1、山南二高2020-2021学年高三第三次月考试卷理科综合物理部分1. 如图所示，倾角为、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上下列结论正确的是A. 木块受到的摩擦力大小是mgcosB. 木块对斜面体的压力大小是mg sinC. 桌面与斜面体之间没有摩擦力D. 桌面对斜面体的支持力大小是Mg【答案】C【解析】【分析】对木块m受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件求解支持力和静摩擦力；对M和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡；【详解】AB、对木块m受力分析，受重力mg、支持力N和静摩擦力f，根据平衡条件，有：， 根据牛顿第三定律，木块对斜面体的压力大小也为，
2、故A、 B错误；CD、对M和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对斜面体的支持力为，静摩擦力为零，故C正确，D错误；故选C【点睛】关键灵活地选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解2. 一物块静止在粗糙的水平桌面上从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小能正确描述F与a之间的关系的图像是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】根据物体受力可知：物体受到拉力、摩擦力、重力和支持力，其中重力和支持力为平衡力，物体所受合力为拉力和摩擦力的矢量和当时，物块受静摩擦力，物块始终静止，
3、物体所受合力为零，加速度为0；当时，物块受滑动摩擦力且大小不变，合力大于零，物块做加速运动由牛顿第二定律可得，又，则有，根据图像可知，综上所述，正确答案为C3. 如图所示，D点为固定斜面AC的中点，在A点先后分别以初速度v01和v02水平抛出一个小球，结果小球分别落在斜面上的D点和C点空气阻力不计设小球在空中运动的时间分别为t1和t2，落到D点和C点前瞬间的速度大小分别为v1和v2，落到D点和C点前瞬间的速度方向与水平方向的夹角分别为和，则下列关系式正确的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】本题考查的是平抛运动的规律，两次平抛均落到斜面上，位移偏转角相等，以此切入即可求出答案【
4、详解】设斜面的倾角为，可得，所以，竖直方向下降的高度之比为1：2，所以 ，求得，再结合速度偏转角的正切值是位移偏转角正切值的两倍，所以C正确【点睛】平抛运动问题的切入点有三种：轨迹切入、偏转角切入、竖直方向相邻相等时间位移差为常数4. 如图所示，用长为r的细杆粘住一个质量为m的小球，使之绕另一端O在竖直平面内做圆周运动，小球运动到最高点时的速度，在最高点时（）A. 小球对细杆拉力是B. 小球对细杆的压力是C. 小球对细杆的拉力是D. 小球对细杆的压力是【答案】B【解析】【详解】假设在最高点时小球受拉力为F，则由牛顿第二定律解得负号说明小球受支持力作用，即小球对细杆的压力是。故选B。5. 如图所
5、示，虚线a、b、c是某静电场中的三个等势面，它们的电势分别为、，且，一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示由图可知（）A. 粒子从K到L的过程中，电场力做负功B. 粒子从L到M的过程中，电场力做负功C. 粒子从K到L的过程中，电势能增加D. 粒子从L到M的过程中，动能减少【答案】AC【解析】【详解】电场线与等势面垂直，由较高的等势面指向较低的等势面，分布图如图A粒子从K到L的过程中，正粒子从低电势向高电势运动，根据故电场力做负功，A正确；B粒子从L到M的过程中，正粒子先从低电势向高电势运动，后从高电势向低电势运动，电场力先做负功后做正功，B错误；C粒子从K到L的过程中，电场力做
6、负功，电势能增加，C正确；D粒子从L到M的过程中，电场力先做负功后做正功，故动能先减少后增大，D错误。故选AC。6. 如图甲所示，一理想变压器原线圈匝数为n1=1000匝，副线圈匝数为n2=150匝，变压器输入端的正弦交变电压如图乙所示，定值电阻的阻值为11，总阻值为22的滑动变阻器滑片为P。下列说法中正确的是（）A. 变压器副线圈输出电压的频率为50HzB. 滑片P向右滑动时，电阻R两端的电压不变C. 滑片P滑到最右端时，通过电阻R的电流为6AD. 滑片P滑到最左端时，变压器的输入功率为66W【答案】AC【解析】【详解】A由图象可知，交流电的周期为T=0.02s，所以交流电的频率为f=50H
7、z，故A正确；B滑片P向右滑动时，副线圈总电阻减小，总电流增大，电阻R两端的电压增大，故B错误；C滑片P滑到最右端时，变阻器电阻为0，原线圈电压的有效值为，根据电压与匝数成正比，有，得，通过R的电流为故C正确；D滑片P滑到最左端时，变压器的输出功率为故D错误。故选AC。7. 一质量为m的物体静止在水平地面上,在水平拉力F的作用下开始运动,在06s内其速度与时间关系图象和拉力的功率与时间关系图象如图所示,取g=10m/s2,下列判断正确的是( )A. 拉力F的大小为4N,且保持不变B. 物体的质量m为2kgC. 06s内物体克服摩擦力做功24JD. 06s内拉力做的功为156J【答案】BD【解析
