1、福建省莆田市2020-2021学年高一物理下学期期末考试备考金卷（B卷）注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求。全
2、部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1若物体在运动过程中受到的合外力不为零，经过一段时间，则()A物体的动量可能不变B物体的动能一定变化C物体的加速度一定变化D物体速度方向一定变化2如图，从高处跳到低处时，为了安全，一般都要屈腿，这样做是为了()A减小冲量B减小动量的变化量C增大与地面的冲击时间，从而减小冲力D增大人对地面的压强，起到安全作用32021年5月15日，我国自主研发的天文一号成功着陆火星表面。如图，当它接近火星表面时，可打开反冲发动机减速下降。探测器减速下降过程中，它在火星表面的重力势能、动能和机械能的变化情况是()A动能增加、重力势能减小B动能减小、重力势能增加C
3、动能减小、机械能减小D重力势能增加、机械能增加4在光滑的水平地面上放有一质量为M的半圆柱体，在其圆心正上方静止放有一质量为m的光滑小球。某时刻小球受到轻微扰动，由静止开始下滑。当m与M分离时，m的水平位移为xm，则M的位移为()A BC D5如图所示，竖直放置的轻质弹簧下端固定在地面上，上端与物块A连接，物块A处于静止状态时弹簧的压缩量为x0。现有物块B从距物块A上方某处由静止释放，B与A相碰后立即一起向下运动但不粘连，此后物块A、B在弹起过程中将B抛离A。此过程中弹簧始终处于竖直状态，且在弹性限度内，重力加速度为g。下列说法中正确的是()A当B与A分离时，弹簧的压缩量为x0B两物块一起运动过
4、程中的最大加速度大于gC当B与A一起向上运动到弹簧的压缩量为x0时，它们共同运动的速度最大D从B开始下落至B与A分离的过程中，两物块及弹簧组成的系统机械能守恒62022年左右我国将建成载人空间站，轨道高度距地面约400 km，在轨运营10年以上，它将成为中国空间科学和新技术研究实验的重要基地。设该空间站绕地球做匀速圆周运动，其运动周期为T，轨道半径为r，万有引力常量为G，地球半径为R，地球表面重力加速度为g。下列说法正确的是()A地球的质量为B空间站的向心加速度为C空间站的线速度大小为D空间站的运行周期大于地球自转周期7如图甲所示，一个小球悬挂在细绳下端，由静止开始沿竖直方向运动，运动过程中小
5、球的机械能E与路程x的关系图像如图乙所示，其中Ox1过程的图像为曲线，x1x2过程的图像为直线。忽略空气阻力。下列说法正确的是()AOx1过程中小球所受拉力总是大于重力B小球运动路程为x1时的动能为最大COx2过程中小球的重力势能一直增大Dx1x2过程中小球一定做匀加速直线运动8如图所示，上方传送带始终以v4 m/s的速度向右运动，左右两端相距L4 m。将一质量m1 kg的木块由传送带左端静止释放，木块与传送带之间的动摩擦因数为0.4，则()A木块从左端运动到右端的过程中，摩擦力对木块做的功为16 JB木块从左端运动到右端的过程中，由于带动木块运动，电动机多消耗了16 J的电能C木块从左端运动
6、到右端的过程中，因为摩擦而产生的热量为10 JD木块从左端运动到右端的时间为2 s9下列说法中正确的是()A能量只以势能和动能两种形式存在B能量只存在于具有高度或处于运动状态的物体中C任何物体都具有能量D能量的存在形式多种多样，且不同形式的能量之间可以相互转化，并且在转化过程中，总能量是守恒的10如图所示，将一小球从M点水平抛出，飞到点P时，与一挡板发生碰撞，小球又斜向上飞出后落到M点正下方的N点，N点与P点等高，轨迹的最高点Q与M等高，不计空气阻力。下列说法正确的是()A小球两次飞行过程中加速度不同B小球两次飞行过程中重力对小球做的功不相等C小球离开M点的速率比经过Q点的速率大D小球与挡板碰
7、撞过程中没有机械能损失11如图所示，质量为M的小车在光滑的水平面上以速度v0向右做匀速直线运动，一个质量为m的小球从高h处自由下落，与小车碰撞后反弹上升的高度为仍为h。设Mm，发生碰撞时弹力FNmg，小球与车之间的动摩擦因数为，则小球弹起时的水平速度可能是()Av0 B0 C2 Dv012一质量为2 kg的物体受水平拉力F作用，在粗糙水平面上做加速直线运动时的at图象如图所示，t0时其速度大小为2 m/s，滑动摩擦力大小恒为2 N，则()At2 s时，水平拉力F的大小为4 NB在06 s内，合力对物体做的功为396 JC在06 s内，合力对物体的冲量为36 NsDt6 s时，拉力F的功率为18
