1、黑龙江省大庆实验中学2019-2020学年高二生物下学期线上期中试题（含解析）1.下面是利用微生物制作果酒、果醋的流程示意图，请据图判断下列说法正确的是（ ）挑选葡萄冲洗榨汁A醋酸发酵果醋A. 制作果酒时，先去除烂子粒和枝梗，再用清水冲洗掉污物B. 榨汁前，榨汁机和发酵瓶都需要用体积分数为70%的盐酸消毒C. 根据流程图可知导致发酵产物不同的重要因素是温度、时间、菌种等D. A 过程是酒精发酵，A过程完成后，只需要适当改变温度就能产生果醋【答案】C【解析】【分析】参与果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型。果醋制作的原理：当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的果糖分解成醋酸。当
2、缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。分析题图可知：A过程表示酒精发酵。【详解】A、为防止杂菌污染，应该在冲洗之前去除烂子粒，冲洗之后去除枝梗，A错误；B、榨汁前，榨汁机需要洗净晾干，发酵瓶需要清洗干净并用体积分数为70%的酒精消毒，B错误；C、根据流程图可知导致发酵产物不同的重要因素是温度、时间、菌种等，C正确；D、A过程是酒精发酵，A过程完后，需要打开充气口、提高温度，才能进行果醋发酵，D错误。故选C2.下图为腐乳制作过程的流程图，下列说法不正确的是 A. 毛霉为好氧型真菌，码放豆腐时要留出一定缝隙B. 加盐腌制可析出豆腐中的水分，抑制微生物的生长C. 加卤汤腌制中，毛霉菌体
3、能合成和分泌大量蛋白酶D. 密封瓶口时，最好将瓶口通过酒精灯火焰减少污染【答案】C【解析】【分析】豆腐的主要营养成分是蛋白质和脂肪，都是大分子有机化合物，难以消化、吸收，毛霉、酵母菌等多种微生物分泌的蛋白酶，能将蛋白质分解成小分子的肽和氨基酸，脂肪酶可将脂肪分解成甘油和脂肪酸，在多种微生物的协同下，豆腐转变成腐乳；卤汤直接关系到腐乳的色、香、味，卤汤是由酒及各种香辛料配制而成的；加酒可以抑制微生物的生长，同时能使腐乳具有独特的香味；香辛料可以调制腐乳的风味，也具有防腐作用。【详解】A、毛霉是异养需氧型微生物，所以为避免其无氧呼吸，码放豆腐时要留出一定缝隙，A正确；B、加盐可以析出豆腐中的水分使
4、之变硬，同时能抑制微生物的生长，避免豆腐块腐败变质，B正确；C、毛霉为好氧菌，密封腌制中，毛霉菌体不能生存，即不能合成和分泌大量蛋白酶，C错误；D、用胶条密封瓶口时，最好将瓶口通过酒精灯的火焰，以防止瓶口污染，D正确。故选C。【点睛】本题考查腐乳制作的相关知识，意在考查学生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识的网络的能力。掌握腐乳制作过程、毛霉的代谢特点是解题关键。3. 下列关于病毒、醋酸菌、毛霉的叙述，不正确的是 （ ）A. 病毒与后两者比较，没有细胞结构，遗传物质可能是DNA或是RNAB. 醋酸菌是好氧菌，可以将葡萄糖分解成醋酸，其细胞结构中没有核膜和核仁C. 在腐乳制作过程
5、中，毛霉能产生蛋白酶，分解豆腐中的蛋白质为肽和氨基酸D. 三者在培养过程中，只要培养基中有水、碳源、氮源和无机盐，都能正常生长繁殖【答案】D【解析】【分析】【详解】A、病毒没有细胞结构，遗传物质只有一种，DNA或RNA，故A正确；B、醋酸菌是好氧菌，属于原核生物，没有核膜和核仁等结构，可将葡萄糖分解成醋酸，故B正确；C、在腐乳制作过程中，毛霉产生的蛋白酶能将豆腐中的蛋白质分解成小分子的肽和氨基酸，故C正确；D、病毒需要在活细胞中培养，故D错误。故选D。4.下列关于测定亚硝酸盐含量的实验操作的叙述，正确的是A. 在盐酸酸化条件下，亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应形成玫瑰红色染料B. 测定亚硝
6、酸盐含量采用的是比色法，操作中加提取剂的作用是为了中和乳酸C. 制备样品处理液，加入氢氧化铝乳液的目的是除去色素等杂质，得到澄清溶液D. 泡菜腌制时间长短会影响亚硝酸盐含量，但温度和食盐的用量不影响其含量【答案】C【解析】【分析】测定亚硝酸盐含量的原理是：在盐酸酸化条件下，亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发重氮化反应后，与N1萘基乙二胺盐酸盐结合形成玫瑰红色染料。测定亚硝酸盐含量的方法为比色法：将显色反应后的样品与已知浓度的标准液进行目测比较，可以大致估算出泡菜中亚硝酸盐含量。测定亚硝酸盐含量的操作步骤是：配置溶液；制备标准显色液；制备样品处理液；比色。温度过高，食盐用量不足10%、腌制时间过短，容易造
7、成细菌大量繁殖，亚硝酸盐含量增加。【详解】A、在盐酸酸化条件下，亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应后，与N1萘基乙二胺盐酸盐结合形成玫瑰红色染料，A错误；B、测定亚硝酸盐含量采用的是比色法，操作中加提取剂的作用是为了增加亚硝酸盐的溶解度，B错误；C、制备样品处理液，加入氢氧化铝乳液的目的是除去滤液中的色素等杂质，得到澄清溶液，C正确；D、泡菜腌制时间长短会影响亚硝酸盐含量，温度和食盐的用量也影响其含量，D错误。故选C。5.甲、乙、丙是三种微生物，下表I、是用来培养微生物的三种培养基。甲、乙、丙都能在中正常生长繁殖；甲能在I中正常生长繁殖，而乙和丙都不能；乙能在中正常生长繁殖，甲、丙都不能。下
8、列说法正确的是 （ ）粉状硫10gK2HPO44gFeS040.5g蔗糖10g(NH4)2 S040.4gH20100mlMgS049.25gCaCl20.5gI+A. 甲、乙、丙都是异养微生物B. 甲、乙都是自养微生物，丙是异养微生物C. 甲是异养微生物，乙是固氮微生物，丙是自养微生物D. 甲是固氮微生物，乙是自养微生物，丙是异养微生物【答案】D【解析】【分析】根据表格分析，甲能在中正常生长繁殖，而乙和丙都不能，而培养基缺氮，说明甲能够自身固氮，属于固氮微生物；乙能在中正常生长繁殖，而甲和丙都不能，培养基中没有有机碳源，说明乙能够合成有机物，属于自养微生物；而丙不能在培养基，说明不能固氮；又
9、不能在培养基中生长，说明不能合成有机物，只能在培养基中生长，说明属于异养微生物。【详解】根据以上分析已知，乙属于自养微生物，A错误；甲能够在中正常生长繁殖，但是不能在培养基中生长繁殖，说明其为异养微生物，B错误；根据以上分析已知，丙属于异养微生物，C错误；根据以上分析已知，甲是固氮微生物，乙是自养微生物，丙是异养微生物，D正确。6.微生物培养过程中，要十分重视无菌操作，现代生物学实验中的许多方面也要进行无菌操作，防止杂菌污染。请分析下列操作，其中错误的是（）煮沸消毒可以杀死微生物细胞和一部分芽孢接种操作要在酒精灯火焰附近进行家庭制作葡萄酒时要将容器和葡萄进行灭菌培养基要进行高压蒸汽灭菌加入培养
10、基中的指示剂或染色剂不需要灭菌A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】无菌技术的主要内容：对实验操作的空间、操作者的衣着和手，进行清洁和消毒；将用于微生物培养的器皿、接种用具和培养基等器具进行灭菌；为避免周围环境中微生物的污染，实验操作应在酒精灯火焰附近进行；实验操作时应避免已经灭菌处理的材料用具与周围的物品相接触。【详解】100煮沸56min可以杀死微生物细胞和一部分芽孢，正确；酒精灯火焰附近存在一个无菌区，为了无菌操作，接种操作要在酒精灯火焰附近进行，正确；家庭制作葡萄酒时所利用的微生物是葡萄皮表面的酵母菌，故不能对葡萄进行灭菌，错误；培养基灭菌常用高压蒸汽灭菌法，正确；指示剂和
