1、绝密启用前赣州市2013-2014学年第二学期期末考试高二年级物理试题第I卷（选择题）评卷人得分一、选择题（1-8题每题只有一个选项是正确的；9-11题每题有多个选项是正确的，每题4分，不全对得2分，共44分。）1在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是A将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化C将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接。往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流的变化D在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化
2、【答案】BA、将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，回路中没有磁通量的变化，不能产生感应电流，观察到电流表没有变化，故A错误；B、绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，回路中的磁通量发生变化，能观察电流表的变化，故B正确；C、将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁的过程中有感应电流产生，但是之后，再到相邻房间去观察时，回路中已经没有磁通量的变化，此时观察到的电流表没有变化，故C错误；D、在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，回路中没有磁通量的变化，不能产生感应电流，观察到电流表没有变化，故D错误。故选B。【考点】感应电流的产生
3、条件2. 关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是A安培力的方向可以不垂直于直导线B安培力的方向总是垂直于磁场的方向C安培力的的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半【答案】BAB、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故A错误B正确；C、磁场与电流不垂直时，安培力的大小为F=BILsin，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故C错误；D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从
4、中折成直角，安培力的大小一定变为原来的，故D错误故选B。【考点】安培力3如图所示，灯泡A、B都能正常发光，后来由于电路中某个电阻发生断路，致使灯泡A比原来亮一些，B比原来暗一些，则断路的电阻是（）AR1BR2CR3DR4【答案】BA 电阻R1单独在一个支路上，断路后使并联电路的电阻值变大，使灯泡所在的并联电路两端的电压变大，两个灯泡的亮度都变亮，此选项不符合题意，故A错误；B 电阻R2与灯泡A是并联的，如果R2断路，此处只有灯泡A一个电阻，根据并联电路总电阻与分电阻的关系，此处电阻相当于增大，所以灯泡A两端电压增大，灯泡B两端电压降低，由知，灯泡A功率变大，亮度变亮，灯泡B功率变小，亮度变暗，
5、此选项符合题意，故B正确；C 电阻R3与灯泡B是并联的，如果R3断路，此处只有灯泡B一个电阻，根据并联电路总电阻与分电阻的关系，此处电阻相当于增大，所以灯泡B两端电压增大，由知，功率变大，灯泡B变亮，此选项不符合题意；故C错误；D 电阻R4在干路上，如果R4断路，则整个电路没有电流，灯泡都不发光，此选项不符合题意，故D错误。故选B。【考点】闭合电路的欧姆定律4. 如图（a），线圈ab、cd绕在同一软铁芯上。在ab线圈中通以变化的电流，用示波器测得线圈cd间电压如图（b）所示。已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈ab中电流随时间变化关系的图中，可能正确的是【答案】C因为线圈c
6、d中每个时间段内电流大小不变化，则每个时间段内产生的感应电动势不变；根据法拉第电磁感应定律得：，电流为：，则线圈ab中每个时间段内电流的磁场均匀变化正确反应这一关系的图象只有C。故C正确。故选C。【考点】法拉第电磁感应定律5一理想变压器原、副线圈的匝数比n1 : n2=2 : 1，原线圈两端接一正弦式交变电流，其电压u随时间t变化的规律如图所示，则副线圈两端电压的有效值和频率分别为（）A220V，50HzB110V，0.5HzC110V，50Hz D220V，0.5Hz【答案】C根据图象可知，交流电的最大值为311V，所以原线圈的电压的有效值为220V，一理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2