8、0 W二、非选择题：本题共5小题，共52分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13(6分)某同学利用图示装置验证不可伸长的细绳连接的物块的速度沿着绳的分速度相等及机械能守恒。图中P、Q、R是三个完全相同的木块，P、Q木块用细绳连接，放在水平气垫桌上。木块R用轻质滑轮连接，放在正中间。a、b、c是三个光电门，调整三个光电门的位置，能实现同时遮光。将整个装置无初速度释放：(1)为了能达到实验目的，除了记录P、Q、R三个遮光片的遮光的时间t1、t2、t3外，还必需测量的物理有_。AP、Q、R的质量
9、MB两个定滑轮的距离dCR的遮光片到c的距离HD遮光片的宽度x(2)根据装置可以分析出P、Q的速度大小相等，验证表达式为_。(3)验证系统机械能守恒的表达式_。14(8分)用如图所示的实验装置验证矩形线框的自由下落过程满足动量定理，已知线框用直径为d（远小于线框的边长）的粗铜线做成；当地重力加速度为g。某次实验中线框下边和上边先后经过光电门的挡光时间分别为t1和t2。(1)为完成该实验，下列步骤中还必需的是_（填入标号）；A用天平测线框的质量mB用刻度尺测线框上、下边之间的距离LC用秒表测线框上、下边通过光电门的时间间隔t(2)线框下边通过光电门时的速度大小为_（请用测量的物理量和已知量来表示
10、）；(3)在误差允许范围内，满足关系式_（请用测量的物理量和已知量来表示），则验证了线框自由下落过程中满足动量定理。(4)请提一条对减小实验误差有帮助的建议：_。15(10分)如图所示，是汽车牵引力F和车速倒数的关系图像，若汽车质量为2103 kg，由静止开始沿平直公路行驶，阻力恒定，最大车速为30 m/s，则：(1)试根据图像分析汽车AB段和BC段分别做什么性质运动？最后做什么运动？(2)机车启动过程最大功率为多少？(3)汽车速度为20 m/s时的加速度为多大？(4)汽车维持匀加速时间为多少？16(12分)如图所示，质量m1 kg的弹性小球A在长为l0.9 m的细轻绳牵引下可以绕水平轴O在竖
11、直平面内做圆周运动，圆周的最高点为P，P处有一个水平槽，水平地面距水平槽的高度恰好是1.8 m，槽内有许多质量均为M3 kg的弹性钢球，小球A每次转动到P点恰好与P点处的小钢球发生弹性正碰（碰撞时间极短），钢球水平飞出做平抛运动。每次被小球A碰撞后，槽内填充装置可将另一个相同的钢球自动填充动到P点位置且静止。现将小球A在顶点P以v024 m/s的初速度向左抛出（如图），小球均可视为质点，g取10 m/s2，求：(1)第一次碰撞后瞬间，小球A和第一个钢球获得的速度；(2)小球A能将钢球碰出去的钢球个数；(3)第一个钢球与最后一个钢球落地后的水平距离。17(16分)如图所示，粗糙的水平轨道BC的右
12、端与半径R0.45 m的光滑竖直圆轨道在C点相切，左端与光滑的倾斜轨道AB相连，AB与水平方向的夹角为37，质量m0.1 kg的小球从倾斜轨道顶端A点由静止滑下，设小球经过轨道衔接处时没有能量损失，已知倾斜轨道AB的长度l2 m，小球与水平轨道间的动摩擦因数0.375，（sin 370.6，cos 370.8，g10 m/s2）(1)求小球第一次到达倾斜轨道底端B点时的速度大小（结果可以用根号表示）；(2)若水平轨道BC的长度为2.5 m，求小球最终停止的位置与B点的距离；(3)要使小球能够滑上圆轨道，并且第一次在圆轨道运动时小球不脱离轨道，水平轨道BC的长度L应满足什么条件？2020-202
13、1学年下学期高一期末备考金卷物 理 答 案一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1【答案】A【解析】合外力不为零，但与速度垂直，合外力不做功，比如匀速圆周运动，经过一个周期，物体的动量可能不变，故A正确；如果合外力做的功为零，物体的动能可以不变化，故B错误；如果合外力是恒力，物体的加速度可以不变，故C错误；若合外力与速度同向，物体速度方向可以不变，故D错误。2【答案】C【解析】人在和地面接触时，人的速度减为零，由动量定理可知(Fmg)tp，而屈
