1、黑龙江省哈尔滨市第三中学2019-2020学年高二物理下学期期末考试试题（含解析）一、选择题:（本题共15小题。在每小题给出的四个选项中:1-9题只有一个选项正确，10-15题有多个选项正确，全部选对的得4分选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.关于分子的无规则运动，以下说法中不正确的是（）A. 分子在永不停息做无规则运动B. 布朗运动是分子的无规则运动C. 扩散现象是分子的无规则运动的宏观表现D. 分子的无规则运动与温度有关，温度越高，运动越剧烈【答案】B【解析】【详解】A根据分子运动论可知，分子永不停息的做无规则运动，A正确,不符合题意；B布朗运动是固体颗粒在液体分子撞击下的无规则运动，
2、B错误，符合题意；C扩散现象是分子的无规则运动的宏观表现，C正确，不符合题意；D分子的无规则运动与温度有关，温度越高，运动越剧烈，因此分子无规则运动称为分子热运动，D正确，不符合题意。故不正确的选B。2.在下列描述的核反映过程的方程中，属于衰变的是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】A是衰变，A错误；B是轻核聚变，B错误；C是衰变，C正确；D是重核裂变，D错误。故选C。3.关于晶体，以下说法中正确的是（）A. 晶体在不同方向上物质微粒的排列情况相同B. 晶体一定有规则的几何形状，但其物理性质不一定都是各向异性的C. 晶体熔化时温度不变，但内能变化D. 由同一种化学成分形成的物
3、质只能以一种晶体结构的形式存在【答案】C【解析】【详解】A单晶体在不同方向上物质微粒的排列情况不相同，因此才会出现名向异性，A错误；B单晶体有规则的几何形状，和各向异性，而多晶体没有规则的几何形状，也不具备各向异性，B错误；C根据热力学第一定律，晶体熔化时吸收热量，虽然温度不变，但内能增加，C正确；D由同一种化学成分形成的物质也可能是以混合物的形式存在，D错误。故选C。4.图甲为小型交流发电机的示意图，N、S极间可视为匀强磁场线圈绕水平轴OO沿逆时针方向匀速转动，产生电流随时间变化图像如图乙所示，以下说法中正确的是（）A. 线圈转动的角速度为rad/sB. 线圈转动的频率为50HzC. 0.0
4、2s时线圈位于中性面D. 电流表的示数为10A【答案】B【解析】【详解】A由图乙可知线圈转周期为0.02s，因此转动的角速度A错误；B线圈转动的频率等于交流电的频率B正确；C由图乙可知，在0.02s时线圈的电流最大，此时线圈位于垂直于中性面位置，C错误；D电流表示数为电流的有效值10A，D错误。故选B。5.交变电流经二极管（正向电阻为0，反向电阻无穷大）为某用电器供电，通过用电器电流的有效值为1A，求原交变电流的最大值（）A. 1AB. AC. 2AD. 2A【答案】C【解析】【详解】设原交流电的最大值为，通过用电器电流的有效值为I，用电器电阻为R，根据二极管的单向导电性及交流电有效值的定义有
5、代入数据求得：，故ABD错误，C正确；故选C。6.如图所示，光滑的水平面上，小球A以速度v0向右运动并与原来静止的小球B发生对心正碰，碰后A球速度反向，大小为，B球的速率为。A、B两球的质量之比为（）A. 12：5B. 8：5C. 5：8D. 5：12【答案】D【解析】【详解】ABCD以A、B两球组成的系统为研究对象，两球碰撞过程动量守恒，以A球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得两球的质量之比故ABC错误，D正确；故选D。7.如图所示，当一束一定强度某一频率的黄光照射到光电管阴极K上时，此时滑片P处于A、B中点，电流表中有电流通过，则（）A. 若将滑动触头P向B端移动时，电流表读数可能不变
6、B. 若将滑动触头P向A端移动时，电流表读数一定减小C 若用红外线照射阴极K时，电流表中一定没有电流通过D. 若断开电键S，电流表中不会有电流通过【答案】A【解析】【详解】A光电管所加的电压为正向，使光电子到达阳极，则电流表中有电流流过，且可能处于饱和电流状态，若将滑动触头P向B端移动时，电流表读数有可能不变，故A正确；B若将滑片向A端移动时，光电管所加的电压减小，但也可能处于饱和电流，故电流表读数可能减小或者不变。故B错误；C若用红外线照射阴极K时，因红外线频率小于可见光，因此可能不发生光电效应，也可能会发生光电效应，电流表不一定没有电流通过。故C错误；D若断开电键S，则正向电压变为零，则光
