1、 高考资源网（） 您身边的高考专家2020届物理高考专练之自我检测（四）1、已知钙和钾的截止频率分别为和,在某种单色光的照射下两种金属均发生光电效应,比较它们表面逸出的具有最大初动能的光电子,钙逸出的光电子具有较大的()A.波长B.频率C.能量D.动量2、如图所示, 直线a、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线,M、N、P、Q是它们的交点,四点处的电势分别为,一电子由M点分别运动到N点和P点的过程中,电场力所做的负功相等,则()A.直线a位于某一等势面内, B.直线c位于某一等势面内, C.若电子由M点运动到Q点,电场力做正功D.若电子由P点运动到Q点,电场力做负功3、甲、乙两辆汽车沿同一方
2、向做直线运动,两车在某一时刻刚好经过同一位置,此时甲的速度为5m/s,乙的速度为10m/s,甲车的加速度大小恒为1.2m/s2.以此时作为计时起点,它们的速度随时间变化的关系如图所示,根据以上条件可知( )A.乙车做加速度先增大后减小的变加速运动B.在前4s的时间内,甲车运动位移为29.6 mC.在t=4s时,甲车追上乙车D.在t=10s时,乙车又回到起始位置4、如图所示，N匝矩形导线框以角速度绕对称轴OO匀速转动，线圈面积为S，线框电阻、电感均不计，在OO左侧有磁感应强度为B的匀强磁场，外电路接有电阻R和理想电流表，那么可以确定的是（ ）A.从图示时刻起，线框产生的瞬时电动势为B.电流表的示
3、数C.两端电压有效值D.一个周期内的发热量5、如图所示，足够长的U型光滑金属导轨平面与水平面成角，其中MN与PQ平行且间距为L，N、Q间接有阻值为R的电阻，匀强磁场垂直导轨平面，磁感应强度为B，导轨电阻不计质量为m的金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，ab棒接入电路的电阻为r，当金属棒ab下滑距离x时达到最大速度v，重力加速度为g，则在这一过程中( ) A金属棒做匀加速直线运动B当金属棒速度为时，金属棒的加速度大小为0.5gC电阻R上产生的焦耳热为D通过金属棒某一横截面的电量为6、在半导体离子注入工艺中，初速度可忽略的离子和，经电压为U的电场加速后，垂直进入磁感应
4、强度大小为B、方向垂直纸面向里，有一定的宽度的匀强磁场区域，如图所示，已知离子在磁场中转过后从磁场右边界射出。在电场和磁场中运动时，离子和（ ）A.在电场中的加速度之比为1:1B.在磁场中运动的半径之比C.在磁场中转过的角度之比为1:2D.离开电场区域时的动能之比为1:37、如图所示电路中，电源内阻忽略不计.闭合开关，电压表示数为U,电流表示数为I;在滑动变阻器的滑片P由a端滑到b端的过程中( )A.U先变大后变小B.I先变小后变大C.U与I的比值先变大后变小D.U变化量与I变化量的比值等于8、2018年4月2日,中国首个空间实验室“天宫一号”坠入大气层焚毁。天宫一号是中国首个“目标飞行器”,
5、其主要目的在于和神舟飞船(称“追踪飞行器”)配合完成交会对接飞行测试,为建设空间站积累经验。其在轨工作1630天,失联759天,在地球引力下轨道高度不断衰减,最终于4月2日早晨8点15分坠入大气层焚毁。据报道,该次坠落没有造成任何危险。天宫一号空间实验室于2011年9月29日在酒泉发射升空,设计寿命两年,轨道平均高度约为350km。作为中国空间站的前身,在役期间,天宫一号先后与神舟八号、九号、十号飞船配合完成六次交会对接任务,共计接待6名航天员,完成多项科学实验。设“天宫一号”飞行器的轨道半径为r,地球表面重力加速度为g,地球半径为R,地球自转周期为T,对于“天宫一号”在服役运行过程中,下列说
6、法正确的是( )A.根据题中数据,可求出地球的质量 ,地球质量也可表达为B.“神州八号”飞船与“天宫一号”进行对接时，“神州八号”飞船需要从低轨道加速C.“天宫一号”飞行器运动的周期是D.天宫一号的航天员在一天内可以看到日出的次数是9、如图1所示,用质量为m的重物通过滑轮牵引小车,使它在长木板上运动,打点计时器在纸带上记录小车的运动情况。利用该装置可以完成“探究动能定理”的实验。1.打点计时器使用的电源是_(选填选项前的字母)。A.直流电源 B.交流电源2.实验中,需要平衡摩擦力和其他阻力。正确操作方法是_(选填选项前的字母)。A.把长木板右端垫高 B.改变小车的质量在不挂重物且_(选填选项前
