1、20132014学年新余一中高二上学期第二次段考物理试卷考试时间：90分钟 试卷总分：100分 2013年10月17日一、选择题（每小题4分，共40分。前8个小题是单选题，910小题是多选题）1下列关于电场强度的叙述正确的是（ ）A电场中某点的场强大小与该点的检验电荷所受电场力成正比，与其电量成反比B将放在电场中某点的电荷q改为q ，则该点的电场强度大小不变，方向与原来相反C电场中某点的场强方向就是检验电荷在该点所受电场力的方向D电场中某点的场强与该点有无检验电荷无关【答案】DA、电场中某点的场强大小由电场本身决定，与试探电荷无关，不能说电场强度与放在该点的电荷所受到的电场力的大小成正比，故A
2、错误；BD、电场中某点的场强大小与方向由电场本身决定，与试探电荷无关，故B错误D正确；C、正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与电场强度方向相反，故C错误。故选D。【考点】电场强度2如图物体B的上表面水平，当A、B相对静止沿斜面匀速下滑时，斜面C保持静止不动，则下列判断正确的有（ ）A物体C受水平面的摩擦力方向一定水平向右 B水平面对物体C的支持力小于三物体的重力大小之和C物体B的上表面一定是粗糙的D物体B、C都只受4个力作用【答案】DA、物体A做匀速直线运动，加速度为零，故合力为零；受重力和支持力，不受的摩擦力（若有摩擦力，则不平衡），故A错误；B、对AB整体受力分析
3、，受重力、支持力和滑动摩擦力，在竖直方向上，支持力等于三物体的重力之和，故B错误；C、由于BA之间没有相对运动的趋势；故不会有摩擦力；因此AB可以是光滑的也可以是粗糙的，故C错误；D、对整体分析，由于整体保持静止，故整体在水平方向没有摩擦力；则由以上分析可知，C受重力、支持力、B对C的压力；及B对C摩擦力；B受重力、支持力，A的压力及B受C的摩擦力；故BC均受四个力，故D正确。故选D。【考点】共点力平衡的条件及其应用3、2013年我国将实施16次宇航发射，计划将“神舟十号”、“嫦娥三号”等20颗航天器送入太空，已知地球和月球的半径之比为a，“神舟十号”绕地球表面附近运行的周期与“嫦娥三号”绕月
4、球表面附近运行的周期之比为b，则( )A“神舟十号”绕地球表面运行与“嫦娥三号”绕月球表面运行的角速度之比为b B地球和月球的质量之比为b2/a3C地球和月球的第一宇宙速度之比为a/b D地球表面的重力加速度与月球表面的重力加速度之比为b2/a【答案】CA、根据知，“神舟十号”绕地球表面附近运行的周期与“嫦娥三号”绕月球表面附近运行的周期之比为b，则角速度之比为，故A错误；B、根据得，中心天体的质量，因为地球和月球的半径之比为a，“神舟十号”绕地球表面附近运行的周期与“嫦娥三号”绕月球表面附近运行的周期之比为b，则地球和月球的质量之比为，故B错误；C、根据得，第一宇宙速度，因为质量之比为，半径
5、之比为a，则第一宇宙速度之比为，故C正确；D、根据得，表面的重力加速度，因为质量之比为，半径之比为a，则重力加速度之比为，故D错误。故选C。【考点】万有引力定律及其应用4将一带电量为-q的检验电荷从无限远处移到电场中的A点，该过程中电场力做功为W，则检验电荷在A点的电势能及电场中A点的电势分别为（ ）AEP =W，A =W/q BEP =W，A =-W/q CEP =-W，A =W/q DEP =-W，A =-W/q 【答案】C依题意，检验电荷+q从电场的A点移到无限远处时，电场力做的功为W，则电荷的电势能减小W，无限处电荷的电势能为零，则电荷在A点的电势能为，A点的电势。故选C。【考点】电势
6、差与电场强度的关系；电场的叠加；电势差；电势5如图是某电场中的一条电场线，一电子（重力不计）从a点由静止释放，它将沿直线向b点运动，则可判断 （ ）A该电场一定是匀强电场 B场强Ea一定小于Eb C两点的电势a一定高于b D电子具有的电势能EPa一定大于EPb.【答案】DAB、据题，负电荷由静止释放，且由a向b运动，则负电荷所受的电场力一定是由a指向b因为负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，说明电场线的方向一定是由b指向a由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系，故AB错误；C、由A可知电场方向由b指向a，而沿着电场线方向电势降低，所以电势a一定低于b，故
7、C错误；D、电场力对电子做正功，电势能减小，所以电子具有的电势能EPa一定大于EPb，故D正确。故选D。【考点】电场线；电势能6一灵敏电流表的满偏电流Ig=1mA，内阻为200。要把它改装成一个量程为0.5A的电流表，则应在电流表上（ ）A并联一个0.4的电阻 B并联一个约为200的电阻C串联一个约为0.4的电阻 D串联一个200的电阻【答案】A要使电流表量程变为0.5A，则流过并联电阻的电流I=0.5-0.001A=0.499A；并联部分的电压，则需要并联的电阻。故选A。【考点】把电流表改装成电压表7、输入电压U恒为12 V，灯泡L标有“6 V，12 W”字样，电动机线圈的电阻RM=0.5
