1、海南省海口市2020届高三物理下学期6月模拟考试试题（含解析）一、单项选择题（本题包括8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意。）1.电子是组成原子的基本粒子之一。下列对电子的说法中正确的是（ ）A. 密立根发现电子，汤姆孙最早测量出电子电荷量B. 氢原子的电子由激发态向基态跃迁时，向外辐射光子，原子能量增加C. 金属中的电子吸收光子逸出成为光电子，光电子最大初动能等于入射光子的能量D. 天然放射现象中的射线实际是高速电子流，穿透能力比射线强【答案】D【解析】【详解】A汤姆孙发现电子，汤姆孙最早测量出电子电荷量为，密立根最终测得电子电荷量为，故A错误;B氢原子的电子由激发态向基
2、态跃迁时,向外辐射光子,原子能量减少,故B错误;C光电子最大初动能等于入射光能减去逸出功，故C错误;D天然放射现象中的射线实际是高速电子流,穿透能力比射线强，故D正确.故选D.2.如图为A、B两物体从同一时刻、同一地点沿同一方向做直线运动的位移时间图像，根据图像，下列说法正确的是（）A. 物体A做匀加速直线运动B. t1时刻物体A的速度小于物体BC. 0t1的时间内A的路程小于B的路程D. 0t1的时间内A的位移小于B的位移【答案】B【解析】【详解】A根据xt图象的斜率等于速度，知物体A的速度保持不变，做匀速直线运动，故A错误；B根据图象的斜率表示速度，知t1时刻物体A的速度小于物体B，故B正
3、确；CD根据位移等于纵坐标的变化量，两图象的交点表示两物体相遇，知0t1的时间内A与B的位移相等，由于两个物体都做单向直线运动，所以两个物体的路程相等，故CD错误。故选B。3.如图所示，a、b、c为三个质量均为m的物块，物块a、b通过水平轻绳相连后放在水平面上，物块c放在b上，现用水平拉力F作用于a，使三个物块一起水平向右做匀速直线运动，各接触面间的动摩擦因数为，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A. 水平轻绳的弹力大小为FB. 物块c受到的摩擦力大小为mgC. 剪断轻绳后，在物块b向右运动的过程中，物块c受到的摩擦力大小为mgD. 当该水平拉力增大为原来的倍时，物块c受到的摩擦力大小为
4、mg【答案】D【解析】【详解】A三物块一起做匀速直线运动，由平衡条件对a、b、c系统F=3mg对b、c系统T=2mg则TF故A错误；B因为c做匀速直线运动，处于平衡状态，c不受摩擦力，故B错误；C剪断轻绳后，b、c一起做匀减速直线运动，由牛顿第二定律对b、c系统2mg=2ma对cf=ma解得f=mg故C错误；D当水平拉力增大为原来的倍，即由牛顿第二定律，对a、b、c系统F-3mg=3ma对Cf=ma解得f=mg故D正确。故选D。4.如图所示，a、b两点位于以负点电荷Q（Q0）为球心的球面上，c点在球面外，则（）A. a点场强与b点场强相同B. 同一电荷在b点受电场力比c点小C. 正电荷从a点移
5、到b点电势能不变D. b点电势比c点高【答案】C【解析】【详解】A根据点电荷场强公式a、b两点与球心距离相等，故a点场强与b点场强大小相同，方向不同，故A错误；Bb点离球心距离比c点小，故场强比较大，根据电场力公式同一电荷在b点受电场力比c点大，故B错误；Ca、b两点在等势面上，所以正电荷从a点移到b点电势能不变，故C正确；D将正检验电荷从b点移到c点，电场力做负功，电势能增大，故b点电势比c点低，故D错误。故选C5.如图所示，a、b两种色光分别经过同一双缝干涉装置后在屏上形成的干涉图样，则（）A. a光的频率比b光低B. 从同种介质射入真空发生全反射时a光临界角大C. 照射在同一金属板上，如
6、果a能发生光电效应，b也一定能D. 若两光均由氢原子能级跃迁产生，产生a光的能级能量差大【答案】D【解析】【详解】A根据双缝干涉相邻条纹间距公式可得在其它条件不变的情况下，相干光的波长越大，条纹间距越大，由题图可知b光的波长大于a光的波长，再由c=f，可知，波长越长的频率越低，则a光的频率比b光高，故A错误；B由于b光的波长大于a光的波长，则有b光的折射率小于a光的，根据，可知，当从同种介质射入真空发生全反射时，b光临界角大，故B错误；C因a光的频率比b光高，若a光照在某金属上能发生光电效应，则b光照在该金属上不一定能发生光电效应，故C错误；D因a光的频率大，故若两光均由氢原子能级跃迁产生，则