7、的字母)的情况下,轻推一下小车,若小车拖着纸带做匀速运动,表明已经消除了摩擦力和其他阻力的影响。A.计时器不打点 B.计时器打点3.接通电源,释放小车,打点计时器在纸带上打下一系列点,将打下的第一个点标为O。在纸带上依次去A、B、C若干个计数点,已知相邻计数点间的时间间隔为T。测得A、B、C各点到O点的距离为、,如图2所示。实验中,重物质量远小于小车质量,可认为小车所受的拉力大小为mg,从打O点打B点的过程中,拉力对小车做的功W= ,打B点时小车的速度v= 。4.以为纵坐标, W为横坐标,利用实验数据做如图3所示的图象。由此图象可得随W变化的表达式为_。根据功与能的关系,动能的表达式中可能包含
8、这个因子;分析实验结果的单位关系,与图线斜率有关的物理量应是_。5.假设已经完全消除了摩擦力和其他阻力的影响,若重物质量不满足远小于小车质量的条件,则从理论上分析,图4中正确反映关系的是_。10、某同学想要描绘标有“3.8V，0.3A”字样小灯泡L的伏安特性曲线，要求测量数据尽量精确，绘制曲线完整，可供该同学选用的器材除了开关，导线外，还有：电压表（量程03V，内阻等于3k）电压表（量程015V，内阻等于15k）电流表（量程0200mA，内阻等于10）电流表（量程03A，内阻等于0.1）滑动变阻器（010，额定电流2A）滑动变阻器（01k，额定电流0.5A）定值电阻（阻值等于1）定值电阻（阻值
9、等于10）请画出实验电路图，并将各元件字母代码标在该元件的符号旁该同学描绘出的I-U图像应是下图中的_A. B. C. D.11、如图所示,一物体以的初速度从粗糙斜面顶端下滑到底端用时t1s。已知斜面长度L=1.5m,斜面的倾角=30,重力加速度取。求：(1)物体滑到斜面底端时的速度大小;(2)物体沿斜面下滑的加速度大小和方向;(3)物体与斜面间的动摩擦因数。12、静止在水平地面上的两小物块A、B，质量分别为；两者之间有一被压缩的微型弹簧，A与其右侧的竖直墙壁距离l=1.0m，如图所示。某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使A、B瞬间分离，两物块获得的动能之和为。释放后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运
10、动。A、B与地面之间的动摩擦因数均为u=0.20。重力加速度取。A、B运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。（1）求弹簧释放后瞬间A、B速度的大小；（2）物块A、B中的哪一个先停止？该物块刚停止时A与B之间的距离是多少？（3）A和B都停止后，A与B之间的距离是多少？13、【物理-选修3-3】1.一定质量的理想气体状态变化如图所示，则（ ）A. 状态b、c的内能相等B. 状态a的内能比状态b、c的内能大C. 在a到b的过程中气体对外界做功D. 在a到b的过程中气体向外界放热E. 在b到c的过程中气体一直向外界放热2. 均匀的U形玻璃管竖直放置，长为10cm的水银柱封闭了长为30cm的
11、空气柱，尺寸如图甲所示，现用注射器（开始时活塞在底部）缓慢地将水银抽出，如图乙所示。已知注射器管横截面积是玻璃管横截面积的10倍，大气压强为76cmHg，整个过程不漏气且温度不变。求：当水银恰好被抽出时玻璃管内空气的压强（单位用cmHg表示）；注射器管有效长度的最小值（结果保留3位有效数字）。14、【物理选修34】下列说法正确的是（）A狭义相对论认为，真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，光速与光源、观察者间的相对运动无关B电视遥控器发出的红外线的波长比医院里“CT”中发出的X射线的波长要短C分别用红光、紫光在同一个双缝干涉实验装置上做实验，红光的相邻两个亮条纹的中心间距大于紫光的相邻两
12、个亮条纹的中心间距D如图1所示，a、b两束光以不同的入射角由玻璃射向真空，结果折射角相同，则在玻璃中a光的全反射临界角大于b光的全反射临界角E如图2所示，偏振片P的透振方向为竖直方向，沿与竖直方向成45角振动的偏振光照射到偏振片P上，在P的另一侧能观察到透射光2.如图所示，在x0处的质点O在垂直于x轴方向上做简谐运动，形成沿x轴正方向传播的机械波。在t0时刻，质点O开始从平衡位置向上运动，经0.4s第一次形成图示波形，P是平衡位置为x0.5m处的质点。位于x5m处的质点B第一次到达波峰位置时，求位于x2m处的质点A通过的总路程。若从图示状态开始计时，至少要经过多少时间，P、A两质点的位移(y坐
