乙醇、乙酸和浓硫酸来制取乙酸乙酯回答下列问题：配置混合溶液时，加入试剂的正确顺序是A（填“A”或“B”）；A先加入乙醇，再慢慢注入浓硫酸和乙酸B先加入浓硫酸，再慢慢注入乙醇和乙酸在装置中乙试管常加入B来接收乙酸乙酯；ANaOH溶液B饱和Na2CO3溶液CNaCl溶液 DCuSO4溶液（2）在化学课上，围绕浓硫酸的化学性质进行了如下实验探究：将适量的蔗糖放入烧杯中，加入几滴水，搅拌均匀然后
51、再加入适量浓硫酸，迅速搅拌，放出大量的热，同时观察到蔗糖逐渐变黑，体积膨胀，并产生刺激性气味的气体请回答：生成的黑色物质是C（填化学式）根据上述实验，表明浓硫酸具有BCD（填序号）A酸性 B吸水性 C 脱水性 D 强氧化性【考点】制备实验方案的设计【分析】（1）由乙醇、乙酸和浓硫酸来制取乙酸乙酯，先加乙醇，后加浓硫酸，最后加乙酸，试管乙中碳酸钠溶液可吸收乙醇、除去乙酸，降低乙酸乙酯的溶解度；（2）浓硫酸具有脱水性，可使蔗糖炭化；蔗糖炭化后，与浓硫酸发生氧化还原反应生成二氧化硫刺激性气体【解答】解：（1）配置混合溶液时，先加入乙醇，再慢慢注入浓硫酸和乙酸，提高乙酸的利用率，防止乙酸挥发，故答案为
52、：A； 试管乙中碳酸钠溶液可吸收乙醇、除去乙酸，降低乙酸乙酯的溶解度，使乙酸乙酯与碳酸钠溶液分层，然后分液可分离，NaOH与乙酸乙酯发生水解反应不能除杂，氯化钠溶液、硫酸铜溶液不能除杂，故答案为：B；（2）蔗糖放入烧杯中，加入几滴水，搅拌均匀然后再加入适量浓硫酸，变黑，生成的黑色物质为C，故答案为：C；浓硫酸具有脱水性，可使蔗糖炭化，浓硫酸具有吸水性，C与浓硫酸发生氧化还原反应生成二氧化硫刺激性气体，可知体现浓硫酸的吸水性、脱水性、强氧化性，故答案为：BCD27实验室用下面装置测定FeO和Fe2O3固体混合物中Fe2O3的质量，D装置的硬质双通玻璃管中的固体物质是FeO和Fe2O3的混合物（1
53、）如何检查装置A的气密性：从长颈漏斗口注水，待水从漏斗管上升与容器内的水面形成一段水柱差，停止加水，静置片刻如水柱差不下降，证明其气密性良好（2）在气密性完好，并且进行了必要的安全操作后，点燃D处的酒精灯，在硬质双通玻璃管中发生的化学反应方程式是：3H2+Fe2O3 2Fe+3H2O，H2+FeOFe+H2O（3）若FeO和Fe2O3固体混合物的质量为23.2g，反应完全后U型管E的质量增加7.2g，则混合物中Fe2O3的质量为16g（4）U型管E右边又连接干燥管F的目的是防止空气中的H2O蒸气等气体进入E中【考点】探究物质的组成或测量物质的含量【分析】（1）依据装置中气体压强变化和液面变化分
54、析判断装置气密性；（2）D装置发生的反应是氢气还原氧化亚铁、氧化铁的反应，生成了铁和水；（3）根据氧化铁、氧化亚铁的总质量及U型管的质量增加7.2g为水的质量列式计算；（4）若无干燥管F，空气中的水蒸气被E吸收则所测生成水的质量增大，氧元素物质的量偏大，Fe2O3的质量也将偏大【解答】解：（1）检查装置A的气密性，从长颈漏斗口注水，待水从漏斗管上升与容器内的水面形成一段水柱差，停止加水，一段时间后液面不变证明气密性完好；故答案为：从长颈漏斗口注水，待水从漏斗管上升与容器内的水面形成一段水柱差，停止加水，静置片刻如水柱差不下降，证明其气密性良好；（2）装置D中发生的是氧化亚铁、氧化铁与氢气的反应
55、，反应方程式为：3H2+Fe2O32Fe+3H2O，H2+FeOFe+H2O，故答案为：3H2+Fe2O32Fe+3H2O，H2+FeOFe+H2O；（3）U型管的质量增加的7.2g是水，物质的量是 =0.4mol，设FeO、Fe2O3物质的量分别为X、Y，则：X+3Y=0.4根据质量可列式：72X+160Y=23.2解得Y=0.1，X=0.1，所以氧化铁的质量为：160g/mol0.1mol=16g，故答案为：16；（4）干燥管F的作用防空气中水蒸气对实验干扰，若无干燥管F，空气中的水蒸气被E吸收则所测生成水的质量增大，导致氧的含量增大，Fe2O3的质量将偏大，故答案为：防止空气中的水蒸气等
56、气体进入E中四、计算题（本题6分）28FeCl3可用作印刷电路铜板腐蚀剂，为回收废腐蚀液中的铜，必须对废腐蚀液的组成进行分析某同学去废腐蚀液200mL，分成甲、乙两等份向甲溶液中滴加AgNO3溶液至不再有沉淀产生，得到沉淀129.15g；向乙溶液中加入10g足量铁粉，充分反应，剩余固体质量4.8g计算中忽略溶液体积的变化（1）废腐蚀液中含有Cl的物质的量浓度是9mol/L（2）废腐蚀液中铜离子的物质的量浓度是0.5mol/L【考点】物质的量浓度的相关计算【分析】（1）根据Ag+Cl=AgCl结合氯化银质量进行计算；（2）根据固体质量变化结合金属铁和铜离子之间的置换反应来计算即可【解答】解：（1）Ag+Cl=AgCl，生成氯化银沉淀129.15g，即0.9mol，所以氯离子的物质的量是0.9mol，浓度是=9mol/L，故答案为：9mol/L；（2）在溶液中，根据固体质量的变化可以得出：n（Cu）64g/mol+10g56g/mol=4.8gn（Cu）=0.05mol，n（CuCl2）=n（Cu）=0.05molc（Cu2+）=0.5mol/L，故答案为：0.5mol/L2016年11月29日高考资源网版权所有，侵权必究！