14、腿可以增加人着地的时间，从而减小受到地面的冲击力，所以C正确，ABD错误。3【答案】C【解析】探测器减速下降过程中，速度减小，则动能减小；它在火星表面的重力势能减小，则机械能减小。4【答案】D【解析】M与m水平方向动量守恒，由人船模型可得，解得，故选D。5【答案】B【解析】物块A处于静止状态时弹簧的压缩量为x0，kx0mg，当B与A分离时，加速度相同，且之间无弹力，可知此时A的加速度为g，则弹簧处于原长处，故A错误；如果B物体静止释放到A的上端，做简谐运动，则最低点加速度大小为g，而现在到达A端上端速度大于零，则最低点位置更低，加速度大于g，所以两物块一起运动过程中的最大加速度大于g，故B正确
15、；当B与A一起向上运动到弹簧的压缩量为x0时，合力向下，已经减速，速度不是最大，故C错误；从B开始下落至B与A分离的过程中，两物块及弹簧组成的系统机械能不守恒，因为完全非弹性碰撞过程中存在损失，故D错误。6【答案】A【解析】根据牛顿第二定律可得Gmr，解得M，故A正确；根据牛顿第二定律可得Gma，又黄金代换式GMgR2，联立解得空间站的向心加速度a，故B错误；根据牛顿第二定律可得Gm，解得，故C错误；空间站的轨道半径比同步卫星轨道半径小，根据T2可知，空间站的运行周期小于同步卫星运行周期，而同步卫星周期等于地球自转周期，则空间站的运行周期小于地球自转周期，故D错误。7【答案】D【解析】运动中只
16、受重力和拉力，由于除重力之外的其他力做功等于小球机械能的变化，即FxE，可得Ex图象的斜率的绝对值等于小球所受拉力的大小，如图可知Ox1过程机械能增加，绳子拉力做正功，小球向上运动，x1x2过程机械能减小，绳子拉力做负功，小球向下运动，所以在x1位置处速度为零，动能为零，说明Ox1过程小球速度先加速后减速，在减速阶段拉力小于重力，故AB错误；Ox2过程中小球先向上运动后向下运动，即重力势能先增加后减小，故C错误；由于小球在x1x2过程Ex图象的斜率的绝对值不变，故小球所受的拉力保持不变，又由于在x1位置处速度为零，小球又向下运动，在x1x2过程小球一定做匀加速直线运动，故D正确。8【答案】B【
17、解析】木块在传送带上的加速度，木块达到传送带速度所用时间，此时通过的位移，共速后木块随传送带做匀速直线运动，匀速运动所用时间，则木块从左端运动到右端的时间，D错误；木块从左端运动到右端的过程中，由动能定理可得，A错误；木块与传送带相对滑块的位移，木块从左端运动到右端的过程中，因为摩擦而产生的热量，C错误；木块从左端运动到右端的过程中，由于带动木块运动，电动机多消耗的电能，B正确。9【答案】CD【解析】能量的存在形式不单一，如动能、势能、电磁能、光能、化学能、核能等多种形式，且各种形式的能量在一定条件下可以相互转化，转化过程中，总能量是守恒的。任何一个物体都具有能量，不具有能量的物体是不存在的。
18、不同的物体，能量的存在形式和能量的总量是不同的，故AB错误，CD正确。10【答案】BC【解析】不计空气阻力，球两次在空中只受重力作用，加速度为g，加速度相同，故A错误；设球的抛体高度为h，第一次从M到P，重力做正功，WGmgh，第二次做斜上抛运动从P到Q到N点，重力做功为零，球两次飞行过程中重力对球做的功不相等，故B正确；球从M到P和从Q到N都是平抛运动，在M、Q点均只有水平方向的速度，高度h相同，由t知运动时间相同，但xMPxQN，由xv0t可推出离开M点的速度大于经过Q点的速度，故C正确；如果碰撞没有机械能损失，则全程机械能守恒，而在M、Q点重力势能相等，动能不等，则机械能不等，故小球与挡
19、板碰撞过程中有机械能损失，故D错误。11【答案】AC【解析】若小球离开小车之前已经与小车达到共同速度v，则水平方向上动量守恒，有Mv0(Mm)v，由于Mm，所以vv0；若小球离开小车之前始终未与小车达到共同速度，则对小球应用动量定理，水平方向上有Ftmv，竖直方向上有FNt2mv2m，又FFN，解以得v2。故选AC。12【答案】BC【解析】由图象可知，t2 s时，加速度am/s2，由牛顿第二定律Ffma，得N，故A错误；根据vat可知，在at图象中图象与坐标轴围成的面积表示速度的增量，则在06 s时间内速度增量为v18 m/s，所以v6v0v20 m/s，根据动能定理得W合Ekmv62mv02
