1、2018-2019学年度上学期高二物理学科9月考试卷时间： 90分钟 满分： 100分一选择题：本题共16小题，每小题4分。共64分。在每小题给出的四个选项中，第110题只有一项符合题目要求，第1116题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.下述说法正确的是（）A电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹B根据E=，可知电场中某点的场强与电场力成正比C几个电场叠加后合电场的场强一定大于分电场的场强D根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比2.对于欧姆定律的理解，下列说法中正确的是（）A欧姆定律适用于一切导电物质B由可知，导体的电阻跟它两端的电
2、压成正比，跟通过它的电流成反比C由可知，通过电阻的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比D对纯电阻元件，它两端的电压与通过它的电流的比值一定保持不变3.如图所示，图甲是AB是点电荷电场中的一条电场线，图乙是放在电场线上a、b处的试探电荷的电荷量与所受电场力大小间的函数图线，由此可以判定（）A若场源是正电荷，位置可能在A侧B若场源是正电荷，位置可能在B侧C若场源是负电荷，位置可能在B侧D若场源是负电荷，位置一定不可能在ab之间4.四种电场的电场线如图所示一正电荷q仅在静电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大则该电荷所在的电场是图中的()5.如图所示，在x轴相距为L的两点固定两个
3、等量异种电荷+Q和-Q，虚线是以+Q所在点为圆心、L/2为半径的圆，a、b、c、d是圆上的四个点，其中a、c两点在x轴上，b、d两点关于x轴对称。下列判断不正确的是（）A、b、d两点电势相同 B、a、b、c、d四个点中，c点电势最低C、b、d两点电场强度相同 D、将一试探电荷+q沿圆周从a点移动到c点，其电势能减小6.一电流表的满偏电流Ig=1mA，内阻为200要把它改装成一个量程为0.5A的电流表，则应在电流表上（）A并联一个200的电阻B并联一个约为0.4的电阻C串联一个约为0.4的电阻D串联一个200的电阻7.如图所示电路，电源的电动势为12V，L为灯泡，R1和R2为定值电阻，若用电压表
4、测得A、B两点间的电压为12V，则说明（）A.L、R1和R2都断了B. L、R1和R2都是好的C. L是好的，R1和R2中至少有一个断了D. R1和R2是好的，L断了8.如图所示，直线AOC为某一电源的总功率P总随电流i变化的图线，抛物线OBC为同一直流电源内部热功率Pr随电流I变化的图象若A、B对应的横坐标为2A，那么线段AB表示的功率及I=2A时对应的外电阻是（ ）A2W，05 B4W，2 C2W，1 D6W，29.如图所示，平行板电容器与直流电源(内阻不计)连接，两板间电势差为U，下极板接地。一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，
5、则()A带电油滴将沿竖直方向向下运动B极板带电量将增大C带电油滴的电势能将减小D电容器的电容增大10.在竖直向上的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于O点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为a，最低点为b，不计空气阻力，则()A小球带负电B电场力跟重力平衡C小球在从a点运动到b点的过程中，电势能减小D小球在运动过程中机械能守恒11.如图所示,在等量异种电荷形成的电场中,有A、B、C三点,A为两点荷连线的中心,B为连线上距A为d的一点,C为连线中垂上距A也为d的一点,关于三点的场强大小、电势高低比较,正确的是()A.B.C.A=BC D.A =cB12.(
6、多选)如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为a、b和c，abc。一带电粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示。由图可知()A带电粒子带负电B粒子从L到M的过程中，电场力先做正功，再做负功C粒子从K到L的过程中，电势能增加D粒子从L到M的过程中，动能先减小后增加13.（多选）将一电荷量为+Q 的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。 a、b 为电场中的两点，则（ ）Aa 点的场强与b 点的场强无法比较强弱Ba 点的电势比b 点的高C检验电荷 - q 在a 点的电势能比在b 点的大D将检验电荷 - q 从a 点移到b
7、 点的过程中，电场力做负功14.（多选）如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移 动时，下列说法正确的是（）A电流表读数变小，电压表读数变大B电容器C上电荷量减小C小电炮L变暗D电源的总功率变大15.（多选题）如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，下面判断正确的是（）AL1和L3变暗，L2变亮BL1变暗，L2变亮，L3亮度不变CL1中电流变化绝对值大于L3中电流变化绝对值DL1上电压变化绝对值小于L2上的电压变化绝对值16.（多选题）如图所示，a、b为竖直向上的电场线上的两点，一带电质点在a点由静止释放，沿电场线方向向上运动，到b点恰好速度为零