11、染料混有微生物，故加入培养基前需灭菌，错误。故选D。【点睛】本题考查了微生物的分离与培养的有关知识，要求掌握无菌技术的主要内容，能够区分消毒和灭菌，以及适用的对象。7.关于“微生物的分离与培养”实验，下列叙述正确的是（ ）A. 倒平板时，应将打开的皿盖放到一边，以免培养基溅到皿盖上B. 干热灭菌结束后，等温度降至 70以下后，取出灭菌物品C. 制备培养基的步骤是：计算、称量、溶化、灭菌、调PH、倒平板D. 高压灭菌结束时，打开放气阀使压力表指针回到零后，开启锅盖【答案】B【解析】【分析】1、微生物常见的接种的方法：平板划线法：将已经熔化的培养基倒入培养皿制成平板，接种，划线，在恒温箱里培养。在
12、划线的开始部分，微生物往往连在一起生长，随着线的延伸，菌数逐渐减少，最后可能形成单个菌落。稀释涂布平板法：将待分离的菌液经过大量稀释后，均匀涂布在培养皿表面，经培养后可形成单个菌落。2、制备牛肉育蛋白胨固体培养基的基本过程为计算、称量、溶化、调pH、灭菌、倒平板。【详解】A、倒平板时，用左手将培养皿打开一条稍大于瓶口的缝隙，右手将锥形瓶中的培养基（约1020mL）倒入培养皿，左手立即盖上培养皿的皿盖，A错误；B、干热灭菌结束后，等温度降至70以下后，取出灭菌物品，B正确；C、制备培养基的步骤是：计算、称量、溶化、调pH、灭菌、倒平板，C错误；D、高压蒸汽灭菌结束时，需等待压力表指针回到零后，才
13、能开启锅盖，不能打开放气阀使压力表指针回到零，D错误。故选B。8.某生物兴趣小组以带有落叶的表层土壤(深5 cm左右)为实验材料，研究土壤微生物在适宜温度下的分解作用，对土壤处理情况见下表。下列有关叙述不正确的是()1组2组3组4组土壤处理灭菌不灭菌灭菌不灭菌湿润湿润较干燥较干燥A. 该实验能探究不同土壤湿度条件下，土壤微生物对落叶的分解作用B. 为了控制实验中的无关变量，作为实验材料的落叶也应进行灭菌处理C. 该实验的自变量为土壤是否进行灭菌处理，实验中的对照组是1组和3组D. 预期结论是1组、3组的落叶不被分解，2组、4组中的落叶被不同程度地分解【答案】C【解析】从表格中信息可知，该实验中
14、2组的土壤湿润、4组的土壤较干燥，且2组和4组的土壤均不灭菌，其中含有微生物，因此2、4组对照可用于探究不同土壤湿度条件下，土壤微生物对落叶的分解作用，A项正确；该实验的自变量是土壤是否湿润或者土壤是否含有微生物，而落叶属于实验中的无关变量，落叶上存在的微生物会影响实验结果，因此落叶也应进行灭菌，B项正确；若该实验的自变量为土壤是否进行灭菌处理，则1、2组对照可探究湿润土壤中微生物对落叶的分解情况，3、4组对照可探究干燥土壤中微生物对落叶的分解情况，其中2组和4组均为未经处理的空白对照，属于对照组，1组和3组为实验组，C项错误；由于1、3组的土壤经灭菌后，其中的微生物会被杀死，而微生物属于分解
15、者，因此预测这两组的落叶不被分解，而2、4组的土壤中含有微生物，但是土壤湿度不同，所以落叶分解的程度不同，D项正确。【点睛】解答此题的关键是：从表格信息找出实验的自变量、因变量和无关变量，确定实验的对照情况，然后根据单一变量原则推导出实验的结论，最后结合分解者的作用进行解答。9.如图表示培养和纯化X细菌的部分操作步骤，下列相关叙述正确的是（ ）A. 步骤倒平板操作时，倒好后应立即将其倒过来放置B. 步骤接种环在火焰上灼烧后迅速沾取菌液进行平板划线，以免空气中的杂菌污染C. 步骤多个方向划线，使接种物逐渐稀释分散，培养后出现单个菌落D. 利用步骤所示方法培养和纯化X 细菌的同时可对其进行计数【答
16、案】C【解析】【分析】由图可知，是倒平板，是用接种环沾取菌液，是进行平板划线，是培养。【详解】A、倒完平板后立即盖上培养皿，冷却后将平板倒过来放置，A错误；B、步骤接种环火焰上灼烧后，待冷却后才可以沾取菌液后平板划线，B错误；C、步骤多个方向划线，使接种物逐渐稀释，培养后出现单个菌落，C正确；D、利用步骤平板划线法不能对X细菌进行计数，D错误。故选C。10.下列关于四种生物的能量来源、碳源、氮源和代谢类型的描述，正确的一组是（ ）硝化细菌乳酸菌根瘤菌衣藻能源NH3乳酸N2光能碳源CO2糖类等糖类等CO2氮源NH3N2N2NO3-代谢类型自养需氧型异养厌氧型自养需氧型自养需氧型A. 硝化细菌、乳
17、酸菌B. 乳酸菌、酵母菌C. 酵母菌、衣藻D. 硝化细菌、衣藻【答案】D【解析】【分析】硝化细菌是化能合成型微生物，其代谢类型为自养需氧型；乳酸菌是厌氧型生物，其代谢类型为异养厌氧型；根瘤菌能固定N2，其代谢类型为异养需氧型；衣藻是光能型生物，其代谢类型为自养需氧型。【详解】（1）硝化细菌能利用氮源，且能利用氧化NH3释放的化学能进行化能合成作用合成有机物，属于自养需氧型生物，正确；（2）乳酸菌是异养厌氧型生物，不能直接利用氮气，且能量来源为糖类，错误；（3）根瘤菌进行生命活动所需要的能量来自糖类等有机物的氧化分解，错误；（4）衣藻是低等植物，能利用光能进行光合作用制造有机物，属于自养需氧型生
18、物，正确。所以描述正确的一组生物是硝化细菌和衣藻。D正确。故选D。11.下表表示在不同培养基中细菌的生长繁殖情况。(A、B、C、H、I、J、K、M为培养基的成分，“”表示生长，“”表示不生长)，请分析下列哪种物质细菌不能合成()培养基成分A、B、CA、B、CI、MA、B、CH、KA、B、CM、JA、B、CI、KA、B、CH、JA、B、CK、M生长状态A. HB. IC. KD. M【答案】C【解析】【分析】培养基是按照微生物的生长需要，用人工方法配制而成的营养物，其中有些是各种微生物都必需的，大多数情况下微生物特殊营养要求配制的培养基，称选择培养基【详解】根据分析表格中细菌的生长状态，比较细菌
19、能够生长的培养基的添加物，凡添加了物质K的培养基，细菌都能生长，反之则不能生长，说明物质K是细菌不能合成的。故选C。【点睛】本题主要考查微生物的选择培养基，提高学生比较分析选择培养基的成分，判断微生物的营养成分的能力。12.MRSA菌是一种引起皮肤感染的“超级细菌”，对青霉素等多种抗生素有抗性。为研究人母乳中新发现的蛋白质H与青霉素组合使用对MRSA菌生长的影响，某兴趣小组的实验设计及结果如下表。下列说法正确的是组别培养基中的添加物MRSA菌1100 g/mL蛋白质H生长正常220 g/mL青霉素生长正常32 g/mL青霉素100 g/mL蛋白质H死亡A. 细菌死亡与否是通过光学显微镜观察其细
20、胞核的有无来确定的B. 第2组和第3组对比表明，使用低浓度的青霉素即可杀死MRSA菌C. 实验还需设计用2 g/mL青霉素做处理的对照组D. 蛋白质H有很强的杀菌作用，是一种新型抗生素【答案】C【解析】【详解】A.细菌属于原核生物，无成形的细胞核，不能通过光学显微镜观察其细胞核的有无来确定细菌的死亡与否，A错误；B.第2组和第3组有两个变量：青霉素浓度的高低和蛋白质H的有无，二者对比说明使用低浓度青霉素和高浓度蛋白H可杀死MRSA菌，B错误；C.该实验的目的是“研究人母乳中新发现的蛋白质H与青霉素组合使用对MRSA菌生长的影响”，则还需设置一对照组：只加2g/mL青霉素，与第3组构成对照，C正
