1、第九单元 恒定电流（A）注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1一节干电池的电动势为1.5 V，表示该电池()A一定有1.5 J的化学能转化为电能B在工作状态下两极
2、间的电压恒定为1.5 VC比电动势为1.2 V的电池存储的电能多D将1 C的正电荷在电源内部由负极移送到正极过程中，非静电力做了1.5 J的功2如图所示的电解槽接入电路后，在t秒内有n1个1价正离子通过溶液内截面S，有n2个1价负离子通过溶液内截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是()A当n1n2时电流强度为零B当n1n2时，电流方向从AB，电流强度为IC当n1n2时，电流方向从BA，电流强度ID电流方向从AB，电流强度I3在半导体工艺里经常需要测定金属薄膜厚度，目前采用的方式是通过测定电阻而间接测得薄膜厚度，查询资料得知某薄膜金属材料的电阻率，取一块厚度均匀、边长为L的正方形该金属薄膜，在薄
3、膜两端施加恒定电压U0。通过薄膜的电流方向如图所示，测定出流过薄膜的电流I，即可推导出薄膜厚度d，则()A电流I越大，则薄膜厚度d越小B电流I越大，则薄膜厚度d越大C正方形边长L越大，所测定的电阻值越大D正方形边长L越小，所测定的电阻值越小4如图所示为某收音机内一部分电路元件的电路图，各个电阻的阻值都是2 ，A、C间接一只内阻忽略不计的电流表，若将该部分与收音机的其他电路剥离出来，并在B、C两点间加6 V的恒定电压，则电流表的示数是()A1 A B2 A C3 A D4 A5如图所示，电源的内阻不可忽略，已知定值电阻R110 ，R28 。当开关S接位置1时，电流表的示数为0.20 A，开关S接
4、位置2时，电流表的示数可能是()A0.15 A B0.18 A C0.24 A D0.32 A6如图所示的电路中，电源的电动势为6 V，当开关S接通后，灯泡L1、L2都不亮，用电压表测得各部分的电压是Uab=6 V，Uad=0 V，Ucd=6 V，由此可判定()AL1和L2的灯丝都烧断了BL1的灯丝烧断了CL2的灯丝烧断了D变阻器R断路7某款扫地机器人如图所示，额定功率24 W，额定电流3 A，正常工作时电机输出的功率为19.5 W，锂电池容量9 Ah，为延长锂电池寿命，当剩余电量为总容量的20%时就需要充电，则()A电机的电阻为B额定电压为6.5 VC正常工作时，电机产生的热量为19.5 W
5、D充满电的电池可以正常工作时间为2.4 h8如图所示，电路中E、r为电源的电动势和内电阻，R1、R2、R3为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表。开关闭合时，平行金属板中带电小液滴P处于静止状态。选地面为零电势参考面，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则()A电阻R1消耗的功率增大B小液滴一定会运动且运动过程中电势能增加C电源的效率减小D若电流表、电压表的示数变化量分别为I和U，则二、多项选择题:本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9玩具车的两节干电池，已经用过较长时间，不能再驱动了，把它们取出来用电压表测电压
6、，电压表示数接近 3 V ，再把它们作为收音机的电源，收音机能正常工作。下列说法中正确的是()A这两节干电池的电动势减小了很多B这两节干电池的内阻增大了很多C这个收音机的额定电压一定比玩具车的额定电压小很多D这个收音机正常工作时的电流一定比玩具车正常工作时的电流小10如图所示，图线甲、乙分别为电源和某金属导体的UI图线，电源的电动势和内阻分别用E、r表示，根据所学知识分析下列选项正确的是() AE50 VBr C当该导体直接与该电源相连时，该导体的电阻为20 D当该导体直接与该电源相连时，电路消耗的总功率为80 W11在如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从最顶端向下滑动时()A
7、电压表V的示数先变大后变小B电流表A的示数变大C电压表V的示数先变小后变大D电流表A的示数先变大后变小12四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表A1、A2和两个电压表V1、V2。已知电流表A1的量程大于A2的量程，电压表V1的量程大于V2的量程，改装好后把它们按图所示接法连入电路，则()A电流表A1的读数大于电流表A2的读数B电流表A1指针的偏转角小于电流表A2指针的偏转角C电压表V1的读数小于电压表V2的读数D电压表V1指针的偏转角等于电压表V2指针的偏转角三、非选择题：本题共6小题，共60分。把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步