7、产生a光的能级差大，故D正确。故选D。6.如图所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子位于x轴上，甲、乙两分子间的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，F0为斥力，F0为引力。a、b、c、d为x轴上四个特定的位置，现将乙分子从a处由静止释放，那么在乙分子从a运动到d的过程中，乙分子加速度增大和两分子间势能也增大的阶段是（）A. 从a到bB. 从b到cC. 从b至dD. 从c到d【答案】D【解析】【详解】A乙分子由a到b一直受引力，分子力增大，乙分子加速度增大，分子力做正功，分子势能减小，故A错误；B从b到c分子力逐渐变小，乙分子加速度减小，但仍为引力，分子力做正功，分子势能减小，故B错误；C从
8、b到d分子力先减小后增大，分子力先是引力后是斥力，分子力先做正功后做负功，分子势能先减少后增大，故C错误；D从c到d分子力是斥力，增大，乙分子加速度增大，分子力做负功，分子势能增大，故D正确；故选D。7.如图所示，一导线弯成半径为r的半圆形闭合线框。竖直虚线MN右侧有垂直线框所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B。线框以垂直虚线MN、大小为v的速度向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN垂直。从D点进入到线框完全进入磁场过程，下列说法正确的是（）A. 闭合线框中的感应电流方向为顺时针B. 直径CD段导线始终不受安培力C. 线框的磁通量不断增加，感应电动势也不断增大D. 感应电动势的平均值为Brv【
9、答案】D【解析】【详解】A从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，磁通量逐渐增大，根据楞次定律知，感应电流的方向一直为逆时针方向，故A错误；BCD段的电流方向由C到D，根据左手定则知，CD段受到竖直向上的安培力，故B错误；C根据E=BLv知随着线圈的进入，切割磁感线的有效长度先增加到r，然后逐渐减小，故感应电动势先增加后减小，故C错误；D感应电动势的平均值为故D正确。故选D。8.如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在荧光屏P上，关于电子的运动，下列说法中正确的是（ ）A. 滑动触头向右移动时，电子打在P上的位置上升B. 滑动触头向
10、左移动时，电子打在P上的位置不变C. 电压U增大时，电子从发出到打在P上的时间不变D. 电压U增大时，电子打在P上的速度大小不变【答案】C【解析】【详解】电子在加速电场中做加速运动，根据动能定理得 则得电子获得的速度为电子进入偏转电场后做类平抛运动，电子在沿极板方向做匀速直线运动，粒子在电场中运动时间 在平行电场方向做初速度为0匀加速直线运动，加速度电子在电场方向偏转的位移解得又因为偏转电场方向向下，所以电子在偏转电场里向上偏转。AB滑动触头向右移动时，加速电压U变大，由上可知电子偏转位移变小，因为电子向上偏转，故在屏上的位置下降，相反，滑动触头向左移动时，电子打在荧光屏上的位置上升，故AB错
11、误；CD偏转电压U增大时，电子在电场中受到的电场力增大，即电子偏转的加速度a增大，又因为电子加速获得的速度v不变，电子在电场中运动的时间不变，a增大，而电子打在屏上的速度为故电子打在屏上的速度增大；电子在电场中运动的时间不变，离开电场后做匀速直线运动，由于水平速度不变，运动时间也不变，所以电子从发出到打在荧光屏上的时间不变，故C正确，D错误；故选C。二、多项选择题（本题包括5小题，每小题4分，共20分。每题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选得0分）9.2019年1月19号，以周总理命名的“淮安号”恩来星在甘肃酒泉卫星发射中心，搭乘“长征十一号”
12、火箭顺利发射升空。“淮安号”恩来星在距离地面高度为535 km的极地轨道上运行。已知地球同步卫星轨道高度约36000 km，地球半径约6400 km。下列说法正确的是（）A. “淮安号”恩来星的运行速度小于7.9 km/sB. “淮安号”恩来星的运行角速度小于地球自转角速度C. 经估算，“淮安号”恩来星的运行周期约为1.6 hD. “淮安号”恩来星的加速度小于地球同步卫星【答案】AC【解析】【详解】A7.9km/s为第一宇宙速度，是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的运行速度。则知“淮安号”恩来星的运行速度小于7.9km/s，故A正确；B根据卫星可得角速度公式，“淮安号”恩来星的运行角速度大于地球同