21、确；D.抗生素由微生物产生，而蛋白质H是乳腺细胞产生，不属于抗生素，D错误。故选C。13.如图是围绕加酶洗衣粉洗涤效果进行的研究结果。下列有关叙述不正确的是A. 本实验研究的自变量有温度和洗衣粉是否加酶B. 本实验研究的因变量可能是污渍残留量C. 两类洗衣粉的最佳使用温度都为t1D. 温度超过t2后加酶洗衣粉中的酶可能失活【答案】C【解析】【分析】【详解】据图可知，本实验的自变量有温度和洗衣粉种类，A正确；本实验是围绕加酶洗衣粉的洗涤效果进行的研究，所以因变量可能是污渍残留量，B正确；从图示可知普通洗衣粉的最佳使用温度为t2，而加酶洗衣粉的最佳使用温度为t1，C错误；温度超过t2后，加酶洗衣粉
22、的洗涤效果不再改变，说明温度超过t2后加酶洗衣粉中的酶可能失活，D正确。故选C。14.有关加酶洗衣粉使用注意事项的叙述正确的是()蛋白质类织物不能用加酶洗衣粉来洗涤加酶洗衣粉使用的水温一般在50 以下加酶洗衣粉不宜存放太久，加酶洗衣粉有保质期碱性蛋白酶洗衣粉会分解人体皮肤表面蛋白质，从而损伤人体皮肤，因此应避免与这类洗衣粉长时间地接触A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】加酶洗衣粉是指含有酶制剂的洗衣粉，目前常用的酶制剂有四类：蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶，其中，应用最广泛、效果最明显的是碱性蛋白酶和碱性脂肪酶。【详解】加酶洗衣粉中含有蛋白酶，蛋白酶会水解蛋白质，因此蛋白质类织
23、物不能用加酶洗衣粉来洗涤，正确；温度会影响酶的活性，酶在高温下会失活，因此加酶洗衣粉使用的水温一般在50以下，正确；酶的化学本质是蛋白质，蛋白质存放时间过久会被微生物分解，因此加酶洗衣粉不宜存放太久，加酶洗衣粉有保质期，正确；碱性蛋白酶洗衣粉会分解人体皮肤表面蛋白质，而使人患有过敏性皮质、湿疹等，因此，应避免与这类洗衣粉长时间地接触，正确。故选D。【点睛】影响加酶洗衣粉活性的条件：温度、pH和水量。影响加酶洗衣粉的因素：水温、水质、洗衣粉的用量、衣物的质地、大小、浸泡和洗涤的时间。15.有人测定了A、B、C、D四种植物体内多种酶的活性与温度的关系，结果如下图所示。根据图中所示的信息，你认为在2
24、5条件下竞争能力最强的生物和对温度适应范围最广的生物分别是A. B和DB. B和CC. B和AD. A和C【答案】B【解析】【分析】分析曲线图：图示表示A、B、C、D四种植物体内多种酶的活性与温度的关系。四种生物体内的酶的最适温度各不相同，各种生物体内酶适应温度的范围也不同。在25条件下，B生物体内酶的活性最高；C生物体内酶适应温度的范围范围最广。【详解】在25条件下所含酶活性最高的生物，竞争能力最强，所以B生物的竞争力最强；对温度适应范围越广的酶，生物的分布范围也越广，所以C生物的适应范围最广。故选B。【点睛】解答本题的关键是看清题图中的横坐标和纵坐标。16.有关“酵母细胞固定化”实验的叙述
25、，错误的是（ ）A. 配置海藻酸钠溶液时，应小火或间断加热，以免出现焦糊现象B. 固定化酵母时注射器的推进速度不宜过快，以防止凝胶珠不呈球形C. 凝胶珠在CaCl2溶液中浸泡30秒钟，有利于凝胶珠结构稳定D. 10%的葡萄糖溶液为固定化酵母细胞的发酵提供营养和适宜的渗透压【答案】C【解析】【分析】本题考查固定化细胞的相关知识点，制作过程中的注意事项：（1）酵母细胞的活化。（2）配制氯化钙溶液：要用蒸馏水配制。（3）配制海藻酸钠溶液：小火、间断加热、定容，如果加热太快，海藻酸钠会发生焦糊。（4）海藻酸钠溶液与酵母细胞混合：冷却后再混合，注意混合均匀，不要进入气泡。（5）制备固定化酵母细胞：高度适
26、宜，并迅速滴入。【详解】A、配制海藻酸钠溶液时，应小火或间断加热，以免出现焦糊现象，A正确；B、注射器中的溶液推进速度过快，注射器距离氯化钙溶液液面太近，凝胶珠不呈球形，可能会出现小尾巴，故固定化酵母时注射器的推进速度不宜过快，B正确；C、凝胶珠在CaCl2溶液中浸泡30分钟，有利于凝胶珠结构稳定，C错误；D、酵母细胞为异养型，10%的葡萄糖溶液为固定化酵母细胞发酵提供营养和适宜的渗透压，D正确。故选C。17.生物产品的分离、纯化是现代生物技术中一种常见的技术。下列相关叙述中，不正确的是（ ）A. 采用凝胶色谱法分离果胶酶的原理是蛋白质分子的相对分子质量不同，在色谱柱中的移动速度不同B. 使用
27、透析法可以去除样品中相对分子质量较大的杂质C. 电泳法是利用样品中各种分子带电性质的差异以及样品分子大小、性状不同，产生的迁移速度不同而实现样品中各种分子的分离D. 离心法分离蛋白质的依据是不同大小的分子离心时沉降速度不同【答案】B【解析】分析】1、凝胶色谱法分离蛋白质的原理：凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离。2、电泳法是利用待测样品中各种分子带电性质的差异和分子本身的大小、形状不同，使带电分子产
28、生不同的迁移速度，从而实现样品中各种分子的分离或鉴定。【详解】A、凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离同，A正确；B、使用透析法可以去除样品中相对分子质量较小的杂质，B错误；C、电泳法是利用样品中各种分子带电性质和数量以及样品分子大小不同，产生的迁移速度不同而实现样品中各种分子的分离，C正确；D、离心法分离蛋白质的依据是不同大小的分子离心时沉降速度不同，D正确。故选B。18.将经处理破裂后的红细胞混合
29、液以2000r/min 的速度离心10min 后，离心管中的溶液分为四层，从上到下的顺序依次是（ ）A. 甲苯层、血红蛋白、沉淀层、其他杂质的暗红色沉淀物B. 甲苯层、沉淀层、血红蛋白、其他杂质的暗红色沉淀物C. 其他杂质的暗红色沉淀物、血红蛋白、甲苯层、沉淀层D. 甲苯层、其他杂质的暗红色沉淀物、血红蛋白、沉淀层【答案】B【解析】【分析】血红蛋白的提取与分离的实验步骤主要有：（1）样品处理：红细胞的洗涤，血红蛋白的释放，分离血红蛋白溶液。（2）粗分离：分离血红蛋白溶液，透析。（3）纯化：调节缓冲液面加入蛋白质样品调节缓冲液面洗脱收集分装蛋白质。（4）纯度鉴定-SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳。【详解
30、】分离血红蛋白溶液时，将搅拌好的混合液转移到离心管中，经过中速长时离心后，可明显看到试管中溶液分为4层，从上往下数，第1层为甲苯层，第2层为脂溶性物质的沉淀层，第3层为血红蛋白水溶液，第4层为杂质沉淀层，B正确。故选B。19.过滤是生物实验中经常用到的一种方法，下列相关叙述错误的是A. 血红蛋白样品处理时要用滤纸过滤，目的是除去脂溶性沉淀层B. 橘皮压榨液第一次用普通布袋过滤，目的是除去固体物和残渣C. 橘皮压榨液第二次用单层尼龙布过滤，目的是除去固体Na2SO4D. 胡萝卜素在萃取后要进行过滤，目的是除去萃取液中的不溶物【答案】C【解析】【分析】考查蛋白质的分离和提取、橘皮精油提取、胡萝卜素
31、的提取实验中的过滤步骤，考生通过识记理解各个实验过滤的作用，即可分析作答。【详解】A. 血红蛋白样品处理时要用滤纸过滤，目的是除去脂溶性沉淀层，A正确；B. 橘皮压榨液第一次用普通布袋过滤除去固体物和残渣，然后离心进一步除去质量较小的残留固体物，B正确；C. 橘皮压榨液第二次用分液漏斗过滤，目的是除去固体Na2SO4，C错误；D. 胡萝卜素在萃取后要进行过滤，目的是除去萃取液中的不溶物，D正确。故选C。20.下图是提取玫瑰精油的实验流程示意图。有关叙述正确的是（ ）A. 芳香油具有很强的挥发性，只有动物和植物可以产生芳香化合物B. 图过程采用的是压榨法提取玫瑰精油，原因是玫瑰精油挥发性强C.