8、骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13(5分)小明想测额定电压为2.5 V的小灯泡在不同电压下的电功率，设计了如图所示的电路。(1)在实验过程中，调节滑片P，电压表和电流表均有示数但总是调不到零，其原因是 的导线没有连接好（图中用数字标记的小圆点表示接线点，空格中请填写图中的数字，如“7点至8点”）；(2)正确连好电路，闭合开关，调节滑片P，当电压表的示数达到额定电压时，电流表的指针如图所示，则电流为 A，此时小灯泡的功率为 W；(3)做完实验后小明发现在实验报告上漏写了电压为1.00 V时通过小灯泡的电流，但在草稿纸上记录了下列数据，你认为最有可能的
9、是 。A0.08 A B0.12 A C0.20 A14(9分)现要测量电流表G1的内阻，给出下列器材：电流表G1(量程5 mA，内阻r1约为150 )；电流表G2(量程10 mA，内阻r2约为100 )；定值电阻R1100 ；定值电阻R210 ；滑动变阻器R3(0200 )；干电池E(1.5 V，内阻未知)；单刀单掷开关S；导线若干。(1)定值电阻选_；(2)在虚线框中已画出部分实验电路设计图，请补充完整，并标明所用器材的代号；(3)若选测量数据中的一组计算r1，所用的表达式r1_，式中各符号的意义是：_。15(10分)如图所示为用电动机提升重物的装置，电动机线圈的电阻r1 ，电动机两端的电
10、压U5 V，电路中的电流I1 A，物体A重G20 N，不计摩擦力，则：(1)电动机线圈电阻上消耗的热功率是多少?(2)电动机的输入功率和输出功率各是多少?(3)10 s内，可以把重物A匀速提升多高?16(10分)在如图所示的电路中，电源电动势E6 V，内阻r1 ，电阻R13 ，R26 ，电容器的电容C3.6 F，开始时开关S1闭合，S2断开。(1)合上S2，求从S1闭合到电路稳定时，电容器C上变化的电荷量。(2)合上S2，待电路稳定以后再断开S1，求断开S1后，流过R2的电荷量。17(12分)如图甲所示，电源由n个电动势E1.5 V、内阻均为r(具体值未知)的电池串联组成，合上开关，在变阻器的
11、滑片C从A端滑到B端的过程中，电路中的一些物理量的变化如图乙中、所示，电表对电路的影响不计(图为输出功率与路端电压关系曲线；图为路端电压与总电流关系图线；图为电源的输出效率与外电阻的关系图线)。求组成电源的电池的个数，一个电池的内阻以及变阻器的总阻值。18(13分)图示为一测速计原理图，滑片P与某运动物体相连，物体运动时，会带动P在AB上滑动，当P匀速滑动时，电流表有一定的电流通过，从电流表示数可得到运动物体的速度。已知电源电动势E4 V，内阻r10 ，AB为粗细均匀的电阻丝，总阻值R30 ，长度L30 cm，电容器电容C50 F。现测得电流表示数为0.05 mA，方向由N流向M，试求物体运动
12、速度的大小和方向。第九单元（A）答案一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1【答案】D【解析】电源电动势的大小表征了电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电动势在数值上等于将1 C电量的正电荷从电源的负极移到正极过程中非静电力做的功，即一节干电池的电动势为1.5 V，表示该电池能将1 C电量的正电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做了1.5 J的功，D正确，A错误；工作状态时两极间的电压为路端电压，小于电源的电动势；B错误；电动势大的说明电源把其它形式的能转化为电能的本领大，但电动势大的存储的电能不一定多，C错误。2【答案】D【解析】电荷的定向
13、移动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流方向，负电荷移动的方向与电流方向相反，由图示可知，溶液中的正离子从A向B运动，负电荷由B向A运动，因此电流方向是AB，电流大小，故选D。3【答案】B【解析】根电阻定律，薄膜电阻，可知所测定的电阻值R与正方形边长L无关，故CD错误；根据欧姆定律，联立解得，根据厚度d公式，d与I成正比，与边长L无关，故A错误，B正确。4【答案】A【解析】等效电路如图所示，由串、并联电路的特点可知，所以IA1 A，A正确。5【答案】C【解析】根据题意可得I(A)(A)，在r从0到的范围内，0.2 AI0.25 A，故C正确。6【答案】C【解析】由Uab=6 V可知，电源完好。
14、灯泡都不亮，说明电路中出现断路故障，且在a、b之间。由Ucd=6 V可知，灯泡L1与滑动变阻器R是接通的，断路故障出现在c、d之间，故灯泡L2断路。7【答案】D【解析】由，得，故A错误；由，得额定电压，故B错误；正常工作时，电机产生的热量，故C错误；由，解得，故D正确。8【答案】D【解析】由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联，再与R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向a端移动时，滑动变阻器R4接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流减小；路端电压增大，同时R1两端的电压也减小；故并联部分的电压增大；由欧姆定律可知流过R3的电流增大，故电流表的示数
