1、辽宁省辽阳市2020届高三物理下学期一模考试试题（含解析）第卷（选择题 共62分）一、选择题:本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.下列说法正确的是（）A. 贝克勒尔通过实验最早发现了电子B. 若使放射性物质的温度升高，则其半衰期增大C. 核反应属于重核的裂变D. 核反应堆用过的废料清洁无污染，没有放射性【答案】C【解析】【详解】A贝克勒尔通过实验最早发现放射性现象，汤姆逊最早发现了电子，选项A错误；B放射性物质的半衰期与外界条件无关，选项B错误；C核反应属于重核的
2、裂变，选项C正确；D核反应堆用过的废料仍有放射性，有污染，选项D错误。故选C。2.“太空加油站”可以给飞往月球、小行星或火星的飞行器重新补充燃料，延长飞行器的使用寿命。若某“太空加油站”在同步卫星运行轨迹所在平面内的圆周轨道上运行，其轨道半径比同步卫星的轨道半径小，则下列说法正确的是（）A. “太空加油站”的线速度大于同步卫星的线速度B. “太空加油站”的角速度小于同步卫星的角速度C. 在“太空加油站”工作的宇航员处于超重状态D. “太空加油站”的加速度小于同步卫星的加速度【答案】A【解析】【详解】万有引力提供向心力解得，A由可知轨道半径小的线速度大，太空加油站的轨道半径小，则其线速度大，故A
3、正确；B由可知轨道半径小的角速度大，太空加油站的轨道半径小，则其角速度大，故B错误；C在太空加油站工作的宇航员只受万有引力作用，完全充当向心力，处于完全失重状态，故C错误；D由可知轨道半径小的加速度大，太空加油站的轨道半径小，则其加速度大，故D错误。故选A。3.如图所示，一轻绳绕过光滑的轻质定滑轮，一端挂一水平托盘，另一端被托盘上的人拉住，滑轮两侧的轻绳均沿竖直方向。已知人的质量为60kg，托盘的质量为20kg，取g=10m/s2。若托盘随人一起竖直向上做匀加速直线运动，则当人的拉力与自身所受重力大小相等时，人与托盘的加速度大小为（ ）A. 5m/s2B. 6m/s2C. 7.5m/s2D.
4、8m/s2【答案】A【解析】【详解】设人的质量为M，则轻绳的拉力大小T=Mg设托盘的质量为m，对人和托盘，根据牛顿第二定律有2T一(M+m)g=(M+m)a解得a=5m/s2故选A。4.甲、乙两车在两平行车道上沿同一方向做直线运动，t=0时刻起，它们的位移随时间变化的图象如图所示，其中曲线是甲车的图线，直线为乙车的图线。下列说法正确的是（）A. 012 s内，甲车先做加速运动后做减速运动B. 08 s内，两车的平均速度均为4.5 m/sC. 4 s末，甲车的速度小于乙车的速度D. 08 s内的任意时刻，甲、乙两车的速度都不相等【答案】B【解析】【详解】A图像的斜率表示速度，甲图线在0-4s内斜
5、率增大，速度增大，做加速运动，在4-8s内，斜率减小，速度减小，做减速运动，在8-12s内，斜率增大，速度增大，做加速运动，故A错误；B08s内，两车的位移都为36m，故平均速度均为故B正确；C在4s时刻，甲的斜率大于乙图线的斜率，所以甲的速度大于乙的速度，故C错误；D乙恒做匀速直线运动，且初速度大于甲的初速度，4s末甲的速度超过乙的速度，所以在04s内某时刻两者的速度相等，48s内甲速度又开始减小，到8s末图线的斜率为零，即速度为零，所以在48s内的某时刻两者的速度相等，故D错误。故选B。5.如图所示，轻质弹簧与倾角为37的固定斜面平行，弹簧的下端固定，上端与物块相连，绕过光滑定滑轮的轻绳分
6、别与物块和小球相连。开始时用手托住小球，使弹簧处于原长状态，滑轮左侧的轻绳与斜面平行，滑轮右侧的轻绳竖直，然后由静止释放小球。已知小球的质量是物块质量的两倍，重力加速度大小为g，物块与斜面间的动摩擦因数为0.5，取sin37=0.6，cos37=0.8，不计空气阻力。下列说法正确的是（）A. 释放小球的瞬间，小球的加速度大小为B. 物块上滑过程中，小球机械能的减少量等于弹簧性势能与物块机械能的增加量之和C. 物块上滑过程中，物块动能的增加量等于它所受重力轻绳拉力、摩擦力做功之和D. 物块上滑过程中，轻绳拉力对小球做的功等于小球机械能的变化【答案】D【解析】【详解】A令物块质量为m，则小球的质量
