1、浙江省宁波市五校（奉化中学、宁波中学、北仑中学等）2020届高三物理适应性考试试题本试卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分100分，考试时间90分钟考生注意：1.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的位置上。2.答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题卷上的作答一律无效。3.可能用到的相关公式或参数：重力加速度g均取10m/s2。选择题部分一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1以下物理量为标量，且单位是国际单位
2、制导出单位的是A电流、A B力、N C功、J D电场强度、N/C 第2题图2如图所示，是一个半径为R的中国古代八卦图，中央S部分是两个半圆，练功人从A点出发沿实线进行(不能重复)，在最后又到达A点求在整个过程中，此人所经过的最小路程和最大位移分别为A0；0B2R；2RC(32)R；2RD(2)R；2R3以下关于所用物理学的研究方法叙述不正确的是A.合力、分力概念的建立体现了等效替代的思想B.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法C.当时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法D.求匀变速直线运动位移时，将其看成很多小段匀速直线运动的累加，采用了微元
3、法4下列叙述中正确的是A.电子衍射现象的发现为物质波理论提供了实验支持B.电子的发现使人们认识到原子核具有复杂的结构C.粒子散射实验的研究使人们认识到质子是原子核的组成部分D.天然放射现象的发现使人们认识到原子有复杂的结构5如图所示，地球球心为O，半径为R，表面的重力加速度为g。一宇宙飞船绕地球无动力飞行且沿椭圆轨道运动，不计阻力，轨道上P点距地心最远，距离为3R。则第5题图A.飞船在P点的加速度一定是B.飞船经过P点的速度一定是C.飞船经过P点的速度小于D.飞船经过P点时，若变轨为半径为3R的圆周运动，需要制动减速6如图甲所示，用充电宝为一手机电池充电，其等效电路如图乙所示。在充电开始后的一
4、段时间t内，充电宝的输出电压U、输出电流I可认为是恒定不变的，设手机电池的内阻为r，则时间t内第6题图图乙图甲A手机电池储存的化学能为B充电宝产生的热功率为C手机电池产生的焦耳热为D充电宝输出的电功率为第7题图7反射式速调管是常用微波器之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似已知静电场的方向平行于x轴，其电势随x的分布如图所示一质量，电荷量的带负电的粒子从（-1,0）点由静止开始，仅在电场力作用下在x轴上往返运动则A轴左侧电场强度和右侧电场强度的大小之比B粒子在区间运动过程中的电势能减小C该粒子运动过程中电势能变化量的最大值为JD该粒子运动的周期8麦克斯韦的电磁场理
5、论提出：变化的电场产生磁场。以平行板电容器为例：圆形平行板电容器在充、放电的过程中，板间电场发生变化，产生的磁场相当于一连接两板的板间直导线通以充、放电电流时所产生的磁场。如图所示，若某时刻连接电容器的导线具有向上的电流，则下列说法中正确的是A电容器正在放电第8题图B两平行板间的电场强度E在减小C该变化电场产生顺时针方向（俯视）的磁场D两极板间电场最强时，板间电场产生的磁场却为零第9题图9如图所示，倾角为的斜面体固定在水平面上，两个可视为质点的小球甲和乙分别沿水平方向抛出，两球的初速度大小相等，已知甲的抛出点为斜面体的顶点，经过一段时间两球落在斜面上的A、B两点后不再反弹，落在斜面上的瞬间，小