8、.灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（ ）A流经电动机的电流是12A B电动机的输出功率12 WC电动机的输出功率是10 W D电动机的热功率是72 W【答案】CA、整个电路中的电流，故流经电动机的电流为2A，故A错误；BCD、电动机的热功率，电动机两端的电压，电动机的输入功率，则电动机的输出功率，故BD错误C正确。故选C。【考点】电功、电功率8、如图左边为A物体，右边为B物体，两木块用轻绳连接，放在光滑水平面上，在水平外力F12 N作用下从静止开始运动，轻绳中的拉力F13N，A木块的质量是m16kg，则（ ）A、B木块的加速度a22m/s2 B、B木块的质量m218kgC、B木块的质量m2
9、2kg D、经过时间2s，A木块通过的距离是2m【答案】B以整体为研究对象，由牛顿第二定律知：、对A：解得：，由，A木块通过的距离是1m。故选B。【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用9、（多选题）A、B两物体质量分别为m和2m，A静止于光滑水平面上，B静止于粗糙水平面上，用相同水平力分别推A和B，使它们前进相同位移。在此过程中（ ）A、对A的推力做功多一些 B、两次推力做功一样多C、两次推力做功的功率一样大 D、对B的推力做功的平均功率较小【答案】BDAB、用相同的力推A、B两个物体，分别在光滑和粗糙的两种水平地面前进相同路程，根据W=Fs可知两次做功一样多，故A错误B正确；C、D、B物
10、体比A物体对水平面的压力大，且A接触面光滑、B接触面粗糙，故B物体受到的摩擦力比A物体摩擦力大，运动的平均速度小，移动相同的距离时用的时间长；根据可知，做的功相同时，推B物体用的时间长，功率小，故C错误D正确。故选BD。【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功10、（多选题）如图电路中，电压UAB=9V，电阻R1消耗的功率P1=15W，R2的电流I2=2A，R3=2，则可得（ ）A、电阻R1=0.2 B、电阻R1=0.6 C、电阻R2=2 D、电阻R2=3【答案】BD根据题意可知，电阻R1消耗的功率R2和R3并联，则总电压带入数据解得：，。故选BD。【考点】电功、电功率二、实验题（每空3分，共18
11、分）11、用螺旋测微器测小球直径时如图甲，这时读出的数值是_mm；用游标卡尺（卡尺的游标有20等分）测量一支铅笔的长度如图乙，铅笔的长度是_cm。【答案】8.472mm， 10.060cm 螺旋测微器的固定刻度读数为8mm，可动刻度读数为0.0147.20mm=0.472mm，所以最终读数为：8mm+0.472mm=8.472mm，由于需要估读因此在范围8.472mm8.474mm范围内都对；游标卡尺的固定刻度读数为10m，游标尺上第12个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为0.0512mm=0.60mm=0.060cm，所以最终读数为：10cm+0.060cm=10.060cm。【考点】
12、刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用12、为了描绘一个“6.3V，1W”的小灯泡伏安特性曲线，提供了下列实验器材： A电流表A1 ：（200mA，电阻约为0.5）B电流表A2 ：（0.6A，电阻约为0.2）C电压表V1 ：（10V，电阻约为1k）D电压表V2 ：（15V，电阻约为1.5k）E电源 E1=6V，F电源 E2=9V，G滑动变阻器R2（0-5）H导线若干，电键一个 实验时电源应选用 ，电流表应选用 ，电压表应选用 在右边的线框中画出实验的电路图，要求测量误差尽可能小【答案】 F， A， C。电路图必须是内接分压电路。 （1）灯泡额定电压是6.3V，则电源选择F，电压表选C，灯泡正
13、常发光时的电流，则电流表选A；（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，因此滑动变阻器应采用分压接法；灯泡电阻约为，电流表内阻约为0.5，电压表内阻约为1k，相对来说灯泡电阻远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，电路图如图所示。【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线三计算题：4个小题共42分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13（8分）光滑绝缘的斜面倾角为37o，带电量为+q的小物体质量为m，放在斜面上，当沿水平向右方向加一个匀强电场时，小物体恰好处于静止状态，重力加速度g为已知，Sin370=0.6， C