7、为2m，释放小球瞬间，对小球和物块整体根据牛顿第二定律有2mg-mgsin37-mgcos37=3ma解得故A错误；B根据能量守恒定律可知，物块上滑过程中，小球机械能的减少量等于弹簧弹性势能、物块机械能的增加量以及物块和斜面摩擦力产生的热量之和，故B错误；C根据动能定理可知，物块上滑过程中，物块动能的增加量等于它所受重力、轻绳拉力、摩擦力以及弹簧的弹力做功之和，故C错误；D小球运动过程中受到重力以及绳子的拉力，根据功能关系可知，绳子拉力所做的功等于小球机械能的变化，故D正确。故选D。6.图甲所示电路中，定值电阻R1、R2的阻值分别为20和5闭合开关S后，通过R2的正弦交变电流i随时间t变化的规
8、律如图乙所示。下列说法正确的是（）A. 通过R1的电流的频率为50HzB. 通过R2的电流最大值为AC. R1两端的电压有效值为20VD. R2消耗的电功率为20W【答案】AD【解析】【详解】A通过R1的电流的频率等于通过R2的电流的频率，均为选项A正确；B从图乙可以看出，通过R2电流的最大值是Im=2A，有效值为I=2A，选项B错误；C根据串联电路的特点可知，R1两端的电压有效值是所以C错误；DR2消耗的电功率为故D正确。故选AD。7.如图所示，a、b两点处分别固定有电荷量相同的正点电，c是线段ab的中点，g是ab的垂直平分线上的一点，且cd=ce=cg。下列说法正确的是（）A. a、b两点
9、连线上，c点的电场强度最大B. d、e两点的电场强度大小相等、方向相反C. c点的电势比g点的低D. 将一正点电荷从c点沿直线移到g点，其电势能减少【答案】BD【解析】【详解】A根据等量同种电荷的电场分布可知，a、b两点的连线上，c点的电场强度最小，大小为零，选项A错误；B由对称性可知，d、e两点的电场强度大小相等、方向相反，选项B正确；C因c点到两正电荷的距离比g点到两正电荷的距离都近，由电势叠加可知，c点的电势比g点的高，选项C错误；D两点荷连线中垂线上侧的场强由中点c指向g，则将一正点电荷从c点沿直线移到g点，电场力做正功，则其电势能减少，选项D正确。故选BD。8.如图所示，绝缘水平面内
10、固定有两足够长的平行金属导轨ab和ef，导轨间距为d，两导轨间分别接有两个阻值均为r的定值电阻和，质量为m、长度为d的导体棒PQ放在导轨上，棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨与棒的电阻，在空间加上磁感应强度小为B、方向竖直向下的匀强磁场，两根完全相同的轻弹簧一端与棒的中点连接，另一端固定，初始时刻，两根弹簧恰好处于原长状态且与导轨在同一平面内，现使导体棒获得水平向左的初速度，在导体棒第一次运动至右端的过程中，上产生的焦耳热为，下列说法正确的是（）A. 初始时刻，棒所受安培力的大小为B. 棒第一次回到初始位置时，的电功率为C. 棒第一次到达右端时，两根弹簧具有的弹性势能之和为D. 从初始时刻至
11、棒第一次到达左端的过程中，整个回路产生的焦耳热为4Q【答案】AC【解析】【详解】A.初始时刻，导体棒有效的切割长度为d，产生的感应电动势为：通过棒的感应电流为：导体棒所受安培力的大小为：联立解得：故A正确；B.由于安培力始终对导体棒做负功，产生焦耳热，由能量守恒定律知，当棒再次回到初始位置时，速度必小于，棒产生的感应电动势小于，通过导体棒的电流小于，则的电功率小于，故B错误；C.由能量守恒得知，当导体棒第一次达到最右端时，棒的动能全部转化为整个回路中的焦耳热和两根弹簧的弹性势能，两个电阻相同并联，故产生的热量相同，则电路中产生总热量为2Q，所以两根弹簧具有的弹性势能为，故C正确；D.由于安培力