7、=2：1，根据电压与匝数成正比可得，副线圈的电压，由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以频率为50Hz，变压器不会改变交流电的频率，所以副线圈的电流的频率也为50Hz，故C正确。故选C。【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率6、做直线运动的质点，先以6m/s的速度运动了3秒，再以3m/s的速度反向运动了2秒，则该质点在这5秒内的平均速度为（ ）A、1.5m/s B、2.4m/s C、4.5m/s D、4.8 m/s 【答案】B物体运动的总位移：；则平均速度：。故选B。【考点】平均速度7如图所示的虚线框为一长方形区域，该区域内有一垂直于纸面向里的匀强磁场，一束电子以不同的速率从O点垂
8、直于磁场方向、沿图中方向射入磁场后，分别从a、b、c、d四点射出磁场，比较它们在磁场中的运动时间ta、tb、tc、td，其大小关系是（）AtatbtctctdCtatbtctd Dtatbtctd【答案】B电子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期为 四个电子m、q相同，B也相同，则它们圆周运动的周期相同；画出电子运动的轨迹如图从图1看出，从a、b两点射出的电子轨迹所对的圆心角都是，则：从图2看出，从d射出的电子轨迹所对的圆心角，根据圆周运动的时间，T相同时，圆心角越大，时间t越大，所以，所以。故选B。【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动8、如图，电流恒定的通电导线MN，垂直平放在两条相互平行的水平光
9、滑长导轨上，电流方向由M指向N，在两轨间存在着竖直方向的均匀磁场，取垂直纸面向里的方向为磁感应强度的正方向，当t=0时，导线恰静止，若B按图中的正弦规律变化，则下列说法正确的是（ ）。A、在最初的一个周期内，导线在导轨上做往复运动B、在最初的一个周期内，导线加速度先增大后减小C、在最初的半个周期内，导线的速度先增大后减小D、在最初的一个周期内，导线一直向左运动【答案】D在第1个内，由左手定则可知，MN所受的安培力方向向左，由F=BIL知，安培力逐渐增大，则该棒从静止开始向左做加速度增大的变加速运动；在第2个内，由左手定则可知，MN所受的安培力方向向左，由F=BIL知，安培力逐渐减小，则该棒向左
10、做加速度减小的变加速运动时刻速度最大；在第3个内，由左手定则可知，MN所受的安培力方向向右，由F=BIL知，安培力逐渐增大，则该棒开始向左做加速度增大的变减速运动在第4个内，由左手定则可知，MN所受的安培力方向向右，由F=BIL知，安培力逐渐减小，则该棒向左做加速度减小的变减速运动，T时刻速度为零故在最初的一个周期内，导线在导轨上做一直向左运动在最初的半个周期内，导线的加速度先增大后减小，速度一直增大，故D正确。故选D。【考点】安培力；牛顿第二定律9. 如图所示，可视为点电荷的小物体A、B分别带负电和正电，B固定，其正下方的A静止在绝缘斜面上，则A受力个数可能为（ ）AA可能受2个力作用 BA
11、可能受3个力作用CA可能受4个力作用 DA可能受5个力作用【答案】AC首先物块受重力和B给的吸引力，若重力和吸引力恰好相等，则可以满足受力平衡的条件，所以A球可能受到2个力的作用，故A正确；若向上的吸引力小于重力，则A对斜面有压力，会受到斜面的支持力，若要合力为0处于平衡状态必须还要受一沿斜面向上的摩擦力才可以，所以A有可能受四个力的作用，故C正确故选AC。【考点】库仑定律；共点力平衡10、如图，水平放置的光滑平行金属导轨上有一质量为m的金属棒ab在一水平恒力F作用下由静止向右运动，则：（ ） A、随着ab运动速度的增大，其加速度也增大B、外力F对ab做的功等于电路中产生的电能C、当ab做匀速
12、运动时，外力F做功的功率等于电路中的电功率D、无论ab做何运动，它克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能【答案】CDA、金属棒所受的安培力为：，速度增大，安培力增大，则加速度减小，故A错误；B、根据能量守恒知，外力F对ab做的功等于电路中产生的电能以及ab棒的动能，故B错误；C、当ab棒匀速运动时，外力做的功全部转化为电路中的电能，则外力F做功的功率等于电路中的电功率，故C正确；D、根据功能关系知，克服安培力做的功等于电路中产生的电能，故D正确。故选CD。【考点】法拉第电磁感应定律11、关于天然放射性，下列说法正确的 （ ）。A所有元素都有可能发生衰变B放射性元素的半衰期与外界的温度无关C放