6、球乙的速度与斜面垂直忽略空气的阻力，重力加速度为g。则下列选项正确的是A甲、乙两球在空中运动的时间之比为tan2 1B甲、乙两球下落的高度之比为2tan4 1C甲、乙两球的水平位移之比为tan 1D甲、乙两球落在斜面上瞬间的速度与水平面夹角的正切值之比为2tan2 1第10题图10图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T的原、副线圈匝数比为k。在T的原线圈两端接入一电压的交流电源，若输送电功率为P，输电线的总电阻为2r，不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率A BC D乙甲第11题图11如图甲，在同一平面内固定有一长直导线PQ和一导线框R，R在PQ的右侧导线PQ中通有正
7、弦交流电i，i的变化如图乙所示，规定从Q到P为电流正方向导线框R中的感应电流A在时为最大 B在时改变方向C在时最大，且沿顺时针方向 第12题图D在时最大，且沿顺时针方向 12如图，AOB是截面为扇形的玻璃砖的横截面图，其顶角83，今有一束单色光线在横截面内从OA的中点E沿垂直OA的方向射入玻璃砖，一部分光线经AB面反射后恰好未从OB面射出，不考虑多次反射作用，则玻璃砖的折射率为A B C D第13题图13如图，绝缘光滑圆环竖直放置，a、b、c为三个套在半径为R圆环上可自由滑动的空心带电小球，已知小球c位于圆环最高点（未画出），ac连线与竖直方向成60角，bc连线与竖直方向成30角，小球a的电量
8、为(q0)，质量为m，三个小球均处于静止状态。下列说法正确的是A.a、b、c小球带同种电荷B.a、b小球带异种电荷，b、c小球带同种电荷C.a、b小球电量之比为 D.小球c电量数值为二、选择题（本题共3小题，每小题2分，共6分，每题列出的四个选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不选全的得1分，有选错的得0分）14一群处于激发态的氢原子向基态跃迁，发出的光以相同的入射角照射到一块平行玻璃砖A上，经玻璃砖A后又照射到一块金属板B上，如图，则下列说法正确的是第14题图A从跃迁到发出的光经玻璃转后侧移量最小B在同一双缝干涉装置中，从跃迁到发出的光干涉条纹最窄C经玻璃砖A后有些光子
9、的能量将减小D若从跃迁到放出的光子刚好能使金属板B发生光电效应，则从跃迁到基态放出的光子一定能使金属板B发生光电效应 第15题图15如图所示，一列简谐横波沿x轴正向传播，从振源O起振时开始计时，经t=0.9s，x轴上0至12m范围第一次出现图示波形，则A上图所示波形图中12m处的质点已经振动周期Bt=0.9s时，x轴上2m处的质点振动方向沿y轴向上C波的周期可能为0.4sD波的波速可能是15.6m/s16原来静止的质量为的原子核处在匀强磁场中，经衰变后变成质量为的原子核，粒子的质量为，其速度方向垂直于磁场，动能为，假定原子核衰变时释放的核能全部转化为动能，质子、中子质量视为相等，则下列说法正确
10、的是A核与粒子在磁场中运动的周期之比为B核与粒子在磁场中运动的半径之比为C此衰变过程中的质量亏损为D此衰变过程中释放的核能为三、 非选择题（本题共6小题，共55分）17.（7分）(1)在下列学生实验中，需要用到打点计时器和天平的实验有 (填字母)。A.“探究小车速度随时间变化的规律” B“探究加速度与力、质量的关系” C“探究功与物体速度变化的关系” D两小车碰撞“探究碰撞中的不变量” （2）如图甲所示为实验室常用的力学实验装置。关于该装置，下列说法正确的是_第17题图甲A用该装置做研究匀变速直线运动的实验时，需要平衡摩擦力B用该装置探究小车的加速度与质量关系时，每次改变小车的质量后必须重新平
11、衡摩擦力C用该装置探究功与速度变化关系的实验时，若不平衡摩擦力，虽不能求出做功的具体数值，但依然可以探究（3）如图乙和丙是“探究加速度与力、质量的关系”和“验证机械能守恒”所打下的两条纸带的一部分，A、B、C、G是纸带上标出的计数点，图乙中相邻两计数点是连续的，图丙中相邻两计数点之间还有4个点。其中图 （填“乙”或“丙”）所示的是“探究加速度与力、质量的关系”的实验纸带，小车的加速度大小a m/s2（保留2位有效数字）。第17题图乙第17题图丙18.（7分）小强同学要测一段粗细均匀的电阻丝的阻值，他先用多用电表粗测其电阻约为，随后将其固定在带有刻度尺的木板上，准备进一步精确测量其电阻。现有电源