7、电子也可能会到达阳极形成光电流，即电流表中也可能电流通过。故D错误。故选A。8.如图所示为氢原子能级图，金属钠的逸出功为2.29eV，关于氢原子跃迁过程中发射或吸收光子（电子）的说法中正确的是（）A. 用能量为11eV的光子照射处于基态的氢原子，可使其跃迁到n=2能级B. 用能量为0.6eV的光子照射处于n=5能级的氢原子，可使其电离C. 一群处于n=5能级的氢原子向基态跃迁时，能发射出6种不同频率的光子D. 一群处于n=5能级的氢原子向基态跃迁时发出的不同频率的光子中，有5种频率的光照射金属钠时可发生光电效应【答案】B【解析】【详解】A由于n=1和n=2的能级差为10.2eV，则用能量为11
8、eV的光子照射处于基态的氢原子，不能使其跃迁到n=2能级，A错误；B让处于n=5能级的氢原子电离需要的最小能量为0.54eV，则用能量为0.6eV的光子照射处于n=5能级的氢原子，可使其电离，B正确；C一群处于n=5能级的氢原子向基态跃迁时，能发射出种不同频率的光子，C错误；D一群处于n=5能级的氢原子向基态跃迁时发出的不同频率的光子中，其中辐射光子的能量大于2.29eV的有：51；41；31；21；52；42，共6种频率的光照射金属钠时可发生光电效应，D错误。故选B。9.为估算雨水对伞面产生的平均撞击力，小明在大雨天将一底面为长方形的笔筒置于露台，笔筒底面积为20cm2（筒壁厚度不计），测得
9、1分钟内杯中水位上升了40mm，当时雨滴竖直下落速度约为10m/s。若雨滴撞击伞面后沿着伞面流下，雨水的密度约为1103kg/m，伞面的面积约为08m2，据此估算当时雨水对伞面的平均撞击力约为（雨水重力可忽略）（）A. 0.5NB. 1.5NC. 2.5ND. 5N【答案】D【解析】【详解】根据动量定理在一分钟时间内，撞到伞上的水的质量可知撞击力根据牛顿第三定律可知，雨水对伞的平均冲击力约为5N，D正确，ABC错误。故选D。10.已知氮核的质量为14.00735u，氧核的质量为17.00454u，氦核的质量为4.00387u，质子的质量为1.00815u，则关于核反应的说法中正确的是（）A.
10、反应前后质量守恒B. 反应前后质量数守恒C. 反应过程释放能量D. 该反应方程是人类首次发现质子的核反应方程【答案】BD【解析】【详解】B根据核反应方程可知，反应前后质量数守恒，B正确；AC由于根据质能方程，反应后出现了质量增加，吸收能量，BC错误；D该反应方程是人类首次发现质子的核反应方程，D正确。故选BD。11.在研究理想气体时，由于分子间作用力较小可忽略其分子势能。在研究实际气体时，如果考虑分子间的相互作用，对一定质量的某种气体进行分析，其内能的大小与气体体积和温度的关系是（）A. 保持体积不变，升高温度，内能增大B. 保持体积不变，升高温度，内能减少C. 保持温度不变，体积增大，内能不
11、变D. 保持温度不变，体积增大，内能增大【答案】AD【解析】【详解】AB当体积不变时，分子势能不变，温度升高，分子平均动能增加，因此气体内能增加，A正确，B错误；CD温度不变，气体分子势能动能不变；由于气体分子间距离大于，分子间表现为引力，因此体积增大，分子引力做负功，分子势能增加，因此内能增大， C错误，D正确。故选AD。12.质量相等的两个小球A、B在光滑水平面上相向运动，A的速度为vA=3m/s，B的速度为vB=-2m/s，若它们发生对心碰撞，碰撞后A、B的速度可能为（）A. vA=vB=0.5m/sB. vA=1m/，vB=0C. vA=-1m/s，vB=2m/sD. vA=-2m/s
12、，vB=3m/s【答案】ACD【解析】【详解】根据碰撞前后，系统的总动量守恒，总动能不增加原则，合理性原则，有A当vA=vB=0.5m/s时，代入上面两式均满足，故A正确；B当vA=1m/s，vB=0时，代入上面两式均满足。但是碰撞后，A的速度大于B的速度，会发生二次碰撞，不满足合理性原则，故B错误；C当vA=-1m/s，vB=2m/s；代入上面两式均满足，故C正确；D当vA=-2m/s，vB=3m/s代入上面两式均满足，故D正确；故选ACD。13.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2：5，正弦交流电源电压有效值为U=12V，电阻R1=8，R2=25，滑动变阻器R3最大阻值为100，滑片P