32、图中、的操作依次是加入柠檬酸钠、无水Na2SO4D. 玫瑰精油是制作高级香水的主要成分，能使人产生愉悦感【答案】D【解析】【分析】1、植物芳香油的提取方法：蒸馏法、压榨法和萃取等。2、玫瑰精油的化学性质稳定，难溶于水，易溶于有机溶剂，能随水蒸气一同蒸馏，玫瑰精油常采用蒸馏法提取。3、玫瑰精油的提取流程为：在开花的盛期（时期）采收玫瑰花瓣，与清水以质量比为1：4的比例进行混合。在水蒸气蒸馏装置中进行蒸馏，在锥形瓶中收集到乳白色（颜色）的乳浊液。向乳化液中加入NaCl，增加盐的浓度，静置，出现油水分层。用分液漏斗将其两层分开，得到油层。向油层中加入一些无水硫酸钠吸水，静置约12h，过滤得到的液体为
33、玫瑰油。【详解】A、芳香油具有很强的挥发性，不但动物和植物可以产生芳香化合物，一些真菌也可以产生芳香化合物，A错误；B、图过程采用的是蒸馏法提取玫瑰精油，原因是玫瑰精油的化学性质稳定，难溶于水，易溶于有机溶剂，能随水蒸气一同蒸馏，B错误；C、图中、的操作依次是加入氯化钠、无水Na2SO4，C错误；D、玫瑰精油是制作高级香水的主要成分，能使人产生愉悦感，D正确。故选D。21.如图为科研人员分别用六种不同的提取溶剂（编号为16）按相同的提取步骤提取类胡萝卜素的含量图，下列叙述错误的是（）A. 使用有机溶剂为提取剂，是因为类胡萝卜素易溶于有机溶剂B. 相同的提取步骤是为了确保单一变量C. 实验课题为
34、探究六种溶剂系统对枸杞中类胡萝卜素提取的影响D. 实验结论为不同溶剂对不同品种的类胡萝卜素的提取量影响不同【答案】D【解析】【分析】该实验的目的是为探究不同的提取溶剂对类胡萝卜素提取量的影响，由图可知，溶剂2的提取量最高，溶剂3的提取量最低。【详解】A、类胡萝卜素易溶于有机溶剂，利用这一特点，需使用有机溶剂作为提取剂，使实验有意义，A正确；B、该实验的自变量为溶剂种类，其余均为无关变量，因此为了确保单一变量，提取步骤应保持一致，B正确；C、由图可知，该实验课题为探究六种溶剂系统对枸杞中类胡萝卜素提取的影响，C正确；D、由于类胡萝卜素种类是无关变量，因此实验结论应为不同溶剂对相同品种的类胡萝卜素
35、的提取量影响不同，D错误。故选D【点睛】解答本题的关键是明确实验的自变量和因变量，自变量为六种溶剂，因变量为类胡萝卜素含量。22.下列对胡萝卜素的提取过程的分析，正确的是A. 胡萝卜颗粒越小，烘干时温度越高、时间越长，烘干效果越好B. 图甲 a 处安装的冷凝回流装置，是为了防止加热时有机溶剂的挥发C. 图甲中完成胡萝卜素萃取后，直接将烧瓶转移到乙装置中进行浓缩D. 图乙装置中锥形瓶收集的液体是浓缩后纯度和浓度较高的胡萝卜素【答案】B【解析】【分析】图甲为萃取胡萝卜素的装置，a处安装的冷凝回流装置，是为了防止加热时有机溶剂的挥发。图乙是蒸馏法提取胡萝卜素的装置，此法收集得到的液体为萃取液，蒸馏烧
36、瓶内的物质为胡萝卜素。【详解】在把新鲜的胡萝卜置于烘箱中烘干时，温度高、干燥时间过长时，胡萝卜素会分解，A错误；在萃取过程中，为了防止加热时有机溶剂挥发需要在瓶中安装冷凝回流装置，B正确；在浓缩干燥前，需要进行过滤除去萃取液中的不溶物，C错误；将滤液用蒸馏装置进行蒸馏，要收集蒸发出去的液体，蒸发出去的是有机溶液，留下的是胡萝卜素，D错误。【点睛】关键：一是要熟悉题图中两套装置的用途（萃取和蒸馏）；二是要熟悉胡萝卜素的提取流程（既有萃取过程，也有蒸馏过程）。23.下列关于玫瑰精油、橘皮精油和胡萝卜素提取的相关实验操作，正确的是（ ）A. 玫瑰精油提取实验中，可直接将收集到的乳浊液用分液漏斗分离B
37、. 为了提高柑橘皮的出油率，需要将新鲜柑橘皮直接用石灰水浸泡C. 鉴定胡萝卜素时，将点样后的滤纸卷成圆筒状，滤纸两边可以相互接触D. 鉴定胡萝卜素时，各种色素分离后，取出滤纸，让石油醚自然挥发后进行观察【答案】D【解析】【分析】1、取玫瑰精油常用的方法是水蒸汽蒸馏法，实验流程是：鲜玫瑰花瓣+清水水蒸汽蒸馏获得油水混合物分离油层除水玫瑰精油；2、提取胡萝卜素的方法是萃取法，实验流程：胡萝卜粉碎干燥萃取过滤浓缩胡萝卜素。【详解】A、玫瑰精油提取实验中，收集到的乳浊液中加入NaCl，使油水分层，再用分液漏斗分离，A错误；B、为了提高柑橘皮的出油率，需要将新鲜柑橘皮干燥去水，再用石灰水浸泡，B错误；C
38、、滤纸两边不能接触，否则会由于毛细现象而使溶剂前沿不齐，C错误；D、鉴定胡萝卜素时，各种色素分离后，取出滤纸，让石油醚自然挥发后进行观察，D正确。故选D。24.生命活动离不开细胞，对此理解错误的是（ ）A. 没有细胞结构的病毒必须寄生在活细胞内才能繁殖B. 单细胞生物单个细胞就能完成各种生命活动C. 多细胞生物依赖高度分化的细胞密切协作，共同完成一系列复杂的生命活动D. 病毒不能独立进行生命活动，所以病毒不是生物【答案】D【解析】【分析】生物包括有细胞结构的生物和无细胞结构的生物（病毒）。有细胞结构的生物根据有无成形的细胞核分为真核生物和原核生物，也可以根据细胞的构成分为单细胞生物和多细胞生物
39、。多细胞生物比单细胞生物结构复杂，由于细胞分裂分化，多细胞生物中的细胞结构和功能不一，共同完成一系列复杂的生命活动。绝大多数的生物都是有细胞结构的生物，细胞是生物体结构和功能的基本单位，病毒没有独立的新陈代谢的能力，必须依赖于宿主细胞存活。【详解】A、没有细胞结构的病毒没有独立的新陈代谢的能力，必须寄生在活细胞内才能繁殖，A正确；B、单细胞生物由单个细胞构成，一个细胞就能完成各种生命活动，B正确；C、多细胞生物由单个细胞分裂分化而来，依赖高度分化的细胞密切协作，共同完成一系列复杂的生命活动，C正确；D、病毒不能独立进行生命活动，但病毒属于无细胞结构的生物，D错误。故选D。【点睛】本题属于细胞的
40、分类，难度不大，平时的学习中应注意归纳总结。25.下列关于高倍显微镜使用步骤和要点的说法，错误的是A. 同样的光圈和反光镜下，换用高倍镜后视野的亮度变低B. 低倍镜下找到物像后，应把要放大观察的物像移至视野中央C. 由低倍换至高倍物镜后，需调节粗准焦螺旋以找到物像D. 放大100倍时视野中均匀分布着64个细胞，放大400倍后只能看到4个【答案】C【解析】【分析】显微镜的放大倍数是将长或者是宽放大，显微镜放大倍数=目镜放大倍数物镜放大倍数。显微镜放大倍数越大，细胞数目越少，细胞越大；反之，放大倍数越小，细胞数目越多，细胞越小。由低倍镜换用高倍镜进行观察的步骤是：移动玻片标本使要观察的某一物像到达
41、视野中央转动转换器选择高倍镜对准通光孔调节光圈，换用较大光圈使视野较为明亮转动细准焦螺旋使物像更加清晰。【详解】A、同样的光圈和反光镜下，换上高倍镜后，进光量变小，视野会变暗，A正确；B、低倍镜下找到物象后，应把要放大观察的物像移至视野正中央，B正确；C、由低倍换至高倍物镜后，只需调节细准焦螺旋即可看到清晰的物像，C错误；D、显微镜的放大倍数指的是对物像长度和宽度的放大，64个细胞均匀分布在视野中，应按面积考虑，在原来基础上长度和宽度再放大4倍，则视野中的细胞只能看到4个，D正确。故选C。26.下列符合细胞学说的是（）一切动植物都由细胞发育而来病毒没有细胞结构新细胞可以从老细胞中产生细胞分原核
