1、黑龙江省哈尔滨市第六中学校2020届高三数学第一次模拟考试试题 文（含解析）一、选择题：本题共12小题，每题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1. 已知集合，则集合的子集共有（ ）A. 个B. 个C. 个D. 个【答案】B【解析】【分析】计算，再计算子集个数得到答案.【详解】，则集合，故的子集共有个.故选：.【点睛】本题考查了集合的交集运算，子集个数，属于简单题.2. 已知复数满足，则（ ）A. 2B. C. 4D. 【答案】A【解析】【分析】先根据复数的四则运算将复数表示成的形式，结合复数的模的计算公式，即可得解.【详解】，.故选：A.【点睛】本题主要考查复数
2、的四则运算及复数的模，考查考生的运算求解能力，熟记复数模的计算公式是本题的解题关键，属于基础题.3. 设函数，则的值为( )A. -7B. -1C. 0D. 【答案】D【解析】【分析】利用分段函数的性质即可得出【详解】函数，故选D【点睛】(1)求分段函数函数值，要先确定要求值的自变量属于哪一段区间，然后代入该段的解析式求值，当出现f(f(a)的形式时，应从内到外依次求值(2)当给出函数值求自变量的值时，先假设所求的值在分段函数定义区间的各段上，然后求出相应自变量的值，切记要代入检验，看所求的自变量的值是否满足相应段自变量的取值范围4. 双曲线C:的 一条渐近线的倾斜角为130，则C的离心率为A
3、. 2sin40B. 2cos40C. D. 【答案】D【解析】【分析】由双曲线渐近线定义可得，再利用求双曲线的离心率【详解】由已知可得，故选D【点睛】对于双曲线：，有；对于椭圆，有，防止记混5. 已知平面向量,的夹角为，且，则 ( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据向量的数量积和向量的模的运算，即可求解.【详解】由题意，可得，所以，故选B.【点睛】本题主要考查了平面向量的数量积的运算及应用，其中解答中熟记平面向量的数量积的运算公式，以及向量的模的运算公式是解答的关键，着重考查了推理与运算能力，属于基础题.6. 元朝著名数学家朱世杰在四元玉鉴中有一首诗：“我有一壶酒，携着
4、游春走，遇店添一倍，逢友饮一斗，店友经四处，没了壶中酒，借问此壶中，当原多少酒？”用程序框图表达如图所示，即最终输出的，则一开始输入的的值为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】设输入的值为，将循环列举出来，可得出输出的关于的表达式，由输出的值为零，可求得的值，即可得解.【详解】设出入的值为，第一次循环，不成立；第二次循环，不成立；第三次循环，不成立；第四次循环，成立，跳出循环体.输出的，解得.故选：C.【点睛】本题考查利用程序框图计算输入结果，一般要求将程序的每一步列举出来，考查计算能力，属于基础题.7. 在天文学中，天体的明暗程度可以用星等或亮度来描述.两颗星的星等与亮度
5、满足，其中星等为mk的星的亮度为Ek（k=1,2）.已知太阳的星等是26.7，天狼星的星等是1.45，则太阳与天狼星的亮度的比值为( )A. 1010.1B. 10.1C. lg10.1D. 【答案】A【解析】【分析】由题意得到关于的等式，结合对数的运算法则可得亮度的比值.【详解】两颗星的星等与亮度满足,令,.故选A.【点睛】本题以天文学问题为背景,考查考生的数学应用意识信息处理能力阅读理解能力以及指数对数运算.8. 意大利数学家斐波那契算经中记载了一个有趣的问题：已知一对兔子每个月可以生一对兔子，而一对兔子出生后在第二个月就开始生小兔子.假如没有发生死亡现象，那么兔子对数依次为：，这就是著名
6、的斐波那契数列，它的递推公式是，其中，.若从该数列的前项中随机地抽取一个数，则这个数是偶数的概率为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】计算共有个偶数，计算概率得到答案.【详解】数列第1个，第2个为奇数，故第3个为偶数，第4个，第5个为奇数，第6个为偶数.根据规律：共有偶数个，故.故选：.【点睛】本题考查了概率的计算，意在考查学生的计算能力.9. 已知函数的最大值、最小值分别为和，关于函数有如下四个结论： ， ； 函数的图象关于直线对称； 函数的图象关于点对称； 函数在区间内是减函数其中，正确的结论个数是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】计算得到，再根据
7、函数的对称性和单调性判断每个选项得到答案.【详解】的最大值、最小值分别为和，故，解得，故，正确；当时，故正确；函数的图象的中心对称点纵坐标为，故错误；当时，故正确；故选：.【点睛】本题考查了三角函数的解析式，对称性和单调性，意在考查学生的综合应用能力.10. 设是同一个半径为4的球的球面上四点，为等边三角形且其面积为，则三棱锥体积的最大值为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】分析：作图，D为MO 与球的交点，点M为三角形ABC的中心，判断出当平面时，三棱锥体积最大，然后进行计算可得详解：如图所示，点M为三角形ABC的中心，E为AC中点，当平面时，三棱锥体积最大此时，,点M为三角形