15、减小；根据，电阻R1消耗的功率减小，故A错误；电压表的示数变大，金属板板间的电场变强，电场力变大，电场力大于小液滴的重力，则小液滴向上运动，电势能减小，故B错误；由于路端电压变大，电源效率增大，故C错误；根据，很容易看出，由于，即有，故D正确。二、多项选择题:本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9【答案】BD【解析】电池用久后，内阻变大，电动势几乎不变，收音机能工作是因为它的工作电流较小。10【答案】AC【解析】由图象的物理意义可知电源的电动势E50 V，内阻r 5 ，故A正确，B错误；该导体与该电源相连时，电阻
16、的电压、电流分别为U40 V，I2 A，则R20 ，此时，电路消耗的总功率P总EI100 W，故C正确，D错误。11【答案】AB【解析】设滑动变阻器中P以上部分的电阻为 Rx ，滑动变阻器的总阻值为R0，则变阻器在电路中的阻值R，当Rx时，R最大，P从最顶端向下滑动时，回路中的总电阻先增大，后减小；当P滑向中点时，R增大，R总增大，I减小，路端电压增大，UR减小，IA增大。同理可知P滑过中点后，IA 增大，故A、B正确。12【答案】AD【解析】电流表A1的量程大于A2的量程，故电流表A1的内阻小于A2的内阻；由图可知，两电流表并联，故两流表两端的电压相等，两表由同一电流表改装而成，而将电流表扩
17、大量程时为并联一小电阻，故相当于为四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表的偏角相同，因A1表量程大于A2表，故A1的读数比A2的读数大，A正确，B错误；电压表V1的量程大于V2的量程，故V1的电阻大于V2的电阻；两电压表串联，故通过两表的电流相等，故V1的读数比V2的读数大，两电压表串联，通过表头的电流相等，表头指针偏转角度相等，电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角，C错误，D正确。三、非选择题：本题共6小题，共60分。把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13(5
18、分)【答案】(1)1点至4点 (2分) (2)0.30 (1分) 0.75 (1分) (3)C (2分)【解析】(1)在实验过程中，调节滑片P，电压表和电流表均有示数但总是调不到零，其原因是1点至4点的导线没有连接好，滑动变阻器相当于接成了限流电路；(2)由表盘刻度可知，电流表读数为0.30 A；则灯泡的额定功率：PIU0.302.5 W0.75 W；(3)若灯泡电阻不变，则由，解得I10.12 A，考虑到灯泡电阻温度越低时阻值越小，则通过灯泡的电流要大于0.12 A，则选项C正确。14(9分)【答案】(1)R1(2分) (2)图见解析 (3分) (3)R1(2分)I1、I2分别表示电流表G1
19、、G2的示数，R1表示定值电阻R1的阻值(2分)【解析】(1)若选R2，则其阻值太小，电流过大，而R1与G1内阻相当，故选R1。(2)电路图如图所示：G2的示数与G1的示数之差为通过R1的电流值。(3)由串、并联电路特点：I1r1R1(I2I1)，得r1R1，I1、I2分别表示电流表G1、G2的示数，R1表示定值电阻R1的阻值。15(10分)【解析】(1)根据焦耳定律，得热功率 PrI2r1 W。(2分)(2)输入功率PUI5 W(2分)输出功率P输出P-Pr4 W。(2分)(3)电动机输出的功用来提升重物转化为机械能，在10 s内，有：P输出tmgh。(2分)解得：h2 m。(2分)16(1
20、0分)【解析】(1)S1闭合、S2 断开时，电容器两端的电压U1I1R1R14.5 V(2分)S2闭合后，有：I2(2分)解得：U2I24 V(1分)故电容器上电荷量减少了Q(U1-U2)C1.810-6 C。(1分)(2)合上S2后电容器上的电荷量QCU21.4410-5 C(1分)断开S1后，R1 、R2 并联(1分)流过某电阻的电荷量与电阻成反比，流过 R2 的电荷量为：Q2Q4.810-6 C。(2分)17(12分)【解析】据图象的物理意义：由图知，输出的最大电功率P出m4.5 W(3分)由图可知，短路电流I短3 A(3分)由图可知，当滑片在B端时(即变阻器接入电路的电阻最大时)100%80%(3分)联立解得：n4，r0.5 ，Rm8 。(3分)18(13分)【解析】流过电阻丝上的电流 I100 mA，远远大于电容器上的充放电电流(2分)当P移动x 时，电容器上电压的变化为UIR(2分)RR(1分) 其充放电电流IC(2分)解得：IC(2分)其中：v (1分)所以v0.1 m/s(2分)又因 IC 由N流向M，电容器放电，P右移，故物体移动方向向右。(1分)