42、细胞和真核细胞两大类细胞是一个相对独立的单位一切动植物都由细胞和细胞产物所构成A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】细胞学说是由德国植物学家施莱登和动物学家施旺提出的，其内容为：（1）细胞是一个有机体，一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞的产物所构成；（2）细胞是一个相对独立的单位，既有它自己的生命，又对与其他细胞共同组成的整体的生命起作用；（3）新细胞可以从老细胞中产生。【详解】细胞学说认为一切动植物都由细胞发育而来，正确；细胞学说没有揭示病毒没有细胞结构，错误；细胞学说指出新细胞可以从老细胞中产生，正确；细胞学说没有揭示细胞分原核细胞和真核细胞两大类，错误；细胞是一个相
43、对独立的单位，既有它自己的生命，又对与其他细胞共同组成的整体的生命起作用，正确；一切动植物都由细胞发育而来，并由细胞和细胞的产物所构成，正确。 综上正确。故选A。27.如图为几种常见的单细胞生物结构示意图有关叙述中错误的是A. 图中各生物细胞中含量最多的化合物是水B. 细胞中具有核膜的是C. 内没有叶绿体，但也能进行光合作用，属于自养生物D. 这5种生物在细胞的结构上不具有统一性【答案】D【解析】【分析】分析题图：图示是几种常见的单细胞生物结构示意图，其中为衣藻，是一种低等植物，属于真核生物；为草履虫，是一种原生动物，属于真核生物；为变形虫，是一种原生动物，属于真核生物；为细菌，属于原核生物；
44、为蓝藻，属于原核生物。【详解】A、图示五种生物都属于细胞生物，而活细胞中含量最多的化合物都是水，A正确；B、根据以上分析已知，图中都属于真核生物，细胞中都有核膜，而都是原核生物，没有核膜，B正确；C、为蓝藻，属于原核生物，细胞中没有叶绿体，但是有藻蓝素和叶绿素，可以进行光合作用，属于自养生物，C正确；D、图示各细胞都含有细胞膜、细胞质和核糖体等结构，因此它们在结构上具有统一性，D错误。故选D。【点睛】真核细胞和原核细胞的比较：类别原核细胞真核细胞细胞核无成形的细胞核，无核膜、核仁、染色体，只有拟核有成形的细胞核，有核膜、核仁和染色体细胞质只有核糖体，没有其它复杂的细胞器有核糖体、线粒体等，植物
45、细胞还有叶绿体等细胞壁细细胞壁主要成分是肽聚糖细胞壁的主要成分是纤维素和果胶分裂方式二分裂有丝分裂、无丝分裂和减数分裂28.下列关于显微镜的观察和使用，错误的是（ ）A. 物镜越长，放大倍数越大，视野中观察到的细胞数目越少B. 在显微镜下观察未经染色的口腔上皮细胞时，应选用较小的光圈C. 高倍镜下观察到细胞质逆时针方向流动，则实际流动方向是顺时针D. 在玻片上写一个字母“b”，则在显微镜的视野中观察到的是“q”【答案】C【解析】【分析】1、显微镜的放大倍数等于物镜的放大倍数乘于目镜的放大倍数；显微镜的物镜越长，放大倍数越大，目镜越长，放大倍数越小；在显微镜下观察到的是实物的倒像。2、高倍显微镜
46、的操作流程：在低倍镜下观察清楚，找到物像将物像移到视野中央转动转换器换用高倍镜观察调节反光镜或光圈使视野变亮，同时转动细准焦螺旋直到物像清晰可见。【详解】A、显微镜物镜越长，放大倍数越大，视野中观察到范围变小，因此观察到的细胞数量会减少，A正确；B、没染色的人体口腔上皮细胞透光性强，颜色浅，为了看清要把视野调暗，而使用显微镜时，小光圈通过的光线少、视野暗，因此观察没染色的人体口腔上皮细胞应选择较小光圈，B正确；C、显微镜下成像是倒立的虚像，若高倍镜下细胞质流向是逆时针，则细胞中细胞质的流向应是逆时针，C错误；D、显微镜呈现的是反向倒立放大的虚像，在玻片上写一个字母“b，则在显微镜的视野中观察到
47、的是“q，D正确。故选C。29.下列关于原核生物和真核生物的叙述中，错误的是（ ）A. 原核细胞和真核细胞共有的细胞器是核糖体B. 颤藻、大肠杆菌、乳酸菌、链霉菌都属于原核生物C. 原核生物虽然不含线粒体，但有些也能进行有氧呼吸D. 原核细胞均具有细胞壁，其主要成分是肽聚糖【答案】D【解析】【分析】真核细胞和原核细胞的比较：类 别原核细胞真核细胞细胞大小较小（一般110um）较大（1100um）细胞核无成形的细胞核，无核膜、核仁、染色体，只有拟核有成形的细胞核，有核膜、核仁和染色体细胞质只有核糖体，没有其它复杂的细胞器有核糖体、线粒体等，植物细胞还有叶绿体等细胞壁细细胞壁主要成分是肽聚糖细胞壁
48、的主要成分是纤维素和果胶增殖方式二分裂有丝分裂、无丝分裂、减数分裂可遗传变异来源基因突变基因突变、基因重组、染色体变异共性都含有细胞膜、核糖体，都含有DNA和RNA两种核酸等【详解】A、原核细胞和真核细胞共有的细胞器是核糖体，A正确；B、颤藻、大肠杆菌、乳酸菌、链霉菌都属于原核生物，B正确；C、原核生物虽然不含线粒体，但有些也能进行有氧呼吸，如醋酸菌，C正确；D、原核细胞大都有细胞壁，主要成分是肽聚糖，有的原核细胞无细胞壁，如支原体，D错误。故选D。30.下列各组生物或细胞按照特征进行归纳正确的一组是A. 无核膜：念珠藻、支原体、酵母菌、放线菌B. 无DNA：乳酸菌、植物导管细胞、烟草花叶病毒
49、、HIVC. 有叶绿体：小麦、苔藓、蓝球藻、水稻D. 有细胞壁：酵母菌、硝化细菌、蓝藻、菠菜【答案】D【解析】【分析】原核细胞无以核膜为界限的细胞核，只有核糖体这一种细胞器。真核细胞有以核膜为界限的细胞核，除了有核糖体这种细胞器外，还含有叶绿体、内质网等复杂的细胞器。原核生物由原核细胞构成，真核生物由真核细胞构成。原核生物和真核生物的遗传物质都是DNA。病毒只含有一种核酸：DNA或RNA。叶绿体分布在植物细胞中。酵母菌、硝化细菌和蓝藻均为单细胞生物，都有细胞壁，植物细胞也有细胞壁。【详解】A、念珠藻、支原体和放线菌都属于原核生物，均无核膜，酵母菌为真核生物，有核膜，A错误；B、乳酸菌有DNA，
50、植物导管细胞是死细胞，无DNA，烟草花叶病毒和HIV均属于不含DNA的RNA病毒，B错误；C、蓝球藻为原核生物，没有叶绿体，小麦、苔藓和水稻的叶肉细胞中均有叶绿体，C错误。D、酵母菌、硝化细菌、蓝藻和菠菜都有细胞壁，D正确。故选D。31.下列说法正确的是（ ）A. 病毒没有细胞结构，也能独立完成生命活动B. 池塘中的水、阳光等环境因素属于生命系统的成分C. 生命系统的结构层次包括从原子、分子到生物圈的各个层次D. 一个被污染的培养基，在生态系统的结构层次中属于群落【答案】B【解析】【分析】生命系统的结构层次：（1）生命系统的结构层次由小到大依次是细胞、组织、器言、系统、个体、种群、群落、生态系
51、统和生物圈。（2）地球上最基本的生命系统是细胞。分子、原子、化合物不属于生命系统。（3）生命系统各层次之间层层相依，又各自有特定的组成、结构和功能。（4）生命系统包括生态系统，所以应包括其中的无机环境。【详解】A、病毒没有细胞结构，不能独立完成生命活动，A错误；B、池塘中的水、阳光等环境因素参与生态系统的组成，而生态系统属于生命系统的结构层次，因此池塘中的水、阳光等环境因素属于生命系统的成分，B正确；C、生命系统的结构层次包括从细胞到生物圈的各个层次，不包含分子、原子和化合物等，C错误；D、一个被污染的培养基，在生态系统的结构层次中属于生态系统，D错误。故选B。32.下列关于真核生物、原核生物