14、os370=0.8，（1）电场强度的大小（2）从某时刻开始，电场强度突然减为原来的一半，当电场强度减小后，求物体沿斜面下滑距离为L时的动能。【答案】 （1）如图所示，受力平衡，运用合成法则有：则，方向与电场力方向相同：向右；（2）物块下滑距离L时根据动能定理得：。【考点】共点力平衡；电场强度14.(10 分)在真空中有一个与x轴平行的匀强电场，一个电子由坐标原点O处以初速度V0 =1107m/s，沿y轴正方向射入电场，在运动中该电子通过了位于xoy平面内的A点，A点与原点O相距L=10cm，OA与x轴正方向的夹角为= 30，电子电量q =-1.610-19C，电子质量m =910-31kg，求
15、匀强电场的场强大小和方向。【答案】E=3.9104N/C，方向为水平向左。由题，匀强电场方向平行于x轴，电子进入电场后类平抛运动，电子要到达A点，电场强度方向必须沿x轴负方向。将电子的运动分解为：水平和竖直两个方向，水平方向电子做匀加速直线运动，竖直方向做匀速直线运动。竖直方向：，得到水平方向：加速度，得代入解得，方向沿x轴负方向。【考点】电场强度；牛顿第二定律15（12分）电源电压U恒为12V，灯L标有“6V，1A”的字样，R1=3。（1）当电键S断开时，灯L恰好正常发光，则灯L消耗电功率多大？此时R2接入电路的电阻有多少？（2）R2保持不变，当电键S闭合后，灯L消耗的电功率又是多少？（3）
16、电键S闭合后，若仍要灯L正常发光，则R2应该调到多少？【答案】6W，6 1.5W 2（1）当电键S断开时，灯泡和R2串联，灯L恰好正常发光，功率为额定功率，电压为额定电压，则，R2两端的电压，则（2）当电键S闭合后，灯泡和R1并联再与R2串联，灯泡的电阻，则总电阻则总电流，所以R2两端的电压，则灯泡两端的电压所以灯L消耗的电功率；（3）电键S闭合后，若仍要灯L正常发光，则并联部分电压为6V，则通过R1的电流，则通过R2的电流，根据欧姆定律的：。【考点】电功、电功率16.（12分）水平放置的两块平行金属板长L，两板间距d，两板间的电压为U，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度v0从两板中间射入，
17、已知电子质量m ，电荷量e，求：（1）电子偏离金属板时的侧位移y是多少？（2）电子飞出电场时的速度大小是多少？方向如何？（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若屏与金属板右端相距S，求OP的长？【答案】 设电子所受电场力为F，加速度为a，在电场运动的时间为t，偏转位移为y，离开电场的速度为V，偏转角度为电子垂直进入电场受到电场力：极板间的场强：根据牛顿第二定律得：电子在电场中做类平抛运动：、得：（2）、电子离开电场竖直向上的速度为：离开电场的速度得：偏转角度；（3）、由图可知：有几何关系得： 得：。【考点】带电粒子在匀强电场中的运动新余市一中2013年高二上学期第二次段考物理答案一、选择题（每
18、小题4分，共40分）题号12345678910答案DDCCDACBBDBD二实验题（每空3分，共18分） 11、 8.472 mm， 10.060 cm 12、 F ， A ， C 。电路图必须是内接分压电路。 三、计算题（4个小题共42分）13（8分）（1）如图所示，受力平衡，运用合成法则有：则，方向与电场力方向相同：向右；（2）物块下滑距离L时根据动能定理得：。14.(10 分)由题，匀强电场方向平行于x轴，电子进入电场后类平抛运动，电子要到达A点，电场强度方向必须沿x轴负方向。将电子的运动分解为：水平和竖直两个方向，水平方向电子做匀加速直线运动，竖直方向做匀速直线运动。竖直方向：，得到水
19、平方向：加速度，得代入解得，方向沿x轴负方向。15（12分）（1）当电键S断开时，灯泡和R2串联，灯L恰好正常发光，功率为额定功率，电压为额定电压，则，R2两端的电压，则（2）当电键S闭合后，灯泡和R1并联再与R2串联，灯泡的电阻，则总电阻则总电流，所以R2两端的电压，则灯泡两端的电压所以灯L消耗的电功率；（3）电键S闭合后，若仍要灯L正常发光，则并联部分电压为6V，则通过R1的电流，则通过R2的电流，根据欧姆定律的：。16.（12分）设电子所受电场力为F，加速度为a，在电场运动的时间为t，偏转位移为y，离开电场的速度为V，偏转角度为电子垂直进入电场受到电场力：极板间的场强：根据牛顿第二定律得：电子在电场中做类平抛运动：、得：（2）、电子离开电场竖直向上的速度为：离开电场的速度得：偏转角度；（3）、由图可知：有几何关系得： 得：。版权所有：高考资源网()版权所有：高考资源网()