13、射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性D一个原子核在一次衰变中可同时放出、和三种射线E、和三种射线中，射线的穿透能力最强【答案】BCEA、有些原子核不稳定，可以自发地衰变，但不是所有元素都可能发生衰变，故A错误；B、放射性元素的半衰期由原子核决定，与外界的温度无关，故B正确；C、放射性元素的放射性与核外电子无关，故放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性，故C正确；D、一个原子核在一次衰变中只能放出、和三种射线中的一种，故D错误；E、和三种射线，射线的穿透力最强，电离能力最弱，故E正确。故选BCE。【考点】天然放射现象第II卷（非选择题）评卷人得分二、实验题（每空2分，共22分。）12
14、读出游标卡尺的读数为_cm螺旋测微器的读数为_mm【答案】5.45cm 6.576mm游标卡尺的主尺读数为：5.4cm=54mm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为40.1mm=0.4mm，所以最终读数为：54mm+0.4mm=54.4mm=5.45cm；螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为7.60.01mm=0.076mm，所以最终读数为6.5mm+0.076mm=6.576mm，由于需要估读，最后的结果可以在6.5756.578之间。【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用13、用右图所示的电路，测定一节干电池的电动势和内阻。电池的内阻较小，为了防止在调
15、节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻R0起保护作用。除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：（a） 电流表（量程0.6A、3A）；（b） 电压表（量程3V、15V）（c） 定值电阻（阻值1、额定功率5W）（d） 定值电阻（阻值10，额定功率10W）（e） 滑动变阻器（阴值范围0-10、额定电流2A）（f） 滑动变阻器（阻值范围0-100、额定电流1A）那么（1）要正确完成实验，电压表的量程应选择 V，电流表的量程应选择 A；R0应选择 的定值电阻，R应选择阻值范围是 的滑动变阻器。 （2）引起该实验系统误差的主要原因是 。【答案】（1）3，0.6，1，010（2）由于电压表的分流
16、作用造成电流表读数总是比电池实际输出电流小。由于电源是一节干电池（1.5V），所选量程为3V的电压表；估算电流时，考虑到干电池的内阻一般几欧姆左右，加上保护电阻，最大电流在0.5A左右，所以选量程为0.6A的电流表；由于电池内阻很小，所以保护电阻不宜太大，否则会使得电流表、电压表取值范围小，造成的误差大；滑动变阻器的最大阻值一般比电池内阻大几倍就好了，取010能很好地控制电路中的电流和电压，若取0100会出现开始几乎不变最后突然变化的现象。关于系统误差一般由测量工具和所造成测量方法造成的，一般具有倾向性，总是偏大或者偏小。本实验中由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小，造成E测E真，
17、。【考点】测定电源的电动势和内阻14、在“验证机械能守恒定律”的实验中：所用电源的频率为50Hz.某同学选择了一条理想的纸带，用刻度尺测得各计数点到O的距离(单位：mm)如图所示，图中O点是打点计时器打出的第一个点，A、B、C、D、E分别是每打两个点取出的计数点(1)从下列器材中选出实验所必须的，其编号为_A打点计时器(包括纸带)B重锤C天平D毫米刻度尺E秒表(或停表)F运动小车(2)若重锤的质量为mkg，则重锤从开始下落到打B点时，减少的重力势能是_J，从重锤下落到打B点时增加的动能是_J，得到的结论是_(取g9.8m/s2，结果保留三位有效数字)【答案】(1)ABD(2)1.91m1.88
18、m在实验误差允许的范围内，重锤的机械能守恒（1）打点计时器（含纸带）、重锤是必须的，为了测量计数点的距离，需要毫米刻度尺；因为我们是比较mgh、mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平；打点计时器本身可以计算时间，所以不需要秒表，实验用的是重锤，不需要运动小车；故选ABD；（2）重锤从开始下落到B点时，减小的重力势能；B点的瞬时速度，从重锤下落到打B点时增加的动能；在误差允许范围内，系统机械能守恒。【考点】验证机械能守恒定律评卷人得分三、计算题（解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位15、16每题10分，
19、17题14分）15（10分）如图，质量分别为mA、mB的两个弹性小球A、B静止在地面上方，B球距离地面的高度h=0.8m，A球在B球的正上方。先将B球释放，经过一段时间后再将A球释放。当A球下落t=0.3s时，刚好与B球在地面上方的P点处相碰，碰撞时间极短，碰后瞬间A球的速度恰好为零。已知mB=3mA,重力加速度大小g=10m/s2，忽略空气阻力及碰撞中的动能损失。求（1）B球第一次到达地面时的速度；（2）P点距离地面的高度。【答案】4m/s 0.75m（1）设B球第一次到达地面时的速度大小为，由运动学公式有将h=0.8m代入上式，得；（2）设两球相碰前后，A球的速度大小分别为和（=0），B球