13、标)才能相同？ 答案以及解析1答案及解析：答案：A解析：根据爱因斯坦光电效应方程得Ek=hv-W0,又W0=hvc,联立得Ek=hv-hvc,据题可知钙的截止频率比钾的截止频率大,由上式可知从钙表面逸出的光电子最大初动能较小,C错误;由,可知从钙表面逸出的光电子的动量较小,D错误;又由可知,从钙表面逸出的光电子的波长较大,故A正确,B错误。 2答案及解析：答案：B解析：电子带负电荷,从M到N和P做功相等,说明电势差相等,即N和P的电势相等,匀强电场中等势线为平行的直线,所以NP和MQ分别是两条等势线,从M到N,电场力对负电荷做负功,说明MQ为高电势, NP为低电势。所以直线位于某一等势线内,但
14、是,选项A错B对。若电子从M点运动到Q点,初末位置电势相等,电场力不做功,选项C错。电子作为负电荷从P到Q即从低电势到高电势,电场力做正功,电势能减少,选项D错。 3答案及解析：答案：B解析：A. 图象的斜率表示物体的加速度，由图可知，加速度先减小后增大，最后再减小，故A错误；B. 在前4s的时间内,甲车运动位移为，故B正确；C. 在t=4s时，两车的速度相同，但经达的位移不同，故两车没有相遇；故C错误；D. 在10s前，乙车一直做匀加速直线运动，速度一直沿正方向，故乙车没有回到起始位置；故D错误；故选：B 4答案及解析：答案：B解析：ABC.线框始终有一半面积在磁场中，所以瞬时电动势为，则电
15、压有效值为，由欧姆定律，则AC错误，B正确；D.对R,因，则D错误。故选B。 5答案及解析：答案：D解析：A、根据牛顿第二定律可得：，即：，当速度增大时，安培力增大，加速度减小，所以金属棒ab开始做加速度逐渐减小的变加速运动，不是匀加速直线运动，故A错误；B、金属棒ab匀速下滑时，则有： ，即，当金属棒速度为时，金属棒的加速度大小为，故B错误；C、根据动能定理可得：，解得产生的焦耳热为：，电阻R上产生的焦耳热为：，故C错误；D、通过金属棒某一横截面的电量为，故D正确；故选D。 6答案及解析：答案：BCD解析：电场中的加速度，则在电场中的加速度之比为1:3，故A项错误。磁场中的偏转半径，又在电场
16、中可得，则半径之比为，故B项正确。分析粒子运动可得磁场宽度，粒子运动，解得，故C项正确。由离开电场时动能，得二者之比，故D项正确。综上所述，本题正确答案为BCD。 7答案及解析：答案：BC解析：由题图可知电压表测量的是电源两端的电压，由于电源内阻忽略不计，则电压表的示数不变，故A错误；由题图可知，在滑动变阻器的滑片P由a端滑到b端的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻先变大后变小，由于电压不变，根据闭合电路欧姆定律可知，电流表示数先变小后变大，U与I比值为接入电路的的电阻与电阻的和，所以U与I的比值先变大后变小，故B、C正确；由于电压表示数没有变化，所以U变化量与I变化量比值等于零，故D错误. 8
17、答案及解析：答案：BD解析：A、天宫一号的周期与地球自转周期不等，不能根据，求出地球质量，故A错误。B、“神州八号”飞船与“天宫一号”进行对接时，“神州八号”飞船需要从低轨道加速，使得万有引力小于向心力，做离心运动，实现对接，故B正确。C、根据，得，“天宫一号”飞行器运动的周期，故C错误。D、天宫一号在地球自转周期内，转动的圈数，则天宫一号的航天员在一天内可以看到日出的次数是，故D正确。 9答案及解析：答案：1.B; 2.A; B; 3. ,4. ,质量5.A解析：1.根据打点计时器工作原理,应使用交流电源,所以选B。2.验证功能定理平衡摩擦力和其他阻力时,应先不挂重物,把长木板右端垫起适当高
18、度,在小车后面挂上纸带,接通电源,轻推小车,给小车一个初速度,测量纸带上点的间隔是否均匀,若均匀,则已平衡摩擦力和其他阻力,若不均匀,则再适当调节长木板右端垫的高度。所以第一空选A,第二空选B。3.从O点到B点过程中,小车受到拉力大小为mg,位移大小为,所以拉力对小车做的功为.匀变速直线运动中,中间时刻的瞬时速度等于这一段的平均速度。4.由图像可知,其斜率,所以。由题意可知, 的单位,W的单位为J。又,W的单位也可以表述为。得图像斜率单位为,所以与图像斜率有关的物理量应是质量。5.由功能关系得, 。故图象为过原点的直线,所以选A。 10答案及解析：答案：（1）如图所示；（2）B。解析：（1）灯
