1、吉安县三中2016-2017学年度下学期六月月考物理试卷一、选择题（本大题共10小题每小题4分,共40分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，第810题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分有选错的得0分） 1、下列关于运动和力的叙述中不正确的是 A.做曲线运动的物体，其加速度方向一定是变化的 B.物体做圆周运动，所受的合力一定指向圆心（ ） C.物体所受合力方向与运动方向相反，该物体一定做直线运动 D.物体运动的速度在增加，所受合力方向一定与运动方向相同 2、关于能量和能，下列说法正确的是( ) A在利用能的过程中，能量在数量上并未减少 B由于自然界的能
2、量守恒，所以不需要节约能 C能量耗散说明能量在转化过程中没有方向性 D人类在不断地开发和利用新能，所以能量可以被创造 3、如图，长均为L的两根轻绳，一端共同系住质量为m的小球，另一端分别固定在等高的A、B两点，A、B两点间的距离也为L。重力加速度大小为g。今使小球在竖直平面内以AB为轴做圆周运动，若小球在最高点速率为v时，两根绳的拉力恰好均为零，则小球在最高点速率为2v时，每根绳的拉力大小为（ ） A.mg B.mg C. 3mg D.2mg 4、中国北斗卫星导航系统(BDS)是中国自行研制的全球卫星导航系统，是继美国全球定位系统(GPS)、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统(GLONASS)之后第三
3、个成熟的卫星导航系统。预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力。如图4所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，则( )A卫星a的角速度小于c的角速度B卫星a的加速度大于b的加速度C卫星a的运行速度大于第一宇宙速度D卫星b的周期大于24 h 5、2016年9月15日，我国第一个真正意义的太空实验室天宫二号发射成功，在离地高度约为400km的圆轨道上运行，已知同步卫星的运行高度约为36000km，地球半径约为6400km，则以下时间与天宫二号的公转周期最接近的是（ ）A.0.5h B.1.5h C.5h D.10h 6、如图所示
4、，分别用恒力F1、F2先后将质量为m的同一物体由静上开始沿相同的固定粗糙斜面由底端推至顶端。第一次力F1沿斜面向上，第二次力F2沿水平方向，两次所用时间相同，则在这两个过程中( )AF1做的功比F2做的功多B第一次物体机械能的变化较多C第二次合外力对物体做的功较多D两次物体动能的变化量相同 7、如图所示，木块A放在木块B的左端，用恒力F将A拉至B的右端，第一次将B固定在地面上，F做功为W1，产生的热量为Q1；第二次让B可以在光滑地面上自由滑动，F做的功为W2，产生的热量为Q2，则应有()AW1W2，Q1Q2 BW1W2，Q1Q2CW1W2，Q1Q2 DW1W2，Q1Q2 8、(多选)如图所示,
5、一倾角为的固定斜面下端固定一挡板,一劲度系数为k的轻弹簧下端固定在挡板上。现将一质量为m的小物块从斜面上离弹簧上端距离为s处,由静止释放,已知物块与斜面间的动摩擦因数为,物块下滑过程中的最大动能为Ekm,则小物块从释放到运动至最低点的过程中,下列说法中正确的是()A.tan B.物块刚与弹簧接触的瞬间达到最大动能C.弹簧的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能与摩擦力对物块做功之和D.若将物块从离弹簧上端2s的斜面处由静止释放,则下滑过程中物块的最大动能小于2Ekm 9、（多选）如图所示，两个质量相同的物体A和B，在同一高度处，A物体自由落下，B物体沿光滑斜面下滑，则它们到达地面时（空气
6、阻力不计）（）A、A、B两物体重力做功的瞬时功率相同 B、速度相同，动能相同C、A、B两物体在运动过程中A物体重力的平均功率大于B物体重力的平均功率D、B物体重力所做的功与A物体重力所做的功一样多10、（多选）如图所示，质量为1kg的小物块，以初速度v0=11m/s从=530的固定斜面底端先后两次滑上斜面，第一次对小物块施加一沿斜面向上的恒力F，第二次不施加力，图乙中的两条线段a、b分别表示施加力F和无F时小物块沿斜面向上运动的v-t图线，不考虑空气阻力，g=10m/s2，下列说法正确的是（ ）A恒力F大小为21NB物块与斜面间的动摩擦因数为0.5C有恒力F时，小物块在整个上升过程产生的热量较