13、处于中间位置，则（）A. R1与R2消耗的电功率相等B. 通过R1的电流为0.6AC. 若向上移动P，电压表读数将变大D. 若向下移动P副线圈输出功率将减小【答案】BD【解析】【详解】A理想变压器原副线圈匝数之比为2：5，可知原副线圈的电流之比为5：2，根据可知R1与R2消耗的电功率之比为2：1，故A错误；B设通过R1的电流为I，则副线圈电流为0.4I，故初级电压为根据匝数比可知次级电压为则解得I=0.6A，故B正确；C若向上移动P，则R3电阻减小，次级电流变大，初级电流也变大，电阻R1的电压变大，变压器输入电压变小，次级电压变小，电压表读数将变小，故C错误；D若向下移动P，则R3电阻增大，次
14、级电流变小，初级电流也变小，根据P=IU可知电源输出功率将变小，故D正确；故选BD。14.如图所示，质量为M的小车静止于光滑水平面上，靠在台阶旁，小车上有一个半径为R的半圆形轨道。质量为m的小球从图示位置由静止释放，不计摩擦。在此后的运动中（）A. 小球与小车组成的系统机械能守恒B. 小球与小车组成的系统水平方向动量守恒C. 在之后的运动中小球能上升的最大高度小于RD. 若mM，整个运动过程中，小球的最大速度小于小车的最大速度【答案】ACD【解析】【详解】A小球与小车组成系统只有重力做功，则机械能守恒，选项A正确；B小球在下滑到最低点的过程中，竖直墙壁对小车有力的作用，则小球与小车组成的系统水
15、平方向动量不守恒，选项B错误；C小车离开墙壁后系统水平方向动量守恒，当小球上升到最大高度时小车与小球具有相同的水平速度，则此过程中由能量关系可知则hM，则v2v，即整个运动过程中，小球的最大速度小于小车的最大速度，选项D正确。故选ACD15.一导热性良好的直玻璃管开口向下浸没于固定的水银槽中，管内封闭一定质量的空气，玻璃管底部通过细绳悬挂在天花板上。如图所示，下列情况中能使细绳拉力减小的是（）A. 大气压强升高B. 大气压强降低C. 环境温度降低D. 向槽内注入水银【答案】BD【解析】【详解】由题意，设外界大气压强为P0，封闭气体压强为P，玻璃管内外水银高度差为h，玻璃管质量为m，绳对玻璃管拉
16、力为T，则对玻璃管受力分析有即AB若大气压强升高，则封闭气体压强增大，故h增加，所以T增大；反之，大气压强降低，则同理可得T减小，故A错误，B正确；C若环境温度降低，则封闭气体压强减小，根据可知h增大，故T增大，所以C错误；D向槽内注入水银，根据由气体状态方程可知，封闭气体压强增大，体积减小，水银面高度差h减小，故拉力减小，选项D正确；故选BD。二、实验题:（共10分）16.如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是很困难的，但是，可以通过仅测量某个量，间接地解决这个问题.这个量是_；A.小球开始释放
17、高度hB.小球做平抛运动的射程C.小球抛出点距地面的高度HD.斜槽水平部分的长度(2)在图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P测量平抛射程OP。然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复。已知小球质量m1m2，但质量具体值未知，小球半径r1=r2。接下来要完成的必要步骤是_；（填选项前的符号）A.用天平精确测量两个小球的质量m1、m2B.测量小球m1开始释放高度hC.测量抛出点距地面的高度HD.分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE.测量平抛射程