52、和病毒的叙述中，正确的是A. 葡萄球菌、青霉菌、破伤风杆菌都属于原核生物B. 硝化细菌、酵母菌、蓝藻、绿藻都含有核糖体和DNAC. 艾滋病毒的遗传物质彻底水解将得到4种化合物D. 大肠杆菌的遗传物质是拟核中的大型环状RNA【答案】B【解析】【分析】病毒没有细胞结构，只含有一种核酸，如艾滋病毒含有的核酸为RNA。绝大多数生物都属于真核生物，常见的原核生物有葡萄球菌、大肠杆菌、硝化细菌、破伤风杆菌等细菌及蓝藻。原核细胞与真核细胞的遗传物质都是DNA，共有的细胞器为核糖体。【详解】A、葡萄球菌、破伤风杆菌都属于原核生物，青霉菌属于真核生物，A错误；B、硝化细菌、酵母菌、蓝藻、绿藻的遗传物质都是DNA
53、，都含有核糖体，B正确；C、艾滋病毒的遗传物质是RNA，RNA彻底水解将得到6种化合物：磷酸、核糖与4种碱基，C错误；D、大肠杆菌的遗传物质是拟核中的大型环状DNA，D错误。故选B。33.蛋白质是生命活动的承担者，下列关于蛋白质的叙述，正确的是A. 蛋白质分子中含有在无机自然界找不到的特有元素B. 非必需氨基酸的含量和种类是评价食物中蛋白质成分营养价值的重要指标C. 血红蛋白和胰岛素的功能不同是因二者氨基酸的连接方式不同D. 蛋白质发生热变性后结构变得松散，有利于人体消化吸收【答案】D【解析】【分析】1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构通式是，即每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，
54、且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基团，氨基酸的不同在于R基团的不同。2、氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH ）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键，其结构式是-CO-NH-。3、蛋白质结构多样性的直接原因：构成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构千差万别。【详解】A、组成生物体的化学元素在无机自然界都能找到，生物界和非生物界具有统一性，A错误；B、必需氨基酸的含量和种类是评价食物中蛋白质成分营养价值的重要指标，B错误；C、不
55、同蛋白质的氨基酸的连接都是通过肽键，功能不同的原因是氨基酸的数目、种类、排列顺序和蛋白质的空间结构不同，C错误；D、蛋白质发生热变性后结构变得松散，利于消化酶结合，有利于人体消化吸收，D正确故选D。34.关于生物体内水和无机盐的叙述，不正确的是（ ）A. 生物体的含水量随着生物种类的不同有所差别，一般为60%95%B. 自由水与结合水的比例随生物个体代谢的强弱而变化C. 生物体内的某些无机盐对维持细胞的酸碱平衡非常重要D. P是组成磷脂、RNA和纤维素的必需成分【答案】D【解析】【分析】不同生物体、同一生物体的不同发育期含水量往往不同，一般来说，水生生物含水量较陆生生物高，年幼的个体比年老的个
56、体含水量多；水在细胞中大多数以自由水的形式存在，一部分以结合水的形式存在，结合水是细胞和生物体结构的重要组成成分，自由水是细胞良好的溶剂，是许多化学反应的介质，参与细胞的化学反应，具有运输营养物质和代谢废物等多种功能。无机盐的功能主要体现在：复杂化合物的组成成分；维持正常的生命活动；维持酸碱平衡和渗透压平衡。【详解】A、生物体的含水量随着生物种类的不同或生长的不同时期有所差别，一般为60%95%，水母的含水量达到97%，A正确；B、自由水与结合水的比例随生物个体代谢的强弱而变化，自由水含量越高，代谢越旺盛，B正确；C、生物体内的某些无机盐对维持细胞的酸碱平衡非常重要，如HCO3-，C正确；D、
57、P是组成磷脂、RNA的必需成分，纤维素只含有C、H、O，D错误。故选D。35.下列有关实验的叙述中，不正确的是（ ）A. 用双缩脲试剂鉴定煮熟的鸡蛋时，仍然能看到紫色现象出现B. 观察DNA和RNA在细胞中的分布，需使用吡罗红健那绿染色剂染色C. 若要观察油菜种子细胞中的脂肪粒，必须用苏丹III或苏丹IV染色后再用显微镜观察D. 加入现配的斐林试剂鉴定梨汁中是否有还原糖，水浴加热后会出现砖红色沉淀【答案】B【解析】【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否
58、，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉、蔗糖）。（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。（3）脂肪可用苏丹染液（或苏丹染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）。（4）淀粉遇碘液变蓝。【详解】A、高温会破坏蛋白质的结构，但不会使肽键断裂，因此用双缩脲试剂鉴定煮熟的鸡蛋时，仍然能看到紫色现象出现，A正确；B、观察DNA和RNA在细胞中的分布，需使用甲基绿吡罗红染色剂染色，B错误；C、若要观察油菜种子细胞中是否含有脂肪，可以用苏丹或者苏丹IV染色后用显微镜观察，C正确；D、梨汁含有还原糖，因此加入现配的斐林试剂鉴定，水浴加热后会出现砖红色沉淀，D正确。故选B。36.下列关于构成生物分子的叙述不正确的是（ ）A. M
59、个氨基酸N条肽链构成的蛋白质分子完全水解共需（M-N）个水分子B. 在小麦细胞中由 A、G、T、C 四种碱基参与构成的核苷酸有 7种C. 细胞中氨基酸种类和数量相同的蛋白质不一定是同一种蛋白质D. 叶绿素含镁，血红蛋白含铁，说明细胞中的无机盐大多数以化合物形式存在【答案】D【解析】【分析】本题是对细胞中糖类、脂肪、蛋白质和核酸等有机物的考查，根据选项涉及的具体内容梳理糖类、脂肪、蛋白质和核酸的知识点分析解答。【详解】A、氨基酸脱水缩合形成肽链时，失水数=氨基酸的数-肽链数，在水解时消耗的水分子数与脱水缩合失水数相等，即M个氨基酸构成的蛋白质分子，有N条肽链，其完全水解共需（M-N）个水分子，A
60、正确；B、小麦细胞中，既有DNA，也有RNA，由A、C、G组成的核苷酸有三种核糖核苷酸和三种脱氧核糖核苷酸，T只组成脱氧核苷酸，共7种，B正确；C、蛋白质结构多样性的原因是氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构决定的，细胞中氨基酸种类和数量相同的蛋白质不一定是同一种蛋白质，C正确；D、细胞中的无机盐绝大多数以离子状态存在，D错误。故选D。【点睛】关于蛋白质的相关计算，关键注意区别计算直链肽与环状肽中肽键数：直链肽键数=失去水分子数=氨基酸数-肽链数；环状肽键数=失去水分子数=氨基酸数。37. 手足口病是由肠道病毒（A16型）引起的传染病，多发生于婴幼儿，可引起手、足、口腔等部位的疱疹，个