8、ABC的中心中，有故选B.点睛：本题主要考查三棱锥外接球，考查了勾股定理，三角形的面积公式和三棱锥的体积公式，判断出当平面时，三棱锥体积最大很关键，由M为三角形ABC的重心，计算得到，再由勾股定理得到OM，进而得到结果，属于较难题型11. 已知为抛物线的焦点，过的直线交抛物线于两点（点在第四象限），若，则的值为（ ）A. B. C. D. 64【答案】B【解析】【分析】求出焦点坐标，设出直线的方程、点坐标和点坐标，联立直线方程与抛物线方程，利用根与系数的关系及，可求出的值，再利用两点间距离公式即可得解.【详解】抛物线方程为，焦点，设直线的方程为，将直线的方程与抛物线的方程联立，消去得，所以，解
9、得，所以，的值为.故选：B.【点睛】本题考查直线与抛物线相交所得弦的弦长问题，其中涉及到抛物线的性质、向量相等的坐标表示及两点间的距离公式，属于中档题.在处理直线与抛物线的位置关系的题时，一般要用到根与系数的关系.12. 已知定义在上的函数的导函数为，且，若对任意，恒成立，则不等式的解集为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】依据题意，构造函数，然后计算，可知函数的单调性，简单判断可得结果.【详解】由题可知：，所以，即令，则又对任意，恒成立所以，可知函数在单调递增又，所以所以即的解集为即不等式的解集为故选：C【点睛】本题考查通过构造函数利用导数求解不等式，针对这种题型，重在构
10、造函数，如本题关键在于构造函数，审清题意，仔细观察，属中档题.二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分13. 曲线在点处的切线方程为_【答案】【解析】【分析】求导，可得斜率，进而得出切线的点斜式方程.【详解】由，得，则曲线在点处的切线的斜率为，则所求切线方程为，即.【点睛】求曲线在某点处的切线方程的步骤：求出函数在该点处的导数值即为切线斜率；写出切线的点斜式方程；化简整理.14. 已知实数满足约束条件，则取最大值时的最优解是_【答案】【解析】【分析】画出图像，找到可行域，画出目标函数的等值线，并在可行域中进行平移，可得目标函数取最值的最优解.【详解】如图令，可得，平移该直线，根据图形可
11、知当经过点时，有最大，则故可知取最大值时的最优解为故答案为：【点睛】本题考查线性规划的问题，解决线性的目标函数最值问题的一般步骤为：（1）作图，（2）作出目标函数的一条等值线，（3）理解的含义，在可行域中平移等值线，属基础题.15. 在长方体中，直线与平面所成的角为，则异面直线与所成角的余弦值为_.【答案】【解析】【分析】以为原点，为轴，为轴，为轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出异面直线与所成角的余弦值.【详解】解：以为原点，为轴，为轴，为轴，建立空间直角坐标系，在长方体中，.直线与平面所成的角为，设异面直线与所成角为，则.异面直线与所成角的余弦值为.故答案为：【点睛】本题考查异面直线所
12、成角，用向量法或用定义法结合余弦定理在解三角形中的应用，是中档题16. ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c.已知sinB+sinA（sinCcosC）0，a2，c，则C_.【答案】【解析】【分析】根据和差角公式化简可得,再根据正弦定理求解即可.【详解】sinBsin（A+C）sinAcosC+cosAsinC,sinB+sinA（sinCcosC）0,sinAcosC+cosAsinC+sinAsinCsinAcosC0,cosAsinC+sinAsinC0,sinC0,cosAsinA,tanA1,0A,A,a2,c,由正弦定理可得,可得：sinC,ac,C.故答案为：【点睛】本题
13、主要考查了和差角公式以及解三角形进行边角互化求角度等方法,属于中档题.三、解答题：共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答；第22、23题为选考题，考生根据要求作答17. 已知数列是递增的等差数列，成等比数列（I）求数列的通项公式；（II）若，求数列的前项和.【答案】（I）；（II）.【解析】【分析】（I）设的公差为，由条件列出方程组，求得的值，即可得到数列的通项公式； （II）由（I）可得，利用裂项法，即可求解数列的前n项和.【详解】（I）设的公差为，由条件得，（II）由（I）可得，【点睛】本题主要考查了等差数列通项公式和“裂项法”求数列的
14、前n项和，其中解答中根据题意，列出方程组求得的值，求得数列的通项公式，以及合理利用“裂项法”求和是解答的关键，着重考查了推理与运算能力，属于基础题.18. 如图，在四棱锥中，底面是边长为的正方形，.（1）证明：平面平面；（2）若点为线段的中点，求到平面的距离.【答案】（1）见解析（2）【解析】【分析】(1）取中点，连结，推导出，从而平面，由此能证明平面平面（2）推导出，从而, 记点到平面的距离为，由,得，由此能求出点到平面的距离.【详解】证明：（1）取中点，连结，底面是边长为的正方形，平面，平面，平面平面解：（2）底面是边长为的正方形，又，在中，记点到平面的距离为，解得，点为线段的中点，点到平