18、OM、ON(3)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为_（用(2)中测量的量表示）；(4)经测定，m1=45.0g，m2=7.5g，小球落地点的平均位置距O点的距离如图所示。由相对误差绝对值公式，计算出实验的相对误差为_%（小数点后保留一位）。若实验的相对误差要求最大值不超过1.0%，本实验_（填“是”或“不是”）在误差范围内验证了动量守恒。【答案】 (1). B (2). ADE (3). (4). 0.7 (5). 是【解析】【详解】（1）1小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间相等，小球的水平位移与小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度
19、，即测量射程，故B正确。（2）2要验证动量守恒定律定律，即验证m1v1=m1v2+m2v3小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得m1v1t=m1v2t+m2v3t得m1OP=m1OM+m2ON因此实验需要过程为：测量两球的质量、确定落点从而确定小球的水平位移，故选ADE（3）3若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为m1OP=m1OM+m2ON（4）45相对误差绝对值=实验的相对误差最大值不超过1.0%，则本实验是在误差范围内验证了动量守恒。三、计算题:（本题共3小题，共30分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答
20、案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17.如图所示，一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直磁场的轴OO以=10rad/s的角速度匀速转动，线圈匝数n=100匝，长边长为0.5m，短边长为0.2m。磁感应强度为B=0.2T，线圈总电阻为10。（计算时取3.14，2取10）(1)写出从图示位置开始计时时通过线圈的电流表达式?(2)从图示位置经0.15s时间线圈中产生的焦耳热?【答案】(1)i=6.28cos（31.4t）A；(2)30J【解析】【详解】（1）根据题意，从垂直中性面计时:代入数据得:i=6.28cos（31.4t）A(2)电流有效值:，产生焦耳热:Q=30J18.如图所示
21、，一个长为L右端开口的导热气缸固定在平板小车上，与小车的总质量为M，用质量为m的活塞在气缸内封闭一定质量的理想气体（不计气体的质量），活塞的截面积为S。初始时大气压强为P0，温度为T0，活塞距气缸右端的距离为0.2L。当环境温度升到T后，活塞恰好缓慢移到气缸的右端。不计活塞与气缸、小车与地面间的摩擦。(1)求升高后的温度T及升温过程中气体对外做的功W；(2)现用水平外力F向右推小车，运动稳定后刚好使得活塞再次回到原位置，求F的大小。【答案】(1)1.25T0，0.2P0LS；(2)【解析】【详解】(1)气体发生等压变化，则解得T=1.25T0在这个过程中气体对外做功(2)气体发生等温变化解得对
22、活塞，根据牛顿第二定律对整体解得19.如图所示，光滑水平面上有一个平板小车，车的左右两端固定两个弹性挡板，板间距离为2m。一个可视为质点的小滑块放在平板小车的中点处。滑块与小车的质量均为m=8kg。现使滑块、小车同时获得瞬间初速度，大小分别为滑块向右v1=10m/s，小车向左v2=4m/s，滑块与小车之间的动摩擦因数为=0.2。（g取10m/s2）(1)求出滑块与小车停止相对滑动时滑块的速度；(2)求滑块与小车停止相对滑动时滑块距A板的距离；(3)求从滑块、小车获得初速度到两者相对静止所经历的时间。【答案】(1)3m/s，方向向右；(2)距A板距离为1.5m；(3)3.5s【解析】【详解】(1) 向右为正，由动量守恒定律mv1-mv2=2mv解得v=3m/s方向向右(2)能量守恒解得s=24.5m余0.5m则距A板距离为1.5m。(3)设两个物体碰前的速度分别为v3、v4碰后的速度分别为v5、v6，由动量守恒、能量守恒分别得解得v5=v4v6=v3即碰撞前后二者交换速度，质量相等，加速度相等，彼此重复对方的运动，时间相等，所以求时间时可以把物块的运动等效于一个加速度不变的匀减速运动a=gt=3.5s