20、的速度分别为和。由运动学规律可得由于碰撞的时间极短，重力的作用可以忽略，两球相碰前后的动量守恒，总动能保持不变。规定向下的方向为正，有设B球与地面相碰后的速度大小为，由运动学及碰撞的规律可得点P点距地面的高度为，由运动学规律可得联立可得。【考点】动量守恒定律16、当汽车B在汽车A前方7m时，A正以vA =4m/s的速度向右做匀速直线运动，而汽车B此时速度vB =10m/s，接着刹车向右做匀减速直线运动，加速度大小为a=2m/s2，此时开始计时，则：（1）经过多少时间，A和B相距最远？（2）A、B相距最远的距离为多大？（3）经过多少时间A恰好追上B？【答案】（1）3s （2）16m （3）8s（
21、1）当两车速度相等时，相距最远，则：当vB=4m/s时，两车相距最远，（2）经过3s，A汽车的位移为：，汽车B的位移为：所以（3）从计时开始，A车的位移B车的位移根据，代入数据得，t=7s汽车滑行到停下所需的时间知汽车停下后，B车仍在运动；B车的位移为根据得t=8s故A车经过8s追上B车。【考点】匀变速直线运动规律17（8分）如图所示，相距20cm的平行金属导轨所在平面与水平面夹角，现在导轨上放一质量为330g的金属棒ab，它与导轨间动摩擦因数为0.50，整个装置处于磁感应强度为2T的竖直向上匀强磁场中，导轨所接电源的电动势为15V，电阻不计，滑动变阻器的阻值满足要求，其他部分电阻不计，取，为
22、了保证ab处于静止状态，则：（1）ab通入的最大电流为多少？（2）ab通入的最小电流为多少？（3）R的调节范围是多大？【答案】 （1）ab通过最大电流时，受力分析如图，此时静摩擦力最大，方向沿斜面向下，由平衡条件得：而得（2）（3）当ab中电流最小时，变阻器阻值为：当ab中电流最强时，变阻器阻值为： ，为保持ab静止，R的调节范围为0.9110。【考点】共点力平衡；欧姆定律赣州市2013-2014学年第二学期期末考试高二年级物理试题答题卷一、选择题（411=44，17为单选，811为多选）题号1234567891011答案二、实验题（12题每空2分，13、14每空3分，共22分。）12、（1）
23、 （2） 13、（1） （2） 14、（1） （2） 三、计算题（共34分）15、（12分）16、（10分）17、（12分）参考答案1B 2B 3 B 4C 5C 6B 7B 8.D 9AC 10.CD 11BCE125.45cm 6.5756.578mm13、答案：（1）3，0.6，1，010。（2）由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电池实际输出电流小。【解析】由于电源是一节干电池（1.5V），所选量程为3V的电压表；估算电流时，考虑到干电池的内阻一般几欧姆左右，加上保护电阻，最大电流在0.5A左右，所以选量程为0.6A的电流表；由于电池内阻很小，所以保护电阻不宜太大，否则会使得电流表
24、、电压表取值范围小，造成的误差大；滑动变阻器的最大阻值一般比电池内阻大几倍就好了，取010能很好地控制电路中的电流和电压，若取0100会出现开始几乎不变最后突然变化的现象。关于系统误差一般由测量工具和所造成测量方法造成的，一般具有倾向性，总是偏大或者偏小。本实验中由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小，造成E测E真，r测r真。14、答案：(1)ABD(2)1.91m1.88m在实验误差允许的范围内，重锤的机械能守恒15、（1）设B球第一次到达地面时的速度大小为，由运动学公式有 将h=0.8m代入上式，得 =4m/s （2）设两球相碰前后，A球的速度大小分别为和（=0），B球的速度分别
25、为和。由运动学规律可得 由于碰撞的时间极短，重力的作用可以忽略，两球相碰前后的动量守恒，总动能保持不变。规定向下的方向为正，有 设B球与地面相碰后的速度大小为，由运动学及碰撞的规律可得 = 点P点距地面的高度为，由运动学规律可得 联立式，并代入已知条件可得 =0.75m 16（1）当两车速度相等时，相距最远，则：当vB=4m/s时，两车相距最远，（2）经过3s，A汽车的位移为：，汽车B的位移为：所以（3）从计时开始，A车的位移B车的位移根据，代入数据得，t=7s汽车滑行到停下所需的时间知汽车停下后，B车仍在运动；B车的位移为根据得t=8s故A车经过8s追上B车。17.（1）ab通过最大电流时，受力分析如图，此时静摩擦力最大，方向沿斜面向下，由平衡条件得：（2分）（1分）（2）（2分）（1分）（3）当ab中电流最小时，变阻器阻值为：当ab中电流最强时，变阻器阻值为： ，为保持ab静止，R的调节范围为0.9110(2分)版权所有：高考资源网()