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《创新设计》2018版高考数学(文)北师大版(全国)一轮复习练习 第二章 函数概念与基本初等函数I 2-5 WORD版含答案.doc

上传人:高**** 文档编号:141039 上传时间:2024-05-25 格式:DOC 页数:6 大小:138.50KB
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1、第5讲指数与指数函数基础巩固题组(建议用时:40分钟)一、选择题1(2017衡水中学模拟)若ax,bx2,cx,则当x1时,a,b,c的大小关系是()Acab BcbaCabc Dac1时,0ax1,cx0,所以ca1,b1,b0C0a0D0a1,b0解析由f(x)axb的图像可以观察出,函数f(x)axb在定义域上单调递减,所以0a1.函数f(x)axb的图像是在f(x)ax的基础上向左平移得到的,所以b0.答案D3(2017南昌一模)已知a,b,c,则()Aabc BcbaCcab Dbc,b,ac,bc0,且a1),如果以P(x1,f(x1),Q(x2,f(x2)为端点的线段的中点在y轴

2、上,那么f(x1)f(x2)等于()A1 Ba C2 Da2解析以P(x1,f(x1),Q(x2,f(x2)为端点的线段的中点在y轴上,x1x20.又f(x)ax,f(x1)f(x2)ax1ax2ax1x2a01.答案A5(2017西安调研)若函数f(x)a|2x4|(a0,且a1),满足f(1),则f(x)的单调递减区间是()A(,2 B2,)C2,) D(,2解析由f(1),得a2,解得a或a(舍去),即f(x)|2x4|.由于y|2x4|在(,2上递减,在2,)上递增,所以f(x)在(,2上递增,在2,)上递减答案B二、填空题6.08_.解析原式1222.答案27(2015江苏卷)不等式

3、2x2x4的解集为_解析2x2x4,2x2x22,x2x2,即x2x20,解得1x2.答案x|1x28(2017安徽江淮十校联考)已知max(a,b)表示a,b两数中的最大值若f(x)maxe|x|,e|x2|,则f(x)的最小值为_解析f(x)当x1时,f(x)exe(x1时,取等号),当xe,因此x1时,f(x)有最小值f(1)e.答案e三、解答题9已知f(x)x3(a0,且a1)(1)讨论f(x)的奇偶性;(2)求a的取值范围,使f(x)0在定义域上恒成立解(1)由于ax10,则ax1,得x0,所以函数f(x)的定义域为x|x0对于定义域内任意x,有f(x)(x)3(x)3(x)3x3f

4、(x)f(x)是偶函数(2)由(1)知f(x)为偶函数,只需讨论x0时的情况,当x0时,要使f(x)0,即x30,即0,即0,则ax1.又x0,a1.因此a1时,f(x)0.10已知定义域为R的函数f(x)是奇函数(1)求a,b的值;(2)解关于t的不等式f(t22t)f(2t21)0.解(1)因为f(x)是定义在R上的奇函数,所以f(0)0,即0,解得b1,所以f(x).又由f(1)f(1)知,解得a2.(2)由(1)知f(x).由上式易知f(x)在(,)上为减函数(此处可用定义或导数法证明函数f(x)在R上是减函数)又因为f(x)是奇函数,所以不等式f(t22t)f(2t21)0等价于f(

5、t22t)2t21,即3t22t10,解不等式可得t1或t,故原不等式的解集为.能力提升题组(建议用时:20分钟)11若存在正数x使2x(xa)0,所以由2x(xa)xx,令f(x)xx,则函数f(x)在(0,)上是增函数,所以f(x)f(0)001,所以a1.答案D12已知函数f(x)|2x1|,abf(c)f(b),则下列结论中,一定成立的是()Aa0,b0,c0 Ba0C2a2c D2a2c2解析作出函数f(x)|2x1|的图像如图中实线所示,abf(c)f(b),结合图像知a0,0c1,02a1,12c2,f(a)|2a1|12af(c),即12a2c1,2a2c0,且a1)对应的图像如图所示,那么g(x)_.解析依题意,f(1),a,f(x)x,x0.当x0.g(x)f(x)x2x.答案2x(x0对任意xR都成立,f(x)在R上是增函数又f(x)的定义域为R,且f(x)exexf(x),f(x)是奇函数(2)存在由(1)知f(x)在R上是增函数和奇函数,则f(xt)f(x2t2)0对一切xR都成立,f(x2t2)f(tx)对一切xR都成立,x2t2tx对一切xR都成立,t2tx2x2对一切xR都成立,t2t(x2x)mint2t20,又20,20,t.存在t,使不等式f(xt)f(x2t2)0对一切xR都成立.

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