20、，得W合396 J，故B正确；根据动量定理得Imv6mv036 Ns，故C正确；t6 s时，根据牛顿第二定律得F6fma6，解得F610 N，则PF6v6200 W，故D错误。二、非选择题：本题共5小题，共52分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13(6分)【答案】(1)CD (2) t1t2 (3)【解析】(1)要验证系统的机械能守恒，其表达式是MgHMvP2MvQ2MvR2，可知与质量M无关，因此不需要测量P、Q、R的质量M，A错误；由验证表达式可知，与两个定滑轮的距离d无关，B错误；
21、由验证的表达式可知，需要测量R的遮光片到c的距离H，C正确；由验证的表达式可知，需要测量P、Q、R三个物块遮光片的速度，因此需要测量遮光片的宽度x，速度v，D正确。(2)物块P的速度，物块Q的速度，因此分析出P、Q的速度大小相等，即需要验证表达式为，即t1t2。(3)整个系统减少的机械能是EMgH，增加的机械能是，要验证机械能守恒，则有EE即验证的表达式。14(8分)【答案】(1)C (2) (3) (4)见解析 【解析】(1)根据题干所描述的步骤可以测出线框上边和下边通过光电门时的速度大小。根据动量定理的表达式可知，等式两边均含有m，可以消去，所以不需要测量m，故A错误；本实验要验证的是动量
22、定理，不是机械能守恒定律，故不需要测量线框上、下边之间的距离L，故B错误；根据动量定理的表达式可知，实验还需要测量线框整体经过光电门过程中重力的作用时间，即需要测量线框上、下边通过光电门的时间间隔t，故C正确。(2)本实验中利用线框下边通过光电门的平均速度来代替初速度，故有v1。(3)本实验中利用线框上边通过光电门的平均速度来代替末速度，故有v2，根据动量定理有mgtmv2mv1，即。(4)上、下边距离大一些，从而减小速度的测量误差；选用密度更大的材料做成线框，从而减小空气阻力对实验的影响；尽量选用直径较小的粗铜线，从而减小速度的测量误差；下落过程上、下边保持水平等。（答案合理即可）15(10
23、分)【解析】(1)由图像可知AB段牵引力F不变，所以加速度恒定，因此AB段汽车做匀加速直线运动；BC段牵引力F减小，所以加速度减小，因此BC段做加速度减小的加速运动，最后匀速运动。(2)当汽车匀速运动时，牵引力和阻力相等，此时功率最大。(3)汽车速度为20 m/s时，此时牵引力由得。(4)汽车匀加速运动的加速度汽车刚达到额定功率时的速度所以汽车做匀加速运动的时间。16(12分)【解析】(1)根据动量守恒与机械能守恒得：解得：vm12 m/s，vM12 m/s。(2)利用上述方程还可得小球A第一次碰后的速度同理可知碰撞n次以后瞬间的速度为负号表示与碰前入射速度方向相反，小球要能与钢球碰撞则必须能
24、完成完整的圆周运动，所以碰n次后假定再次到达P位置，其速度满足 即所以解得n3 小球A可以与4个钢球碰撞第4个钢球碰后速度。(3)由于两球是分别朝向左右两边做平抛运动的，所以水平距离是平抛时间是得。17(16分)【解析】(1)小球在倾斜轨道上运动，由动能定理知解得。(2)最终小球动能为零，停在轨道上，由动能定理知解得通过的路程L13.2 m小球到达C点滑上圆弧后返回，返回路程L2L1LBC0.7 m所以返回后距离B点的距离LLBL21.8 m。(3)小球恰好从B点到C点，由动能定理知解得L3.2 m要使小球能够滑上圆轨道，应满足L3.2 m在圆轨道运动时小球不脱离轨道，有两种情形物体能完成圆周运动在最高点有对小物块从B点到圆轨道最高点利用动能定理有解得L0.2 m小球不脱离轨道应满足L0.2 m物体运动到圆轨道圆心等高处速度为零对小物块从B点到圆轨道圆心等高处利用动能定理有解得L2 m小球不脱离轨道应满足L2 m综合以上可得要使小球能够滑上圆轨道，并且第一次在圆轨道运动时小球不脱离轨道，水平轨道BC的长度L应满足L0.2 m或者2 mL3.2