8、，下列说法中正确的是()A带电质点在a、b两点受到的电场力都是竖直向上的Ba点的电势比b点的电势高C带电质点在a点的电势能比在b点的电势能小Da点的电场强度比b点的电场强度大二.实验题：共16分17.读出图中游标卡尺与螺旋测微器的读数，游标卡尺读数为 mm，螺旋测微器读数为 mm18.在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的实验仪器如下：小灯泡L，“3.8 V2W”电压表V1，量程05 V，内阻约为5 k电压表V2，量程015 V，内阻约为5 k电流表A1，量程00.6A，内阻约为0.4 电流表A2，量程03A，内阻约为0.4 滑动变阻器R1，最大阻值10 ，额定电流1.0 A滑动变
9、阻器R2，最大阻值500 ，额定电流0.5 A直流电源E，电动势约为6 V，内阻约为0.5 (1)在上述器材中，电压表应选_；电流表应选_；滑动变阻器应选_。(2)在虚线框内画出实验的电路图。19.在“测电源的电动势和内阻”实验中，一个同学按图1电路进行实验，测量对象为一节干电池他依据所测得的数据描得图2所示的U-I图象（1）依据图2所示的U-I图象可得该干电池的电动势E= V ,r= （本小题答案要求在小数点后保留两位小数）,E测 偏 ,r测 偏_(填“大”“小”) （2）某一时刻电压表和电流表示数如图，U= V，I= A三：计算题共三小题.共20分.20.如图所示，直流电动机和电炉并联后接
10、在直流电路中，电源的内阻r=1.0，电炉的电阻R1=19.0，电动机线圈的电阻R2=2.0当开关S断开时，电源内电路消耗的功率P=25.0W；当S闭合时，干路中的电流I=12.6A（1）求电源的电动势E（2）求S闭合后电动机的机械功率？（3）若S闭合后，正常转动的电动机的转子突然被卡住而停止转动，则电源的总功率为多大？（结果保留两位有效数字）21.如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块
11、平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能22.如图所示,在竖直平面内, 为水平放置的绝缘粗糙轨道, 为竖直放置的足够长绝缘粗糙轨道, 与通过四分之一绝缘光滑圆弧形轨道平滑连接,圆弧的圆心为,半径,轨道所在空间存在水平向右的匀强电场,电场强度的大小 .现有质量、电荷量的带电体(可视为质点)从点由静止开始运动,已知,带电体与轨道、的动摩擦因数均为.假定带电体与轨道之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等.取,求:（1）带电体运动到圆弧形轨道点时的速度;（2）带电体最终停在何处？（3）带电体到达点后经
12、多长时间停止运动答案：1.D 2.C 3.A 4.D 5.C 6.B 7.C 8.A 9.A 10.B 11. AD 12. ACD 13.BD 14.BD 15. AD 16.ABD17.50.15，5.6930.002【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用18.(1)V1A1 R1(2) 19. （1）1.45-1.50； 1.67； 小； 小；（2）1.30； 0.14；20. 解：（1）S断开时，电路中电流记为，则P=I2r解得：，电源电动势为E=I（R1+r）=100V；（2）S闭合后路端电压记为U，则U=EIr=87.4V通过电动机的电流记为I，则电动机的输出功率记为P，
13、则P=UII2R2=571.2W（3）当转子被卡住时，电流I=36A；故电源功率P=EI=10036=3.6103 W；答：（1）电源的电动势E为100V（2）S闭合后电动机的输出功率为571.2W（3）正常转动的电动机的转子突然被卡住而停止转动，则电源的总功率为3.6103 W【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律【分析】（1）S断开时，电阻R1直接接到电源上，根据P=I2r即可求解干路电流，再根据闭合电路欧姆定律即可求解电动势；（2）S闭合后，根据闭合电路欧姆定律求出路端电压，根据串并联电路的电流关系求出通过电动机的电流，再根据P=UII2R2求出输出功率（3）由闭合电路欧姆定律可求得电
14、路中的总电流，再由P=EI可求得电源的总功率21.解：（1）在加速过程根据动能定理得：eU0=解得到质子射出加速电场的速度v0=（2）粒子在竖直方向：y=，a= 在水平方向：x=L=v0t联立上式得到 代入数据得L=（3）从刚开始到射出电场的过程中运用动能定理得： =e（U0+）答：（1）电子通过B点时的速度大小为；（2）右侧平行金属板的长度为；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能为e（U0+）；【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用【分析】（1）质子在加速电场中，电场力做正功eU0，由动能定理求解质子射出加速电场的速度（2）质子进入偏转电场后做类平抛运动，沿水平方向做匀速直线运动，位移大小等于板长L；竖直方向做匀加速直线运动，位移大小等于板间距离的一半，由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求解板长L（3）在偏转电场中，电场力对质子做为eU，根据动能定理，对全过程研究，求解质子穿出电场时的速度22（1）.设带电体到达时的速度为,有动能定理得:解得（2）.设带电体沿竖直轨道上升的最大高度为,由动能定理得:解得: 在最高点。带电体受到的最大静摩擦力重力因为,所以带电体最终静止在与点的竖直距离为处处（3）根据(2)中分析可知带电体到达点后做匀减速直线运动最终停止在距点竖直距离处,根据牛顿第二定律可知: 再根据运动学公式得: 带入数据解得