12、(电动势E为，内阻不计)、开关和导线若干，以及下列器材:A.电流表(量程，内阻约) B.电流表(量程，内阻约)C.电压表(量程，内阻约) D.滑动变阻器(，额定电流)E.滑动变阻器(，额定电流)(1)为减小误差，且便于操作，在实验中电流表应选_，滑动变阻器应选_(选填器材前的字母)。(2)如图所示，是测量该电阻丝电阻的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，还有两根导线没有连接，请用笔替代导线，补充完成。第18题图(3)在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应当调到最_(选填“左”或“右”)端；闭合开关后，实验中电压表读数的最小值_(选填“大于零”或“等于零”)。(4)若不计实验中的偶然误差，则下列说法
13、正确的是_。A测量值偏大，产生系统误差的主要原因是电流表分压B测量值偏小，产生系统误差的主要原因是电压表分流C若已知电流表的内阻，可计算出待测电阻的真实值19.（9分）不少城市推出了“礼让斑马线”的倡议有一天，小李开车上班，以54km/h的速度在一条直路上行驶，快要到一个十字路口的时候，小李看到一位行人正要走斑马线过马路以车子现行速度，完全可以通过路口而不撞上行人经过1s时间的思考，小李决定立即刹车，礼让行人经过5s的匀减速，汽车刚好在斑马线前停下设汽车（包括驾驶员）质量为1500kg（1）求汽车刹车时的加速度；（2）求汽车刹车时受到的合力大小；（3）驾驶员看到行人时汽车离斑马线的距离20（1
14、2分）如图，一弹射游戏装置，长度L1=1m的水平轨道AB的右端固定弹射器，其左端B点与半径为r的半圆形光滑竖直管道平滑连接。已知滑块质量m=0.5kg，可视为质点，初始时放置在弹簧原长处A点，滑块与弹簧未拴接，弹射时从静止释放滑块且弹簧的弹性势能完全转化为滑块动能，滑块与AB间的动摩擦因数=0.5，忽略空气阻力，每次游戏都要求滑块能通过半圆形道最高点C。（已知弹簧弹性势能与形变量的平方成正比）（1）当r=0.2m时，若滑块恰好能通过圆形管道最高点C，求此时速度大小vC；（2）求第（1）问条件下它经过B点时对圆形管道的压力FN及弹簧弹性势能Ep0；第20题图（3）若弹簧压缩量是第（1）问情况的2
15、倍，半圆形管道半径可以变化，当半径为多大时，滑块从C处平抛水平距离最大，最大水平距离为多少。21.（10分）如图，光滑水平桌面上等间距分布着4个条形匀强磁场，磁场方向竖直向下，磁感应强度B=1T，每一条形磁场区域的宽度及相邻条形磁场区域的间距均为d=0.5m。桌面上现有一边长l=0.1m、质量m=0.2kg、电阻R=0.1的单匝正方形线框abcd，在水平恒力F=0.3N作用下由静止开始从左侧磁场边缘垂直进入磁场，在穿出第4个磁场区域过程中的某个位置开始做匀速直线运动，线框ab边始终平行于磁场边界，取g=10m/s2，不计空气阻力。求：(1)线框刚好完全穿出第4个磁场区域时的速度；(2)线框从开
16、始运动到刚好完全穿出第4个磁场区域所产生的焦耳热；(3)线框从开始运动到刚好完全穿出第4个磁场区域所用的时间。第21题图第22题图22（10分）北京正负电子对撞机(BEPC)主要由直线加速器、电子分离器、环形储存器和对撞测量区组成，其简化原理如图乙所示：MN和PQ为足够长的水平边界，竖直边界EF将整个区域分成左右两部分，I区域的磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小恒为B，II区域的磁场方向垂直纸面向外大小可以调节。调节II区域磁感应强度的大小可以使正负电子在测量区内不同位置进行对撞。经加速和积累后的电子束以相同速率分别从注入口C和D入射，入射方向平行EF且垂直磁场。已知注入口C、D到EF的距离
