1、1 杭州学军中学 2021 学年第二学期高考适应性考试 数学试题 命题:高三数学备课组审核:高三数学备课组说明:本试题卷分选择题和非选择题两部分全卷共 6 页,满分 150 分,考试时间 120 分钟请考生按规定用笔将所有试题的答案涂、写在答题纸上 第卷(选择题部分,共 40 分)一、选择题:本大题共 10 小题,每小题 4 分,共 40 分,在每个小题给出的四个选项中,有且仅有一项是符合题目要求的.1已知集合1,3,5A=,2|650Bx xx=+,则()BA=R()A1,3,5B3,5C0,3 D 32若(1i)2iz+=(i 为虚数单位),则 z=()A 2 B3 C2D1 3“为第二象
2、限角”是“sincos”的 ()A充分不必要条件 B必要不充分条件 C充要条件 D既不充分也不必要条件 4已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为()A 3 B 6 C9D12 5若实数,x y 满足约束条件210240yyxyx+,设 ykx=,则 k 的最大值是()A 27B 25C 23D2 6.已知函数 f(x)的部分图象如图所示,则 f(x)的解析式可能为()A()=|21B()=212 C()=2+1D()=|2+17如图所示,在正方体 ABCDA1B1C1D1 中,点 F 是棱 AA1 上的一个动点(不含 端 点),平 面 BFD1 交 棱 CC1 于 点 E,则 下 列
3、 命 题 中 假 命 题 是()A对于任意的点 F,平面 A1C1D平面 BED1F B存在点 F,使得 A1C1平面 BED1F C存在点 F,使得 B1D平面 BED1F D对于任意的点 F,四边形 BED1F 均为平行四边形 8已知实数 a,b,c(0,1),设2+11,2+11,2+11 这三个数的最大值为 M,则 M 的最小值为()A5 B3+22 C322 D不存在 9设 F1、F2 是椭圆 的两个焦点,S 是以 F1 为中心的正方形,则 S 的四个顶点中能落在椭圆 上的个数最多有(S 的各边可以不与 的对称轴平行)()A1 个 B2 个 C3 个 D4 个 10设数列na满足*1
4、2223112,.,max,.,1,min()nnna aaaaaaaan+=N,则下列结论中不可能的是 ()注:21,.min.,na aa和21,.max.,na aa分别表示21,.,naaa 中的最小值和最大值A数列na从某一项起,均有1na B数列na从某一项起,均有1na C数列na从某一项起,均有2nnaa+D数列na从某一项起,均有2nnaa+第卷(非选择题部分,共 110 分)二、填空题:本大题共 7 小题,单空题每小题 4 分,双空题每小题 6 分,共 36 分,请将答案填写在答题卷中的横线上.11在研究天文学的过程中,约翰纳皮尔为了简化其中的计算而发明了对数,恩格斯曾经把
5、对数的发明和解析几何的创始微积分的建立称为 17 世纪数学的三大成就.已知31loglg5xy=,则实数 x,y的大小关系为_.12.已知()()e1,02,0 xxf xf xx+=,则()3f的值为_.13已知函数()cos()(0)3f xx=,若2=,则()f x 的最小正周期为_;若()f x 的图像向右平移 4 个单位长度后,得到函数()g x 的图像关于 y 轴对称,则 的最小值为_.14若函数 f(x)64x6 表示为 f(x)a0a1(2x1)a2(2x1)2a6(2x1)6,其中 a0,a1,a2,a6 为实数,则 a5_,a2a4a6_.3 15某停车场有一排 6 个停车
6、位,现有 3 辆不同的轿车随机规范停车,则这 3 辆轿车相邻停放的概率为_;记剩余的 3 个空位中相邻的车位数最大者为(若 3 个空位均相邻,则=3;3 个空位有且仅有 2 个相邻,则=2;若 3 个空车位均不相邻,则=1),则 的数学期望为_.16双曲线222:1(0)4xyCaa=的左右顶点分别为,A B,过点()2,0M的直线l 交该双曲线C 于点,P Q,设直线 PA 的斜率为1k,直线QB 的斜率为2k,已知lx轴时,1213kk=,则双曲线C 的离心率e=_,若点 P 在双曲线右支上,则2k 的取值范围是_.17在直角梯形 ABCD 中,ABAD,AB DC,1ADDC=,2AB=