61、别患者可引起心肌炎等并发症。以下关于肠道病毒的叙述，正确的是A. 肠道病毒的核酸由5种碱基和8种核苷酸组成B. 肠道病毒的遗传符合基因分离定律，不符合自由组合定律C. 可用碳源、氮源、水、无机盐的培养基培养肠道病毒D. 肠道病毒的外壳和遗传物质都是利用宿主细胞的原料合成的【答案】D【解析】【分析】【详解】A、病毒的核酸是DNA或RNA，所有病毒的核酸都是由4种碱基和4种核苷酸组成，A错误；B、肠道病毒的遗传不符合基因分离定律，也不符合自由组合定律，B错误；C、病毒营专性寄生生活，只能用活细胞培养肠道病毒，C错误；D、肠道病毒的外壳和遗传物质是利用寄主细胞的原料合成的，D正确。故选D。【点睛】
62、生物界的常见生物类群的划分：38.在“观察DNA和RNA在细胞中分布”的实验中，下列说法正确的是A. 实验步骤为制片水解染色冲洗观察B. 用8%盐酸目的之一是使DNA与蛋白质分离，使DNA水解C. 酒精灯烘干载玻片，可迅速杀死细胞，防止细胞死亡时溶酶体对核酸的破坏D. 用髙倍显微镜可以比较清楚地看到呈绿色的染色体和呈红色的RNA分子【答案】C【解析】【分析】观察DNA和RNA在细胞中分布的实验原理是：DNA主要分布在细胞核中，RNA主要分布在细胞质中。甲基绿和吡罗红两种染色剂对DNA和RNA的亲和力不同，甲基绿使DNA呈现绿色，吡罗红使RNA呈现红色。用甲基绿吡罗红的混合染色剂将细胞染色，可以
63、显示DNA和RNA在细胞中的分布；盐酸改变细胞膜的通透性，加速染色剂进入细胞，同时使染色质中的DNA与蛋白质分离，有利于DNA与染色剂结合。实验步骤为：制片水解冲洗涂片染色观察。观察到的实验现象是：细胞核被染成绿色，细胞质被染成红色。【详解】实验步骤为制片水解冲洗涂片染色观察，A错误；用8%的盐酸目的之一是使染色质中的DNA与蛋白质分离，有利于DNA与染色剂结合，B错误；用酒精灯烘干载玻片，可迅速杀死细胞，防止细胞死亡时溶酶体中的水解酶对核酸的破坏，C正确；用髙倍显微镜可以比较清楚地看到呈绿色的细胞核和呈红色的细胞质，D错误。【点睛】本题考查学生对“观察DNA和RNA在细胞中分布”的实验涉及的
64、方法和技能进行综合运用的能力。理解该实验的原理、方法和操作步骤，掌握相关的操作技能，是解答此题的关键，这需要学生在平时学习时注意积累，以达到举一反三。39.某20 肽中有天冬氨酸4 个(R 基为CH2COOH)，分别位于5、6、15、20位(如图)；肽酶X 专门作用于天冬氨酸羧基端的肽键，肽酶Y 专门作用于天冬氨酸氨基端肽键。下列有关叙述中，正确的是（ ）A. 该 20 肽至少含有20 个肽键B. 若氨基酸的平均分子量为 a，则该20肽的分子量为20a-332C. 肽酶X 完全作用后产生的多肽共含有氨基酸19个D. 肽酶Y 完全作用后产生的多肽中O 原子数比20肽多4 个【答案】C【解析】【分
65、析】1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸，每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同。2、氨基酸通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH ）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键，其结构式是-CO-NH-；氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数-肽链数，游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数，至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数，氮原子数=肽键数+肽链数+R基上的氮原子数
66、=各氨基酸中氮原子总数，氧原子数=肽键数+2肽链数+R基上的氧原子数=各氨基酸中氧原子总数-脱去水分子数，蛋白质的相对分子质量=氨基酸数目氨基酸平均相对分子质量-脱去水分子数18。【详解】A、该20肽应含有一条肽链，则含有肽键数=脱水数=氨基酸数-肽链数=20-1=19个，A错误；B、若氨基酸的平均分子量为a，则该20肽的分子量=氨基酸数目氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数18=20a-1918=20a-342，B错误；C、肽酶X专门作用于天门冬氨酸羧基端的肽键，肽酶X完全作用该多肽链后，多肽中的第6位天冬氨酸会脱离多肽链，即肽酶X完全作用该20肽后产生的多肽共由20-1=19个氨基酸构成，
67、C正确；D、肽酶Y专门作用于天门冬氨酸氨基端的肽键，肽酶Y完全作用该20肽后，共断开4个肽键（分别位于第4和5、5和6、14和15、19和20位氨基酸之间），其中的第5位和第20位天冬氨基酸会脱离肽链，每断开一个肽键增加1个氧原子，故增加4个氧原子，又因为第5位和第20位天冬氨酸的脱离（每个天冬氨酸分子中含有4个氧原子），共减少8个氧原子，所以肽酶Y完全作用后产生的多肽中，氧原子数目比该20肽少4个，D错误。故选C。40.如图表示生物体内核酸的基本组成单位模式图，下列说法正确的是（ ）A. DNA分子结构的多样性取决于的种类B. 若为脱氧核糖，则人体内与相连的有五种C. DNA和RNA 在核苷
68、酸上的不同点只在方面D. 若是尿嘧啶，则此图是组成 RNA 的原料【答案】D【解析】【分析】核酸是细胞中重要的有机物之一，包括脱氧核糖核酸（DNA）和核糖核酸（RNA），脱氧核糖核酸是细胞生物的遗传物质，而RNA与基因的表达有关。组成脱氧核糖核酸的基本单位是脱氧核苷酸，组成核糖核酸的基本单位是核糖核苷酸。脱氧核苷酸是由一分子含氮碱基、一分子脱氧核糖和一分子磷酸组成。核糖核苷酸是由一分子含氮碱基、一分子核糖和一分子磷酸组成。前者所含的碱基为A、T、C、G，后者所含的碱基为A、U、C、G。【详解】A、DNA分子结构的多样性取决于碱基对的排列顺序，而是碱基，只有四种，为A、T、G、C，A错误；B、若
69、为脱氧核糖，则人体内与相连的有四种，为A、T、C、G，B错误；C、DNA和RNA 在核苷酸上的不同点除了在方面（DNA是脱氧核糖，RNA是核糖），在上面也有差别（DNA中有T，RNA中有U），C错误；D、若是尿嘧啶，则此图是组成 RNA 的原料，尿嘧啶是RNA特有的碱基，D正确。故选D。41.为了研发高效抑菌洗手液，科研入员检测了A、B、C、D四种抑菌物质对常见细菌的抑制效果。（1）前期准备：配制_（填牛肉膏蛋白胨或麦芽汁琼脂）固体培养基，实验过程应用的培养皿应采用_方法进行灭菌。（2）实验步骤：从下列选项中选择合适的操作，并排序_。a 将用抑菌物质或无菌水浸泡过的滤纸片放入平板中央b 用平板
70、划线法接种细菌c 用稀释涂布平板法接种细菌d 将培养皿倒置放入恒温培养箱，37培养24小时e 测量抑菌圈的直径（3）实验结果与分析：实验菌不同抑菌物质处理后形成的抑菌圈直径/mmABCD阴性对照金黄色葡萄球菌2162252313250大肠杆菌1702231972700注：阴性对照为无菌水本实验设置阴性对照的目的是_ 。根据实验结果判断，_物质的抑菌效果最好。为进一步确定该物质在洗手液中的最佳添加浓度，请设计实验进行探究_（写出实验思路即可）。【答案】 (1). 牛肉膏蛋白胨 (2). 高压蒸汽灭菌 (3). cade (4). 为了排除抑菌物质外其他因素对实验结果的干扰 (5). D (6).