8、】【详解】A、在0-2s内物体做加速运动，2-6s内做匀速运动，由受力分析可知，拉力不恒定，故A错误； B、在2-6s内P=Fv，故f=F=4N，在甲图中，由牛顿第二定律可知F-f=ma，在2s末，P=Fv，联立解得m=2kg，F=10N，故B正确；C、由图象可知在0-6s内通过的位移为x=30m，故摩擦力做功为Wf=fx=430=120J，故C错误；D、由动能定理可知 ，故D正确；故选BD8. 如图所示，平行导轨位于竖直平面内，导轨间距离L=0.5m，两导轨与电阻R连接，其余电阻不计，水平虚线下方存在匀强磁场，磁感应强度B=2T，质量m=0.1kg的导体棒ab垂直放置于导轨上，与导轨接触良好
9、，将其从距虚线h高处由静止释放，进入磁场时恰好以=2m/s做匀速直线运动。g取10，则下列说法正确的是（）A. 导体棒ab进入磁场后电流的方向是b到aB. 导体棒进入磁场后下落的过程不存在能量转化C. 电阻R的阻值为0.02D. h=0.2m【答案】AD【解析】【详解】A由右手定则可知，导体棒ab进入磁场后电流方向由b到a，故A正确；B导体棒进入磁场后切割磁感线产生感应电动势，在闭合回路中产生电流，部分机械能转化为焦耳热，有能量转化，故B正确；C导体棒切割磁感线产生的感应电动势安培力导体棒做匀速直线运动，由平衡条件得代入数据解得故C错误；D导体棒进入磁场前做自由落体运动，下落高度故D正确。故选
10、AD。第II卷（非选择题）三、非选择题：共174分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共137分。9. 在测定匀变速直线运动加速度实验中，某次实验纸带的记录如图所示，纸带上O、A、B、C、D、E、F、G为计数点，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，由图可知纸带的加速度等于_，在打D点时纸带的速度为_（保留两位有效数字），F到G的距离为_cm【答案】 (1). 075 m/s2 (2). 040 m/s (3). 590 cm【解析】【详解】根据题意可知：每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，因此计数点之间的时间间隔为：，根据匀
11、变速直线运动推论 可得：；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，因此有：；根据题意可知：，则：【点睛】能够知道相邻的计数点之间的时间间隔，利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力10. 某同学为了测量05V电压表的内阻，他从实验室拿来多用电表、3节干电池、最大阻值为100的滑动变阻器、开关和若干导线。(1)该同学在先用多用电表粗测电压表内阻时，把选择开关旋到欧姆1k挡，正确调零后，将_（选填红或黑）表笔接电压表的“5V”接线柱，另一只表笔接一接线柱，多用电表的指针位置如图甲中的a所示，则电压表的内阻为_；(2)
12、再用伏安法测量其内阻，把多用电表的选择开关旋到直流电流的_（填100、10或1）mA挡，并把各仪器按图乙接好电路；(3)实验中当电压表的示数为4.0V时，多用电表的指针位置如图甲中的b所示，则示数为_mA，则电压表的内阻Ry_（结果保留两位有效数字）。【答案】 (1). 黑 (2). 9K（或9103） (3). 1 (4). 0.45（0.440.46均给分） (5). 8.9K（或8.9103）【解析】【详解】(1)1用多用电表欧姆档测电压表内阻，由于多用电表的内接电源正极接在黑表笔上，所以黑表笔要电压表的正接线柱。2读数由倍率和示数的乘积，所以RV=9000。(2)3估算电路中的电流为所
13、以电流表的量程选项1mA。(3)4由电流表（多用电表电流档）读得电路中的电流5电压表内11. 如图所示，工人用绳索拉铸件，铸件的质量是20kg，铸件与地面间的动摩擦因数是0.25，工人用80N的力拉动铸件，从静止开始在水平面上前进，绳与水平方向的夹角为并保持不变，经4s后松手（，cos37=0.8，sin37=0.6）。求：(1)松手前铸件的加速度大小；(2)松手后铸件还能前进的距离结果保留两位有效数字。【答案】(1)；(2)5.4m【解析】【详解】(1)工人拉铸件时，对工件受力分析根据牛顿第二定律得联立得(2)松手时铸件的速度松手后的加速度大小则松手后铸件还能滑行的距离12. 如图，一质量为
14、M=2kg的物块静止在桌面边缘，桌面离水平面的高度为h=0.8m。一质量为m=100g的子弹以水平速度=120m/s射入物块后，以水平速度射出。物块质量损失不计，重力加速度g=10m/s2。求：(1)此过程中系统损失的机械能；(2)此后物块落地点离桌面边缘的水平距离。【答案】(1)396J；(2)0.8m【解析】【详解】(1)设子弹穿过物块后物块的速度为V，由动量守恒得解得系统损失的机械能为由两式可得(2)设物块下落到地面所需时间为t，落地点距桌面边缘的水平距离为s，则由三式可得13. 关于对分子动理论、气体和晶体等知识的理解，下列说法正确的是_A. 温度高的物体，其分子的平均动能一定大B.