19、泡额定电压为3.8V，而给出的电压表量程分别为15V和3V，15V量程太大，无法正确测量，故只能选用3V量程，并且应与定值电阻串联扩大量程，3V量程的电压表内阻为3k；根据串并联电路规律可知，应选择1k的定值电阻串联，额定电流为0.3A，而给出的量程中3A量程过大，不能使用，只能采用将电流表量程200mA的电流表与定值电阻并联的方式来扩大量程，根据改装原理可知，并联10的定值电阻，即可将量程扩大到0.4A，因本实验中要求多测几组数据，因此应采用滑动变阻器分压接法，同时因灯泡内阻较小，故采用电流表外接法，故答案如图所示：（2）因灯泡电阻随温度的增加而增加，因此在I-U图象中图线的斜率应越来越小，
20、故B正确。 11答案及解析：答案：(1)1m/s(2)1m/s2方向沿斜面向上(3)解析：(1)设物体滑到斜面底端时速度为v,则有:,代入数据解得:。(2)因,即物体做匀减速运动,加速度方向沿斜面向上,加速度的大小为:。(3)物体沿斜面下滑时,受力分析如图所示。由牛顿第二定律得:联立解得:,代入数据解得:。 12答案及解析：答案：（1）设弹簧释放瞬间A和B的速度大小分别为，以向右为正，由动量守恒定律和题给条件有 联立式并代入题给数据得（2）A、B两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设为a。假设A和B发生碰撞前，已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的B。设从
21、弹簧释放到B停止所需时间为t，B向左运动的路程为。，则有在时间t内，A可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后A将向左运动，碰撞并不改变A的速度大小，所以无论此碰撞是否发生，A在时间t内的路程都可表示为联立式并代入题给数据得这表明在时间t内A已与墙壁发生碰撞，但没有与B发生碰撞，此时A位于出发点右边0.25 m处。B位于出发点左边0.25 m处，两物块之间的距离s为s=0.25m+0.25m=0.50m（3）t时刻后A将继续向左运动，假设它能与静止的B碰撞，碰撞时速度的大小为，由动能定理有联立式并代入题给数据得故A与B将发生碰撞。设碰撞后A、B的速度分别为以和，由动量守恒定律与机械能守恒定律有联立式并代入
22、题给数据得这表明碰撞后A将向右运动，B继续向左运动。设碰撞后A向右运动距离为时停止，B向左运动距离为时停止，由运动学公式由式及题给数据得小于碰撞处到墙壁的距离。由上式可得两物块停止后的距离解析： 13答案及解析：答案：1.ABD2. 根据大气压强和水银柱高度可得：开始的时候密封空气柱的压强为；当水银恰好被抽出时玻璃管内空气仍是原来被密封的空气，故空气质量不变，体积变为原来的；根据同一空气，温度不变，PV不变，所以，压强变为原来的，所以，水银恰好被抽出时玻璃管内空气的压强为； 被注射器吸入的空气在最开始的压强为大气压强（76cmHg），在玻璃管中的长度为70cm；水银柱被吸入注射器后的高度，最后
23、，水银柱被吸入后注射器中的空气压强为，所以，根据同一空气，温度不变，PV不变可得：注射管中空气柱的高度；所以，注射器管有效长度的最小值；解析：1. A、根据理想气体状态方程结合图象可知，状态b、c的温度相同，故内能相等，故A正确； B、根据理想气体状态方程结合图象可知，状态a的温度比状态b、c的温度高，故状态a的内能比状态b、c的内能大，故B正确； C、在a到b的过程中，体积减小，外界对气体做功，故C错误； D、a到b的过程，温度降低，内能减小，气体体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知气体应从外界放热，故D正确； E、据A项分析可知状态b、c的内能相等，由b到c的过程气体体积增大，
24、气体对外界做功，根据热力学第一定律可知，整个过程气体吸热，又据D项分析可知由a到b的过程气体放热，故在c到a的过程中气体应吸热；故E错误； 14答案及解析：答案：1.ACE2.结合题图可分析出，该机械波的传播周期为T0.8s，波长为4m，振幅A5cm，该机械波的波速为由图可知，此时波峰在x1m处，当波峰传播到x5m处的B点时，波向前传播的距离为x4m，所以质点B第一次到达波峰位置所需要的时间由题意知，当质点B第一次到达波峰位置时，质点A恰好振动了一个周期，所以质点A通过的总路程为s4A20cm圆频率，从图示状态开始计时质点A做简谐运动的表达式为质点P做简谐运动的表达式为要使P、A两质点的位移(y坐标)相同，即yAyP，至少要经过时间t应满足：，解得：t0.05s解析： 高考资源网版权所有，侵权必究！