71、 配置含不同浓度D物质的洗手液，重复上述实验，抑菌圈最大的组别对应的最低D物质浓度为最佳添加浓度【解析】【分析】培养基一般含有水、碳源、氮源、无机盐等。常用的接种方法：平板划线法和稀释涂布平板法。常用的灭菌方法：干热灭菌法、灼烧灭菌法、高压蒸汽灭菌法。牛肉膏蛋白胨培养基属于细菌培养基，麦芽汁琼脂培养基适合培养真菌。【详解】（1）培养细菌应该选择牛肉膏蛋白胨固体培养基，麦芽汁琼脂培养基用来培养霉菌，培养基应该用高压蒸汽灭菌。（2）培养基经过灭菌处理后，要观察不同物质的抑菌效果，应该首先进行c稀释涂布平板法接种细菌、a然后将用抑菌物质或无菌水浸泡过的滤纸片放入平板中央、d将培养皿倒置（避免水滴落入
72、引起污染）放入恒温培养箱，37培养24小时、e测量抑菌圈的直径，抑菌圈越大，说明抑菌效果越好。（3）为了排除抑菌物质外其他因素对实验结果的干扰，本实验需要设置阴性对照组即用无菌水处理组。由实验结果可知，D组对两种菌的抑菌圈直径最大，说明D物质的抑菌效果最好。要确定该物质在洗手液中的最佳添加浓度，应该配置含不同浓度D物质的洗手液，重复上述实验，抑菌圈最大的组别对应的最低D物质浓度为最佳添加浓度。【点睛】本题主要考查微生物培养基的种类、微生物培养的步骤，要求学生有一定的理解、分析、运用知识的能力。42.根据生物技术的相关知识，回答下列问题：（1）果酒发酵结束后，为方便后续使用该菌种，对其进行长期保
73、存，方法是_。（2）泡菜酸甜香脆，但其腌制过程中会产生亚硝酸盐。测定泡菜中亚硝酸盐含量的操作包括：配制溶液、制备_、制备样品处理液、比色。（3）制作果汁时常加入果胶酶，因为果胶酶可以将果胶分解成可溶性的_使果汁澄清。由于溶液中的酶很难回收，为了降低成本，使果胶酶能被再次利用一般采用物理吸附法或_法将其固定。（4）科研人员发现某种微生物中富含活性高的果胶酶，测定该果胶酶分子量时常用的方法是_。（5）下图是纯化时样品的加入与洗脱示意图，从图中可以看出，正确的加样操作是用吸管小心的将样品贴着管壁加样，正确的操作次序是_（填序号）。【答案】 (1). 甘油管藏法 (2). 标准显色液 (3). 半乳糖
74、醛酸 (4). 化学结合 (5). SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳 (6). 【解析】【分析】甘油在菌种冷冻保存时作为保护剂及防冻剂，以防止因冷冻或水分不断升华对细胞的损害。加甘油是为了避免水结冰产生冰晶损伤细胞。在细胞和病毒的冻存过程中，会形成冰晶损伤和溶质损伤，加入甘油的目的是为了防止这两者对细胞和病毒的损伤。甘油还有隔绝空气、衡湿、调节渗透压、并在冷冻过程中起冷冻保护剂的作用。泡菜中亚硝酸盐的测定：试样经沉淀蛋白质、除去脂肪后，在弱酸条件下亚硝酸与对氨基苯磺酸重氮化后，再与盐酸萘乙二胺偶合形成紫色染料，外标法（以待测成分的对照品作为对照物质，相对比较以求得供试品含量）测得亚硝酸盐含量。【详解
75、】（1）甘油管藏法可对菌种进行长期保存。（2）测定泡菜中亚硝酸盐含量的操作包括：配制溶液、制备标准显色液、制备样品处理液、比色。（3）果胶酶可以将果胶分解成可溶性的半乳糖醛酸使果汁澄清，增加果汁出汁率。采用物理吸附法或化学结合法将酶固定，使酶可以重复被利用，且有利于与产物的分离。（4）科研人员发现某种微生物中富含活性高的果胶酶，测定该果胶酶分子量时常用的方法是SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳，依据蛋白质的大小进行分离。（5）加样和洗脱的具体过程为：调节缓冲液面加入蛋白质样品调节缓冲液面洗脱收集分装蛋白质，因此正确的操作次序是。【点睛】本题主要考查果胶酶的使用、蛋白质的分离与纯化、亚硝酸盐的测定，要求
76、学生有一定的理解、分析、运用能力。43.漆树种子中的油脂（不溶于水，易溶于脂溶性溶剂）可开发为食用油或转化为生物柴油。目前常用溶剂法萃取漆树种子油脂，其过程为:漆树种子粉碎加溶剂水浴加热溶剂不断回流提取蒸发溶剂收集油脂。回答下列问题：（1）漆树种子中的油脂通常可用_进行染色。（2）对漆树种子油脂进行萃取时，为不影响油脂品质和提取效果，应使用_（填“自然晾干”“高温烘干”或“新鲜”）的漆树种子。粉碎漆树种子的目的是_。（3）利用不同溶剂进行萃取时，对油脂的萃取得率和某些重要理化性质的影响不同，实验结果如下表。萃取得率酸值过氧化值丙酮23.72%8.269.82石油醚26.35%7.965.73乙
77、醚25.30%8.125.83正己烷26.17%7.986.13混合溶剂28.73%8.317.53注：萃取得率（%）=（M样品-M残渣）100%/M样品；酸值高，说明油脂品质差；过氧化物是油脂变质过程中的中间产物，其含量常用过氧化值来表示。实验结果表明，_作为萃取溶剂较为合理，理由是_。（4）萃取过程中，影响萃取的因素除漆树种子和溶剂外，还有_。（写出两点即可）。【答案】 (1). 苏丹（或苏丹） (2). 自然晾干 (3). 便于和溶剂充分接触，提高萃取产量 (4). 石油醚 (5). 萃取得率较高，可得到较多的油脂，酸值和过氧化值最小，说明油脂品质较高 (6). 萃取温度（水浴温度）、萃
78、取时间等【解析】【试题分析】本题以用溶剂法萃取漆树种子中的油脂为载体考查了与萃取相关的知识，需要考生熟知课本上有关萃取过程及原理、影响因素等知识，同时还需要从题目的实验结果（表格数据）中获取有用信息，并结合所学知识进行解题。（1）漆树种子中的油脂通常可用苏丹（或苏丹）进行染色。（2）对漆树种子油脂进行萃取时，为不影响油脂品质和提取效果，应使用自然晾干的漆树种子。为便于材料和溶剂充分接触，提高萃取产量，应粉碎漆树种子。（3）根据表格数据可知，与其他有机溶剂相比，用石油醚作为萃取剂时，萃取得率最高，可得到较多的油脂，酸值和过氧化值最小，说明油脂品质较高，因此，石油醚作为萃取溶剂较为合理。（4）萃取
79、过程中，影响萃取的因素除漆树种子和溶剂外，还有萃取温度（水浴温度）、萃取时间等。44.如图表示的是细胞中含有的四种有机物的结构与功能，请据图回答下列问题：（1）图中 A的结构通式是_，A 形成E 的方式为_。（2）图中的B 是_。（3）G 在动物体内是_；相同质量的G 与H 相比，_（填字母）氧含量较低。（4）仅由E、F 两种物质构成的生物是_。（5）由C 构成的植物细胞特有的结构物质，该物质是_。【答案】 (1). (2). 脱水缩合 (3). 脱氧核苷酸 (4). 糖原 (5). H (6). （DNA）病毒 (7). 纤维素【解析】【分析】根据各物质的功能可以判断，E是蛋白质，A是蛋白质
80、的基本组成单位氨基酸，F是DNA，B是基本组成单位脱氧核苷酸；G是多糖，C是基本组成单位葡萄糖；H是脂肪，基本组成单位D是甘油和脂肪酸。【详解】（1）据上分析可知图中A是氨基酸，氨基酸由一份子羧基、氨基、氢还有R基共同连接在同一个C原子上，结构通式为，氨基酸通过脱水缩合的方式形成蛋白质。（2）图中的F是DNA，B是基本组成单位脱氧核苷酸。（3）G是多糖，在动物体内主要是糖原；图中H是脂肪，是生物体中主要的储能物质。相同质量的G 与H 相比，H（脂肪）的含氧量低。（4）仅由DNA（F）和蛋白质（E）两种物质构成的生物是(DNA)病毒。（5）纤维素是植物细胞壁的成分，植物细胞特有的结构物质纤维素（多糖）是由C葡萄糖构成的。【点睛】对于组成细胞的有机物的种类、组成元素、结构和功能的综合理解和应用是本题的解题关键。