13、步卫星角速度的关系，而地球同步卫星角速度等于地球自转角速度，所以“淮安号”恩来星的运行角速度大于地球自转角速度，故B错误；C“淮安号”恩来星的轨道半径 r1=535km+6400km=6935km，周期设为T1地球同步卫星的轨道半径 r2=36000km+6400km=42400km，周期T2=24h。根据开普勒第三定律得解得 T11.6h故C正确。D根据可得知，“淮安号”恩来星的加速度大于地球同步卫星的加速度，选项D错误。故选AC。10.如图，一定量的理想气体从状态a变化到状态b，其过程如p-V图中从a到b的直线所示。在此过程中（）A. 气体温度一直降低B. 气体内能一直增加C. 气体一直对
14、外做功D. 气体一直从向外放热【答案】BC【解析】【详解】A由图知气体的 pV一直增大，由知气体的温度一直升高，故A错误；B一定量的理想气体内能只跟温度有关，温度一直升高，气体的内能一直增加，故B正确；C气体的体积增大，则气体一直对外做功，故C正确；D气体的内能一直增加，并且气体一直对外做功，根据热力学第一定律U=W+Q可知气体一直从外界吸热，故D错误。故选BC。11.在图甲所示的理想变压器a、b端加图乙所示的交变电压。已知变压器原副线圈的匝数比为41，R1为热敏电阻（温度升高时，其电阻减小），R为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表。下列判断正确的是（）A. 电压表V1的示数为22VB. t
15、=110-2s时电压表V2的示数为0C. R1处温度升高时，V1示数与V2示数的比值变大D. R1处温度升高时，变压器的输入功率变小【答案】AC【解析】【详解】A分析图乙可知，输入电压的最大值为22V，根据正弦式交变电流最大值和有效值的关系可知，输入电压有效值为22V，则电压表V1的示数为22V，故A正确；B电压表V2的示数为R1两端电压的有效值，不等于零，选项B错误；CDR1处温度升高时，阻值变小，次级总电阻减小，次级电流变大，则R两端电压变大，但变压器输出电压不变，则R1两端电压减小，则V1示数与V2示数的比值变大；根据P2=I2U2可知，次级消耗的功率变大，则变压器的输入功率变大，故C正
16、确，D错误。故选AC。12.一简谐横波沿x轴正方向传播，在t=时刻，该波的波形图如图(a)所示，P、Q是介质中的两个质点图(b)表示介质中某质点的振动图像下列说法正确的是A. 质点Q的振动图像与图(b)相同B. 在t=0时刻，质点P的速率比质点Q的大C. 在t=0时刻，质点P的加速度的大小比质点Q的大D. 平衡位置在坐标原点的质点的振动图像如图(b)所示【答案】CD【解析】【详解】A.简谐机械波沿x轴正方向传播，在时刻，质点Q的振动方向向上，而在振动图象上在时刻质点的振动方向向下，所以图(b)不是质点Q的振动图象，故A错误；B.在t=0时刻，质点P位于波谷，速度为零，质点Q位于平衡位置，则质点
17、P的速率比质点Q的小，故B错误；C.在t=0时刻，质点P的位移比质点Q的大，由公式，则质点P的加速度的大小比质点Q的大，故C正确；D.在时刻，平衡位置在坐标原点的质点振动方向向下，与振动图象相符，所以平衡位置在坐标原点的质点的振动图象如图(b)所示，故D正确13.一质量为M的汽车，额定功率为Pm，汽车运动过程中所受阻力恒为f，汽车所能达到的最大速度为vm。现在汽车从静止开始以恒定加速度a运动，经t1时间达到匀加速的最大速度v1后立即以某一恒定功率P1(P1 Pm)运动，下列关于汽车运动速度时间图像可能正确的是：A. B. C. D. 【答案】ABC【解析】【详解】额定功率为Pm，汽车运动过程中
18、所受阻力恒为f，汽车所能达到的最大速度为vm，可得汽车从静止开始以恒定加速度a运动，经t1时间达到匀加速的最大速度v1时有：联立可得速度v1时的功率为A若汽车的功率减小为，则刚好满足汽车匀速的，则汽车能保持速度v1做匀速直线运动,故A正确；B若汽车的功率增大为，则牵引力大于阻力，能继续加速，速度增大，由可知牵引力减小，加速度减小，当牵引力等于阻力时，以速度做匀速直线运动，因P1 0），所有小球均在磁场中做匀速圆周运动，且都能沿平行于x轴的方向进入圆形区域并再次通过O点，不计小球间的相互作用，重力加速度为g，求：（l）匀强电场的电场强度大小；（2）匀强磁场的磁感应强度大小；（3）沿与x轴正向成60角发射的小球从开始运动到再次通过O点经历的时间。【答案】（1）（2）（3）【解析】【详解】（1）小球在磁场中做匀速圆周运动，则电场力和重力平衡即 匀强电场的场强（2）小球从O点以与x轴成角射入第一象限运动轨迹如图，轨迹圆心C与交点D的连线平行y轴，由几何关系可知，四边形CDCO是菱形，小球在磁场中运动的轨道半径为 洛伦兹力提供向心力，即可得磁感应强度（3）小球从O点以与x轴成角射入第一象限小球在磁场中的运动周期小球在磁场中运动时间由上式可知小球在圆形区域做匀速直线运动，通过的距离运动时间从O点出发到再次回到O点的运动时间将代入，解得