15、面的距离为.【点睛】本题考查面面垂直的证明，考查点到平面的距离的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系，考查运算求解能力，考查数形结合思想，是中档题19. 某公司为了对某种商品进行合理定价，需了解该商品的月销售量（单位：万件）与月销售单价（单位：元/件）之间的关系，对近个月的月销售量和月销售单价数据进行了统计分析，得到一组检测数据如表所示：月销售单价（元/件）月销售量（万件）（1）若用线性回归模型拟合与之间的关系，现有甲、乙、丙三位实习员工求得回归直线方程分别为：，和，其中有且仅有一位实习员工的计算结果是正确的请结合统计学的相关知识，判断哪位实习员工的计算结果是正确的，并说明理由；（2）
16、若用模型拟合与之间的关系，可得回归方程为，经计算该模型和（1）中正确的线性回归模型的相关指数分别为和，请用说明哪个回归模型的拟合效果更好；（3）已知该商品的月销售额为（单位：万元），利用（2）中的结果回答问题：当月销售单价为何值时，商品的月销售额预报值最大？（精确到）参考数据：.【答案】（1）甲；（2）；（3）【解析】【分析】（1）根据数据知负相关，排除乙，计算中心点验证排除丙得到答案.（2）越大，残差平方和越小，拟合效果越好，得到答案.（3），求导得到单调区间，得到答案【详解】（1）根据数据知负相关，排除乙.，.代入验证知，丙不满足，故甲计算正确.（2）越大，残差平方和越小，拟合效果越好，故
17、选用更好.（3）根据题意：，故.令，则（舍去）或.故当时，函数单调递增，当时，函数单调递减.故当时，商品的月销售额预报值最大.【点睛】本题考查了回归方程，意在考查学生的计算能力和应用能力.20. 已知斜率为的直线与椭圆交于，两点线段的中点为（1）证明：；（2）设为的右焦点，为上一点，且证明：【答案】（1）证明见解析（2）证明见解析【解析】【详解】分析：（1）设而不求，利用点差法，或假设直线方程，联立方程组，由判别式和韦达定理进行证明（2）先求出点P的坐标，解出m，得到直线的方程，联立直线与椭圆方程由韦达定理进行求解详解：（1）设，则，两式相减，并由得由题设知，于是由题设得，故（2）由题意得F（
18、1，0）设，则由（1）及题设得，又点P在C上，所以，从而，于是同理所以故点睛：本题主要考查直线与椭圆的位置关系，第一问利用点差法，设而不求可减小计算量，第二问由已知得求出m，得到,再有两点间距离公式表示出，考查了学生的计算能力，难度较大21. 已知函数，（1）当时，求函数的单调区间；（2）定义：对于函数，若存在，使成立，则称为函数的不动点如果函数存在不动点，求实数a的取值范围【答案】（1）单调递增区间是，的单调递减区间是；（2）【解析】【分析】（1）把代入，计算，分别令求解即可.（2）令，然后采用分离变量可得，构造函数，利用导数判断函数单调性并计算，简单判断可得结果.【详解】（1）由题可知：函
19、数定义域为，当时，当，即时，或；当，即时，的单调递增区间是，的单调递减区间是（2）存在不动点，方程有实数根，即在上有解今，令，所以在单调递增且，即有唯一根所以x10+单调递减1单调的增所以所以在上有解的a的取值范围是【点睛】本题考查利用导数判断函数的单调性以及利用导数研究能成立问题，熟悉分离参数的方法以及提升对新概念的理解，属中档题.（二）选考题：共10分，请考生在第22、23两题中任选一题作答注意：只能做所选定的题目如果多做，则按所作的第一题计分22. 在直角坐标系中，曲线（为参数），直线（t为参数），以原点O为极点，x轴的非负半轴为极轴建立极坐标系（1）求曲线C与直线l的极坐标方程；（2）
20、若直线l与曲线C相交，交点为，直线与x轴交于Q点，求的取值范围【答案】（1）曲线C的极坐标方程为，直线l的极坐标方程为；（2）【解析】【分析】（1）先将曲线与直线l化为普通方程，然后再由，代入即可求解. （2）将l的参数方程代入到C直角坐标普通方程，整理可得，然后利用参数的几何意义即可求解.【详解】（1）曲线，即，即，即或由于曲线过极点，曲线C的极坐标方程为直线，即，即，即，直线l的极坐标方程为（2）由题意得，将l的参数方程代入到C直角坐标普通方程，可得，由，得，其中，所以得的取值范围为.【点睛】本题主要考查了参数方程与普通方程的互化、普通方程与极坐标方程的互化、参数的几何意义，考查了考生的计算能力，属于基础题.23. 已知对任意实数，都有恒成立.（1）求实数的范围；（2）若的最大值为，当正数，满足时，求的最小值.【答案】(1) (2)9【解析】【分析】（1）根据绝对值三角不等式，代入即可求得m的取值范围（2）根据柯西不等式，代入即可求得的最小值【详解】解（1）对任意实数，都有恒成立，又（2）由（1）知，由柯西不等式知： 当且仅当，时取等号，的最小值为.【点睛】本题考查了绝对值不等式的应用，柯西不等式的用法，属于中档题