12、始终对导体棒做负功，产生焦耳热，第一次运动至最右端的过程中产生的电热为Q，电路中产生总热量为2Q，棒第一次达到最左端的过程中，电路中产生总热量一定小于2Q，故D错误;故选AC。第卷（非选择题 共62分）二、非选择题:包括必考题和选考题两部分。第912题为必考题，每道试题考生都必须作答。第1316题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9.某同学利用图示装置验证滑块通过两个光电门的过程中机械能守恒。图中1、2是两个光电门（当物体从1、2间通过时，光电计时器可以显示物体的挡光时间），木板的一端在水平面上，将光滑木板的一端垫起，让滑块从木板的顶端滑下，光电门1、2各自连接的计时器显示的挡光时间分别
13、为t1和t2。用游标卡尺测得滑块的宽度为d，测得1、2间的距离为x，木板的倾角为。(1)滑块通过光电门1时的速度大小为_；(2)本实验_（选填“需要”或“不需要”）测量滑块的质量；(3)若滑块通过两个光电门的过程中机械能守恒，则有2gxsin =_。【答案】 (1). (2). 不需要 (3). 【解析】【详解】(1)1滑块通过光电门1时的速度等于通过光电门1的平均速度(2)2本实验要验证而，即要验证不需要测量滑块的质量。(3)3机械能守恒要满足其中，则可得10.某实验小组想测量某电源的电动势（约为3V）和内阻（约为10）。（1）张同学根据实验室提供的器材连接的实物电路如图甲所示，其中滑动变阻
14、器的最大阻值为30。对该实物电路，下列说法正确的是_。（填选项前的字母）A滑动变阻器不起变阻作用B电流表的接线有误C电流表的量程选用不当D电压表的接线有误（2）若实验中发现电流表已损坏，李同学找来一个电阻箱R（最大阻值为999.9），用电压表和电阻箱测电源的电动势和内阻，请将图乙所示虚线框中的电路补充完整_。（3）根据（2）中实验电路测得的多组电压表的示数U与电阻箱的阻值R，在（纵坐标）（横坐标）坐标系中描点作出一图象。若图线的斜率为k，图线在纵轴上的截距为b，则该电源的电动势E=_，内阻r=_。【答案】 (1). AB (2). (3). (4). 【解析】【详解】(1)1A、由电路图可知，
15、滑动变阻器同时接下面两个接线柱，滑动变阻器被接成了定值电阻，不起变阻作用，故A正确；B、由电路图可知，电流表正负接线柱接反了，电流表接线错误，故B正确；C、由电路图可知，电流表应该选择0.6A量程，电流表量程选择正确，故C错误；D、由电路图可知，电压表接线正确，故D错误；故选AB(2)2用电压表和电阻箱测量电动势和内电阻即伏阻法，将电压表和电阻箱并联接在电源两端即可；如图所示：(3)34根据闭合电路欧姆定律，有变形得则由数学规律可知：斜率截距解得11.回旋加速器D形盒的半径为R，高频加速电压的频率为f，空间存在方向垂直D形盒、磁感应强度大小为B的匀强磁场。用该回旋加速器加速带负电的粒子束，粒子
16、达到最大速度后被引出，测得粒子被引出时的平均电流为I。不计粒子的加速时间，求：(1)粒子被引出时的最大速度vm；(2)粒子束的输出功率P。【答案】(1)；(2)【解析】【详解】(1)设粒子的电荷量为、质量为，当粒子被引出时，有：由粒子做匀速圆周运动周期公式：解得(2)粒子束被引出时，设时间内飞出加速器的粒子数为，则有根据能量守恒定律有解得12.跑步健身可以增强体质，发达肌肉，完美身材，增强人意志和毅力。跑步涉及很多物理现象。如图所示，长的木板右端固定一立柱，板和立柱的总质量，木板置于水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数。质量的人（视为质点）立于木板左端，木板与人均静止。若人以大小的加速度匀加速
17、向右跑至木板的右端，并立即抱住立柱，取，求：(1)从人开始奔跑至到达木板右端所经历的时间；(2)人抱住立柱的瞬间损失的机械能；(3)从人开始运动到最终木板静止，木板发生的位移大小。【答案】(1)4s；(2)2160J；(3)4m【解析】【详解】(1)人向右运动过程中，受到摩擦力大小木板向左加速运动解得人运动的位移木板运动的位移二者反向运动，位移满足解得(2)人抱住立柱瞬间前，人的速度为此时立柱速度大小为人抱住立柱瞬间，人和立柱共速，选择水平向右为正方向，根据动量守恒定律解得根据能量守恒定律解得(3)根据(1)可知人抱住立柱后，共减速的加速度共减速的位移则木板移动的位移（二）选考题:共15分。请