7、,动点在以点 C 为圆心,且与直线 BD 相切的圆上或圆内移动,设 APADAB=+(,R),则272+最大值是_.三、解答题:本大题共有 5 小题,共 74 分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.18(本题满分 14 分)在 ABC中,内角 A,B,C 的对边分别为a,b,c,已知CBCCBBcoscos4)cossin3)(cossin3(=.()求角 A 的大小;()若CpBsinsin=,且 ABC是锐角三角形,求实数 p 的取值范围.19(本题满分 15 分)如图,在多面体 ABCDEF 中,四边形 ABEF 为正方形,ABBC,BE/CD,3BCD=,2AB=,1BCCD=,
8、点 M 在线段 AC 上,满足13CMCA=.()线段 AD 上是否存在一点 P,使得 AF/面 BMP?若存在,求 DPDA 的值;若不存在,请说明理由;()求直线 DM 与平面 DEF 所成角的正弦值.BADCDEFBACM4 20(本题满分 15 分)已知正项数列na的首项11a=,其前n 项和为nS,且12nnna aS+=.数列 nb满足()112nnnabbba+=.()求数列na的通项公式;()记2,*nnnbcna+=N,证明:122222ncccn+.21(本题满分 15 分)如图,,A B C D 在抛物线24xy=上,,A D 关于抛物线对称轴对称.过点00(,)D xy
9、作抛物线的切线l,且/BCl,点 D 到,AB AC 距离分别为12,d d,且122|.ddAD+=()求直线l 的方程(用0 x 表示);()判断 ABC是锐角、钝角还是直角三角形?并说明理由;(I)若 ABC的面积为240,求点 A 的坐标和直线 BC 的方程.22(本题满分 15 分)已知实数0a,函数()lnaf xaxxx=.()若2a=,判断函数()f x 的单调性;()若方程()0f x=有两个实数根.(i)求实数a 的取值范围;(ii)若()f x 的极大值点为0 x,求证:()110011aaf xxaa+.5 杭州学军中学 2021 学年第二学期高考适应性考试数学试题 参
10、考答案 一、选择题 DCAAD ACBBD 二、填空题 11.xy12.11e+13.;8314.6;31 15.15;216.5;()()()6,22,22,6 17.4910三、解答题 18.()由题意得 CBCBCBCBCBcoscos4sincos3cossin3coscossinsin3=+)cos(3)sin(3CBCB+=+323)tan(=+=+CBCB 3=A()21tan23sin)120sin(sinsin+=CCCCBpABC为锐角三角形,且3=A33tan26CC221p 19.()存在,1=3DPDA,使得 AF/面 BMP;理由:过点 M 作/MPCD,交 AD
11、于 P,因为13CMCA=,所以13DPDA=,6 而 BE/CD,AFBE,故 AF/MP,又 MP 面 BMP,AF 面 BMP,所以 AF/面 BMP.()取CD的中点为 G,连接,BG BD,因为3BCD=,1BCCD=,故BCD 为正三角形,则 BGCD,故以 B 为坐标原点,分别以 BG,BE,BA 为 x,y,z 轴,建立空间直角坐标系,则0321,2D,(0,2,0)E,(0,2,2)F,(0,0,2)A,31,022C,则3(0,0,2),3,0)2(2EFDE=,又11()333 1,222CMCA=,可求得31 2,33 3M,设平面 DEF 的法向量为(,)nx y z
12、=,则00n EFn DE=,即033022zxy=+=,不妨取1y=,则(3,1,0)n=,记直线 DM 与平面 DEF 所成角为 又35 2,66 3DM=,222152 1126sincos,113522663DM n=+,即直线 DM 与平面 DEF 所成角的正弦值为 2 1111.20.(1)由12nnna aS+=得112(2)nnnaaSn=,两式相减得112(2)nnaan+=,由11a=,得22a=,数列的偶数项和奇数项分别是公差为 2 的等差数列,当 n 为奇数时,nan=,当 n 为偶数时,nan=.综上所述(*)nan nN=.(2)由 1211nnnanbbban+=
