1、吴起高级中学20192020学年第一学期期末考试高二物理试卷命题人： 审题人： 一、选择题（本题共12小题，共48分，18题只有一个选项正确，912题有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，不选或有错选得0分）1. 两个放在绝缘架上的相同金属球相距r，球的半径比r小得多，带电量大小分别为q和3q，相互斥力大小为3F。现将这两个金属球相接触，然后分开，仍放回原处，则它们之间的相互作用力大小将变为( )AF B4F/3 C4F D2F 2. 如图所示为真空中两点电荷A、B形成的电场中的部分电场线，已知该电场线关于图中虚线对称，O点为A、B两点电荷连线的中点，a、b为A、B两点电荷连线的中
2、垂线上关于O点对称的两点，则下列说法中正确的是( )AA、B可能为等量异号点电荷BA、B可能为电荷量不相等的正电荷Ca、b两点处无电场线，故其电场强度可能为零D同一试探电荷在a、b两点处所受的电场力大小相等，方向相反3. 喷墨打印机的简化模型如图所示墨盒可以喷出质量一定的墨汁微粒， 经带电室带负电后，以一定的初速度垂直射入偏转电场，再经偏转电场后打 到纸上，显示出字符已知墨汁微粒所带电荷量的多少由计算机的输入信号 按照文字的排列规律进行控制，微粒偏移量越小打在纸上的字迹越小，则从 墨汁微粒进入偏转电场开始到打到纸上的过程中(不计墨汁微粒的重力)，以 下说法正确的是( )A减小偏转极板间的电压，
3、可以缩小字迹 B电量相同的墨汁微粒轨迹相同C墨汁微粒的运动轨迹与带电量无关D墨汁微粒的轨迹是抛物线4在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是( ) A电压表示数变小 Ba点的电势降低C电容器C所带电荷量增多D电流表示数变小5如图所示，其中电流表A的量程为 0.6 A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02 A；R1的阻值等于电流表内阻的；R2的阻值等于电流表内阻的2倍若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1 的电流值，则下列分
4、析正确的是( ) A将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04 A B将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02 AC将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06 AD将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01 A6中国宋代科学家沈括在梦溪笔谈中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图。结合上述材料，下列说法不正确的是( )A地理南、北极与地磁场的南、北极不重合B地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近C地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行D地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子有力的作用7.
5、三根平行的长直导线，分别垂直地通过一个等腰直角三角形的三个顶点，三导线中电流方向相同，A、B两导线中的电流大小相同，如图所示，已知导线A在斜边中点O处所产生的磁场的磁感应强度大小为B，导线C在斜边中点O处所产生的磁场的磁感应强度大小为2B，则O处的磁感应强度的大小和方向为( )A大小为B，方向沿OA方向B大小为2B，方向竖直向下C大小为2B，方向沿OB方向D大小为2B，方向沿OA方向8. 如图所示，在边长为2a的正三角形区域内存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场一个质量为m、电荷量为q的带电粒子(重力不计)从AB边的中心O以速度v进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与AB边的夹角为60，
6、若要使粒子能从AC边穿出磁场，则匀强磁场的大小B需满足( )ABBBDBR的区域存在沿y方向的匀强电场，电场强度为E1.0105 V/m.在M点有一正粒子以速率v1.0106 m/s沿x方向射入磁场，粒子穿出磁场进入电场，速度减小到0后又返回磁场，最终又从磁场离开已知粒子的比荷为1.0107 C/kg，粒子重力不计(1)求圆形磁场区域磁感应强度的大小；(2)求沿x方向射入磁场的粒子，从进入 磁场到再次穿出磁场所走过的路程四、附加题:供有能力的学生选做，成绩可记入总分18.(10分)在科学研究中，可以通过施加适当的电场和磁场来实现对带电粒子运动的控制如图甲所示的xOy平面处于匀强电场和匀强磁场中
7、，电场强度E和磁感应强度B随时间t做周期性变化的图象如图乙所示x轴正方向为E的正方向，垂直纸面向里为B的正方向在坐标原点O有一粒子P，其质量和电荷量分别为m和q，不计重力在t时刻释放P，它恰能沿一定轨道做往复运动(1)求P在磁场中运动时速度的大小v0；(2)求B0应满足的关系；(3)在t0时刻释放P，求P速度为零时的坐标2019-2020学年第一学期期末考试高二物理试卷答案(仅供参考)一、选择题（每题4分，共48分）123456789101112CDABCCDBBDACACBD二、填空题及实验题（每空2分，共16分）13. (1) 0.870 (2) R2 (3) KR2d2 /4(E-KL)
8、14. (1) B E (2) 3.2 1.3三、计算题 (共36分) -15. （12分）（1）导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路，根据闭合电路欧姆定律有：I=ER0+r=31+0.5A=2A导体棒受到的安培力：F安=ILB=20.400.50N=0.40N（2）导体棒所受重力沿斜面向下的分力：F1=mgsin37=0.04100.6N=0.24N由于F1小于安培力，故导体棒沿斜面向下的摩擦力f，根据共点力平衡条件得：mgsin37+f=F安解得：f=F安-mgsin37=（0.40-0.24）N=0.16N答：（1）导体棒受到的安培力大小是0.40N；（2）导体棒受到的摩擦力大小是0.
9、16N16. （12分）解析：(1)由A到B，由动能定理得mgrmv20在B点，对小球受力分析，由牛顿第二定律得qEmgm联立解得E因为O点固定的是点电荷Q，由Ek可知，等势面上各处的场强大小均相等，故AB弧中点处的电场强度为E(2)设小球到达B点时的速度为v，由动能定理得(mgqE)rmv2设在B点处环对小球的弹力为FN，由牛顿第二定律得FNmgqEm联立解得小球在B点受到环的压力为FN3(mgqE)由牛顿第三定律知，小球在B点对环的压力大小为FNFN3(mgqE)答案：(1)(2)3(mgqE)17. （12分）解析：(1)沿x方向射入磁场的粒子进入电场后，速度减小到0，粒子一定是从如图的
10、P点射出磁场，逆着电场线运动，所以粒子在磁场中做圆周运动的半径rR0.5 m根据Bqv，得r，得B，代入数据得B0.2 T.(2)粒子返回磁场后，经磁场偏转后从N点射出磁场，MN为直径，粒子在磁场中的路程为二分之一圆周长s1R设在电场中的路程为s2，根据动能定理得Eqmv2，s2总路程sR，代入数据得s(0.51)m.答案：(1)0.2 T(2)(0.51)m18.(10分) 解析(1)做匀加速直线运动，2做匀速圆周运动，电场力FqE0，加速度a，速度v0at，且t，解得v0.(2) 只有当t2时，P在磁场中做圆周运动结束并开始沿x轴负方向运动，才能沿一定轨道做往复运动，如图所示设P在磁场中做圆周运动的周期为T.则T (n1，2，3)匀速圆周运动qvB0m，T解得B0 (n1，2，3)(3) 在t0时刻释放，P在电场中加速的时间为t0在磁场中做匀速圆周运动，有v1 圆周运动的半径r1 解得r1又经t0时间，P减速为零后向右加速的时间为t0P再进入磁场，有v2 圆周运动的半径r2 解得r2综上分析，速度为零时横坐标x0相应的纵坐标为y， (k1，2，3)解得y，(k1，2，3)答案(1)(2)B0，(n1，2，3)(3)横坐标x0，纵坐标y，(k1，2，3)