17、均为d，边界MN和PQ的间距可在4d至6d间调节，正、负电子的质量均为m，所带电荷量分别为+e和-e，忽略电子进入加速器的初速度，电子重力不计。（1）判断从注入口C、D入射的分别是哪一种电子；（2）若电子束以的速率连续入射，当MN和PQ的间距分别为4d和6d时，欲使正负电子能回到区域I，求区域II感应强度BII的最小值分别为多少；（3）若电子束的速度，MN和PQ的间距为6d，将II区域的磁感应强度大小调为，但负电子射入时刻滞后于正电子，求正负电子相撞的位置坐标(以为原点，为x轴正方向，为y轴正方向建立坐标系)。 命题学校：奉化中学2020届宁波市五校高三适应性考试物理参考答案一、选择题（本题共
18、13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）12345678910111213CDBACADDDCCAD二、选择题（本题共3小题，每小题2分，共6分，每题列出的四个选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不选全的得1分，有选错的得0分）141516ADBCDAD非选择部分17. （1）BD（2分）（2）C（2分）（3）丙（1分），（2分）18. （1）B（1分），D（1分）（2）（2分）正确连接一条线得1分，若连成分压式接法扣1分（3） 左（1分），大于零（1分），B（1分）19.解：（1）54km/h=15m/
19、s由匀变速直线运动规律：vt=v0+at得a=-3m/s2 2分加速度大小为3m/s2，方向与运动方向相反 1分（2）F合=ma得F合=4500N 3分（3）匀速阶段：x1=151m=15m 1分匀减速阶段：x2=37.5 m. 1分得x=x1+ x2=52.5m 1分20.解：（1）此为杆球模型，滑块恰好能通过圆形轨道最高点C，可得 2分（2） 滑块从B运动到C的过程，运用动能定理解得： 2分滑块从A运动到C的过程，运用能量守恒定律解得： 2分（3） 因为弹簧弹性势能与形变量的平方成正比，所以 1分滑块从A运动到C的过程，运用能量守恒定律解得： 2分由平抛规律： 可得 1分当时取极大值，所以
20、 2分21.解：（1）线圈匀速切割磁感线时产生的电动势：线圈中产生的感应电流： 1分线圈受到的安培力：匀速运动时有： 1分联立可得： 1分（2）线圈刚好完全穿出第4个磁场时的位移由功能关系可得 2分联立可得： 1分（3）线圈某次穿入或者穿出某个磁场过程中受到的平均安培力其中为平均电流，设线圈某次穿入或者穿出某个磁场所用的时间为，通过线圈横截面的电荷量为q，线圈某次穿入或者穿出某个磁场的安培力冲量因一定，故线圈在整个运动过程中的安培力冲量 2分设线框从开始运动到刚好完全穿出第4个磁场区域所用的时间为t，根据动量定理可得联立可得 2分22.（1）根据题意调节II区域磁感应强度的大小可以使正负电子在
21、测量区内不同位置进行对撞，则正负电子应向右偏转，由左手定则可知从C入射的为正电子，从D入射的为负电子 1分（2）区域I中，洛伦兹力提供向心力有解得 1分记轨迹和边界EF的交点为G，如图1，由几何关系得：EG=0.5d第22题图1设轨迹半径与FE的夹角为，则 解得：正电子在II区域的磁场中和MN相切时由几何关系可知：解得:若正电子轨迹又与PQ相切，则MN与PQ间距为 1分（a）当时，要回到区域I的临界情况是与MN相切，半径第22题图2由半径公式：可知，与成反比，解得： 2分（b）当时，要回到区域I的临界情况是与PQ相切，如图2，由几何关系 解得 同理可得： 2分（3）电子在I区域中运动时半径为r1、II区域中运动时半径R第22题图3求得：；两者运动轨迹重合，如图3又 所以 1分记两电子在H处发生碰撞，由几何关系得：即H点的坐标为（，） 2分