13、+,1211nnbbbn+=,2n,112b=,两式相减得1(1)nbn n=+,2n,验证112b=成立,故1(1)nbn n=+.则21(1)(2)nnnbcan nn+=+,那么 7 222(1)(1)(22)(1)(1)(1)nnncn nnnn nnnn n+=+11=2()1nn+12111112(1)2231ncccnn+1=2(1)2+1n222(21)(1)(2)()(1)(2)(12)(1)(2)nnncnnnnnnnnnn+=+11=2()12nn+121111112()233412ncccnn+11=2()22n+222n=+,得证.21.()由21,4yx=得/1.2
14、yx=由已知2001(,),4D xx则l 的斜率为012 x,所以直线l 的方程为200011()42yxx xx=,即20011.24yx xx=(II)由()得 BC 的斜率01.2BCkx=由题意知2001(,),4Axx设22112211(,),(,)44C xxB xx,则221212012111144().42BCxxkxxxxx=+=所以2012.xxx=221010101()14()4ACxxkxxxx=+,同理201()4ABkxx=因此,010111(22)().42ABACkxxxxk=所以,12,DACDAB dd=再结合122|.ddAD+=知45,DACDAB=故
15、 ABC是直角三角形。(III)由(II),不妨设C 在 AD 上方,AB 的方程为2001().4yxxx=+由20021(),44,yxxxxy=+=得另一个交点2001(4,(4).4B xx 8 同理2001(4,(4).4C xx+000|2|(4)()|2|24|ABxxx=,同理,0|2|24|ACx=+,所以001 2|24|24|240,2ABCSxx=+=解得08x=,故(8,16)A或(8,16).当08x=时,(4,4),(12,36),BCBC 的方程为412.yx=当08x=时,(12,36),(4,4),BCBC的方程为412.yx=22.()当2a=时,2()2
16、 lnf xxxx=,/()2(ln1)0fxxx=+,所以()f x 在(0,)+上单调递减。()(i)由()0f x=可得1ln0aaxx=,若1a=,则1x=是方程1ln0aaxx=的根,故1a ,若0a=,则1ln0aaxx=无实根,若0,1aa,令1atx=,则11atx=,方程1ln0aaxx=可化为1alntta=即1alntat=,令()lnth tt=,则()21 lnth tt=,当()0,te时,()0h t,()h t 单调递增,当(),te+时,()0h t,()h t 单调递减,所以()()1h th ee=,若1alntat=有两个实根,则110aae,解得:11
17、eae,(ii)因()f x 的极大值点为0 x,有100ln1axx+=,即()00ln ln11lnxax+=+,令0lntx=,则()ln11tat+=+,令()()ln1xg xx+=,()()2ln110 xxxgxx+=,则()g x单 调 递 减,由1,1eae,于 是()ln1101tte+,解得1te,于是10exe.下证:1101aaxa,即证:1ln11ataa,结合()ln11tat+=+,只需证:()()()()()ln 1ln1ln 1ln1ln1ln1ln1ttttttttttt+()ln111tte+,这是成立的。9 另一方面:()()()0000000000000lnlnln11lnaf xxaxxxxaxxxxxaxx+=+=+=,令()lng xxx=,显然111aaax时,()lng xxx=单调递增,于是()()11111100111ln1lnln111111aaaaaaaaaxxaaaaaaaa=,证毕.