7、少D有恒力F时，小物块在整个上升过程机械能的减少量较小二、实验题（每空2分共14分)。11、某物理兴趣小组在探究平抛运动的规律实验时，将小球做平抛运动，用频闪照相机对准方格背景照相，拍摄到了如图所示的照片，但照片上有一破损处已知每个小方格边长9.8cm，当地的重力加速度为g=9.8m/s2（结果均保留三位有效数字）（1）若以拍摄的第1个点为坐标原点，水平向右和竖直向下分别为X、Y轴正方向，则照片上破损处的小球位置坐标为 X= cm，Y= cm。（2）小球平抛的初速度大小为 m/s12、在验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=200g的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符
8、合实验要去的纸带如图所示，O为纸带下落的起始点，A、B、C为纸带上选取的三个连读点。已知打点计时器每隔T=0.02s打一个点，当地的重力加速度为，那么（1）计算B点瞬时速度时，甲同学用，乙同学用，其中所选方法正确的是_（填“甲”或“乙”）同学，他计算的重物的速度_m/s；（2）从O点到打下计数点B的过程中，物体重力势能的减小量=_J，动能的增加量_J；（以上所有结果均保留三位有效数字）四、计算题（共46分）13、如图所示，一光滑的半径为R的竖直半圆形轨道放在水平面上，一个质量为m的小球以某一速度冲上轨道，当小球将要从水平轨道口B飞出时，球对轨道的压力恰好为2mg求：（1）小球从水平轨道口B飞出
9、时速度是多少（2）小球落地点C距A（A在B的正下方）处多远（重力加速度为g）14、宇航员站在某一星球距离表面h高度处，以初速度v0沿水平方向抛出一个小球，经过时间t后球落到星球表面， 已知该星球的半径为R，引力常量为G ，求： （1）该星球表面的重力加速度g（2）物体落地时的速度（3）该星球的质量15、如图是某“吃货”设想的“糖炒栗子”神奇装置：炒锅的纵截面与半径R=1.6 m的光滑半圆弧轨道位于同一竖直面内，炒锅纵截面可看作是长度均为L =2.5 m的斜面AB、CD和一小段光滑圆弧BC平滑对接组成。假设一栗子从水平地面上以水平初速v0射人半圆弧轨道，并恰好能从轨道最高点P飞出，且速度恰好沿A
10、B方向从A点进入炒锅。已知两斜面的倾角均为=37，栗子与两斜面之间的动摩擦因数均为u=3/8，粟子在锅内的运动始终在图示纵截面内，整个过程粟子质量不变，重力加速度取g=10 m/s2，sin37=0.6，cos37=08。求：(1)栗子的初速度v0及A点离地高度h；(2)栗子在斜面CD上能够到达的距C点最大距离x。16、如图所示，在同一竖直平面内两正对着的相同的半圆光滑轨道，相隔一定的距离，虚线沿竖直方向，一小球能在其间运动今在最低点与最高点各放一个压力传感器，测试小球对轨道的压力，并通过计算机显示出来当轨道距离变化时，测得两点压力差N与距离x的图象如图乙所示(不计空气阻力，g取10 m/s2
11、)求：(1)小球的质量；(2)相同半圆光滑轨道的半径；(3)若小球在最低点B的速度为20 m/s，为使小球能沿光滑轨道运动，x的最大值一、选择题1、D考点：考查了曲线运动【名师点睛】物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，物体就是在做曲线运动物体做匀速圆周运动，所受的合力一定指向圆心；物体运动的速率在增加，所受合力方向一定与运动方向之间的夹角是锐角2、A 3、A4、A解析由万有引力提供向心力得，mr2mrma，解得v，T，a。a的轨道半径大于c的轨道半径，因此卫星a的角速度小于c的角速度，选项A正确；a的轨道半径与b的轨道半径相等，因此卫星a的加
12、速度等于b的加速度，选项B错误；a的轨道半径大于地球半径，因此卫星a的运行速度小于第一宇宙速度，选项C错误；a的轨道半径与b的轨道半径相等，卫星b的周期等于a的周期，为24 h，选项D错误。5、B【解析】根据开普勒行星运动定律可得，则，因T同=24h，则，故选B.6、D【解析】【名师点睛】两物体均做匀加速直线运动，在相等的时间内沿斜面上升的位移相等，但斜面对物体的摩擦力不同，所以推力做功不同，由物体的运动特征判断出物体机械能的增量关系，结合本题功能关系：除重力以外的合力对物体做功等于机械能的增量，不难看出结果7、A解析：当B固定时：W1FLB，Q1mAgLB当B不固定时：W2F(LBxB)，Q