15、液体的分子势能与体积无关C. 晶体在物理性质上可能表现为各向同性D. 温度升高，气体压强一定变大E. 热量可以从低温物体传给高温物体【答案】ACE【解析】【详解】A温度是分子平均动能的标志，温度升高时，分子的平均动能增大，故A正确；B液体分子之间距离不同，液体分子之间的分子力大小就不同，所以分子力做功不同，则分子势能就不同，所以液体的分子势能与体积有关，故B错误；C单晶体因排列规则其物理性质为各向异性，而多晶体因排列不规则表现为各向同性，故C正确；D根据理想气体得状态方程可知温度升高，气体的压强不一定增大，还要看体积变化，故D错误；E热量不能自发的从低温物体传给高温物体，但在引起其它变化的情况
16、下可以由低温物体传给高温物体，故E正确。故选ACE。14. 如图所示，一端封闭、粗细均匀的U形玻璃管开口向上竖直放置，管内用水银将一段气体封闭在管中当温度为280K时，被封闭的气柱长L=25cm，两边水银柱高度差h=5cm，大气压强p0=75cmHg。加热封闭气体，为使左端水银面下降h1=5cm，求此时封闭气体的温度；封闭气体温度保持问中的值不变，为使两液面相平，求需从底端放出的水银柱长度。【答案】384K；9cm【解析】【详解】设左端水银面下降前、后封闭气体的压强温度体积分别为p1、p2，温度为T1、T2，体积为V1、V2，则，T1=280K，T2=?由理想气体状态方程得代入数值解得两液面相
17、平时，气体的压强为：，体积为，左端液面下降，右管液面下降了，由玻意耳定律得解得所以放出的水银柱长度15. 一简谐横波沿x轴正向传播，在t=0时刻的波形图如图所示，此时该波刚传到x=8m处再经过3.8s时，P质点第5次出现波峰则_A. 该波的周期为0.8sB. 该波的波速为15m/sC. 再经过 t=1.4s，坐标为x=16m处的质点第一次出现波峰D. 再经过 t =1s，P点处于波峰E. P点的振动方程为y=-25sin2.5t（cm）【答案】ACE【解析】【详解】AP点第一次振动到最高点的时间为，第5次到最高点的时间为，由解得T=0.8s选项A正确；B该波的波速为选项B错误；C波传播到x=1
18、6m处的质点需要0.8s，然后该处质点向下振动，再振动到达波峰，因此需要经过1.4s到达波峰，C正确；D再经过P点处于波谷，D错误；EP点的振幅为25cm，振动角速度故振动方程为y=-25sin2.5t（cm）E正确；故选ACE。16. 单色光以入射角射到半径为R、折射率为的透明球体中，并被球内经一次反射后再折射后射出，入射和折射光路如图所示。真空中的光速为。(1)在图上大致画出光线在球内的路径和方向；(2)求入射光与出射光之间的夹角；(3)单色光通过透明球体的时间（用R和表达）。【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【详解】(1)光路如图所示(2)由折射定律可知得根据几何关系得(3)单色光在透明球体中的传播速度为则所以传播时间