18、考生从给出的2道物理题任选一题作答。如果多答，则每科按所答的第一题计分。物理选修3-3 13.下列说法正确的是（）A. 气体吸收了热量，其温度一定升高B. 第一类永动机不可能造成的原因是违反了能量守恒定律C. 自然界中涉及热现象的宏观过程都具有方向性D. 晶体均有规则的几何形状E. 水黾能停在液体的表面是因为液体的表面张力的作用【答案】BCE【解析】【详解】A根据热力学第一定律可知，做功和热传递均可以改变内能，气体吸收了热量，如果对外做功，内能不一定增加，温度不一定升高，A错误；B第一类永动机不可能制成，是因为违反了能量守恒定律，第二类永动机不可能制成是违反了热力学第二定律，故B正确；C热量能
19、够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体，即自然界中涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故C正确；D单晶体具有规则的几何形状，而多晶体没有规则的几何形状，故D错误；E水黾能停在水面上，是因为液体表面张力的作用，故E正确。故选BCE。14.如图所示，用活塞将热力学温度为T0的气体封闭在竖直汽缸里，活塞的质量为m、横截面积为S，活塞到汽缸底部的距离为h。现对缸内气体缓慢加热一段时间，使活塞上升后立即停止加热。已知气体吸收的热量Q与其温度差T的关系为Q=kT（中k为正的常量），大气压强为（n为常数），重力加速度大小为g，活塞、汽缸均用绝热材料制成，缸内气体视为理想气体，不
20、计一切摩擦。求:（1）停止加热时，缸内气体的压强p和热力学温度T；（2）加热过程中气体的内能改变量U。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）活塞受力平衡，有pS=mg+p0S其中解得加热过程中，缸内气体做等压变化，有解得（2）加热过程中，气体对外界做的功为加热过程中，气体吸收的热量为Q=k（T-T0）根据热力学第一定律有U=Q-W解得物理选修3-4 15.位于坐标原点的波源S不断地产生一列沿x轴正方向播的简谐横波，波速为8m/s，已知t=0时刻波刚好传播到x=13m处，部分波形如图所示。下列说法正确的是 。A. 波源S开始振动的方向沿y轴负方向B. 波源的振动频率为1HzC. t=9.2
21、5s时，x=13m处的质点的位移为5cmD. t=20s时，波刚好传播到x=160m处E. 在020s内，x=13m处的质点通过的路程为4m【答案】BCE【解析】【详解】A. 波源S开始振动的方向与t=0时刻x=13m处的质点起振的方向相同，由图可知沿y轴正方向，选项A错误；B由图可知波长=8m，则周期频率选项B正确；C. t=9.25s=9T时，x=13m处的质点振动到最高点，位移为5cm，选项C正确；D. t=20s时，波向前传播则波刚好传播到x=160m+13m=173m处，选项D错误；E. 因为20s=20T，则在020s内，x=13m处的质点通过的路程为204A=80A=400cm=4m，选项E正确。故选BCE。16.某直角三角形ABC透明柱状介质的横截面如图所示，一光线PD从AC边上的D点射入介质，经AC折射后到达BC边的中点时恰好发生全反射AC=L，CD=，介质对该光线的折射率n=，光在真空中的传播速度为c。求:（1）该光线从AC边上D点射入介质时与AC边的夹角的余弦值cos；（2）该光线从D点射入介质到第一次离开介质的时间t。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）光路如图所示，设光线到达BC边时发生全反射的临界角为，有由折射定律有解得（2）由（1）可得=60由几何关系可知，该光线在介质中传播的路程为s=L该光线在介质中的传播速度大小为经分析可知解得