13、2mAgLB，故W1mgcos,解得mgcos,物块继续向下加速,动能仍在增大,所以此瞬间动能不是最大,当物块的合力为零时动能才最大,故B错误;根据能量转化和能量守恒定律知,弹簧的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能与产生的内能之差,而内能等于物块克服摩擦力做的功,所以弹簧的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能与摩擦力对物块做功之和,故C正确;若将物块从离弹簧上端2s的斜面处由静止释放,下滑过程中物块动能最大的位置不变,弹性势能不变,设为Ep,此位置弹簧的压缩量为x,根据功能关系可得:将物块从离弹簧上端s的斜面处由静止释放,下滑过程中物块的最大动能为Ekm=mg(s+x)sin
14、-mg(s+x)cos-Ep。将物块从离弹簧上端2s的斜面处由静止释放,下滑过程中物块的最大动能为Ekm=mg(2s+x)sin-mg(2s+x)cos-Ep。而2Ekm=mg(2s+2x)sin-mg(2s+2x)cos-2Ep=mg(2s+x)sin-mg(2s+x)cos-Ep+mgxsin-mgxcos-Ep=Ekm+mgxsin-mgxcos-Ep由于在物块接触弹簧到动能最大的过程中,物块的重力势能转化为内能和物块的动能,则根据功能关系可得:mgxsin-mgxcosEp,即mgxsin-mgxcos-Ep0,所以得Ekm2Ekm,故D正确。9、CD10、BD【解析】根据v-t中斜率
15、等于加速度的意义可知：；不受拉力时：mab=-mgsin53-mgcos53; 代入数据得：=0.5；受到拉力的作用时：maa=F-mgsin53-mgcos53,所以：F=1N故B正确，A错误；根据运动学公式：可知，因为有恒力F时，小物块的加速度小，位移大，所以在上升过程产生的热量较大故C错误；结合C的分析可知，有恒力F时，小物块上升的高度比较大，所以在最高点的重力势能比较大，而升高的过程动能的减小是相等的，所以在上升过程机械能的减少量较小故D正确故选BD.【名师点睛】本题关键根据速度时间图象得到物体上滑和下滑的加速度，然后受力分析并根据牛顿第二定律列式求解出斜面的倾角和摩擦力三、实验,探究
16、题11、（1） 58.8 ， 58.8 （58.8cm，58.8cm）（2） 1.96 每空3分12、（1）乙 VB =1.92m/s（2）0.376 0.369 四、计算题 13、（1）当小球在B点时，由牛顿第二定律可得：N+mg=m，解得：vB=（2）小球从B点飞出后，做平抛运动，运动的时间是t：由 2R=解得： t=2，小球落地点到A点的距离：x=vBt=2=2R答：（1）小球从水平轨道口B飞出时速度是；（2）小球落地点C距A的距离为2R14、（1）（2），方向（3）15、（1）2.75m；（2）2.22m【解析】（1）设栗子质量为m，在P点的速度为vv，在A点的速度为vAA点离地高度为
17、h栗子沿圆弧轨道运动至P点的过程中由机械能守恒定律有恰能过P点，满足的条件为mg=m代入数据解得vv=4m/s,v0=4m/s栗子从P至A做平抛运动,在A点的速度方向沿AB故竖直分速vAv=vvtan由平抛运动规律，栗子从P至A下落的高度为又h=2R-y代人数据解得h=2.75m(2）栗子第一次在斜面CD上运动的过程中可达到距C点的最大距离栗子在A点的速度为由动能定理有mgsin(L-x)-mgcos(L+x)=0-mvA2代入数据解得x=m2.22m16、(1)0.1 kg(2)2 m(3)15 m【解析】(1)设轨道半径为R，由机械能守恒定律：mvmg(2Rx)mv，在B点：N1mgm，在A点：N2mgm，由式得两点的压力差：NN1N26mg，由图象得：截距6mg6，得m0.1 kg；(2)由式可知：因为图线的斜率k1，所以R2 m(3)在A点小球不脱离的条件为：N2mgm，N20，即vA，由和题中所给条件解得：x15 m. 版权所有：高考资源网()