1、温馨提示： 此题库为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，点击右上角的关闭按钮可返回目录。 考点12 交变电流 一、选择题1.（2012天津理综T4）通过一理想变压器,经同一线路输送相同的电功率P,原线圈的电压U保持不变,输电线路的总电阻为R.当副线圈与原线圈的匝数比为k时,线路损耗的电功率为P1,若将副线圈与原线圈的匝数比提高到nk,线路损耗的电功率为P2,则P1和分别为()A.,B., C. , D. , 【解题指南】解答本题时首先计算原线圈的电流，再根据原、副线圈电流与匝数的关系及功率的公式计算出线路损耗的功率，并进一步求出副线圈匝数变化前后线路损耗功率的比值【解
2、析】选D.原线圈的电流为：，由于P、U不变，故I1不变，由得；由得，则，故选项D正确.2.（2012浙江理综T20）为了测量储罐中不导电液体的高度,将与储罐外壳绝缘的两块平行金属板构成的电容器C置于储罐中,电容器可通过开关S与线圈L或电源相连,如图所示.当开关从a拨到b时,由L与C构成的回路中产生周期的振荡电流.当罐中的液面上升时()A.电容器的电容减小B.电容器的电容增大C.LC回路的振荡频率减小D.LC回路的振荡频率增大【解题指南】解答本题时可按以下思路分析：液面变化电容变化振荡周期变化振荡频率变化【解析】选B、C.液面上升时，两板间的电介质变多，根据电容的决定式知，电容器电容C增大，选项
3、B正确、A错误；根据振荡电流的周期可知，周期变大，由f=1/T可知，频率变小，选项C正确、D错误.3.（2012江苏物理T7）某同学设计的家庭电路保护装置如图所示,铁芯左侧线圈L1由火线和零线并行绕成.当右侧线圈L2中产生电流时,电流经放大器放大后,使电磁铁吸起铁质开关K,从而切断家庭电路.仅考虑L1在铁芯中产生的磁场,下列说法正确的有()A.家庭电路正常工作时,L2中的磁通量为零B.家庭电路中使用的电器增多时,L2中的磁通量不变C.家庭电路发生短路时,开关K将被电磁铁吸起D.地面上的人接触火线发生触电时,开关K将被电磁铁吸起【解题指南】解答本题时可按以下思路分析： 分电流相等和不相等两种分析
4、双线绕法的优点属变压器问题 【解析】选A、B、D.线圈L1采用的是双线绕法,家庭电路正常工作时,通过火线和零线的电流大小相等,方向相反,所以线圈L1中的磁通量是零,线圈L2中的磁通量也为零,A正确;家庭电路中的用电器增多时或发生短路时,通过火线和零线的电流增大,但大小仍然相等,合磁通量仍为零,线圈L2中的磁通量也为零,B正确、C错误;地面上的人接触火线时,电流从人体通过,通过火线和零线的电流大小不再相等,线圈L2中有磁通量通过,产生感应电流,电磁铁开始工作,将开关K吸起,起到断电保护的作用,D正确,所以答案选A、B、D.4.（2012新课标全国卷T17）自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈，原、副线
5、圈都只取该线圈的某部分，一升压式自耦调压变压器的电路如图所示，其副线圈匝数可调.已知变压器线圈总匝数为1900匝；原线圈为1100匝，接在有效值为220V的交流电源上.当变压器输出电压调至最大时，负载R上的功率为2.0kW.设此时原线圈中电流有效值为I1，负载两端电压的有效值为U2，且变压器是理想的，则U2和I1分别约为A.380V和5.3AB.380V和9.1AC.240V和5.3AD.240V和9.1A【解题指南】解答本题应把握以下两点：（1） 明确输出电压最大时，副线圈的匝数.（2） 根据电压、电流及功率与原副线圈的匝数关系式求解.【解析】选B.由理想变压器原、副线圈中电压、电流及功率关
6、系可得：，所以当变压器输出电压调至最大时，副线圈的匝数也最大n2=1900匝，负载R上的功率也最大为2.0kW，则，故选项B正确.5.（2012北京理综T15）一个小型电热器若接在输出电压为10V的直流电源上,消耗电功率为P;若把它接在某个正弦交流电源上,其消耗的电功率为.如果电热器电阻不变,则此交流电源输出电压的最大值为()A.5 VB. VC.10 V D. V【解题指南】本题需要把握以下两点:(1)交变电流有效值的定义.(2)正弦式交变电流有效值和最大值的关系.【解析】选C.设交变电压有效值为U，根据有效值定义，有，交变电压最大值6.（2012.山东理综T18）图甲是某燃气炉点火装置的原
7、理图.转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压,并加在一理想变压器的原线圈上,变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2,为交流电压表.当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时,就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体.以下判断正确的是()A.电压表的示数等于5VB.电压表的示数等于VC.实现点火的条件是1000D.实现点火的条件是5000，所以1000，C对，D错.7.（2012广东理综T19）某小型发电机产生的交变电动势为e=50sin100t（V），对此电动势，下列表述正确的有 （ ）A. 最大值是V B.频率是100HzC.有效值是V D.周期是0.02s【解题指南】求解本题需掌握
8、交流电的最大值，瞬时值，有效值、周期、频率基本物理量及其彼此之间的关系.【解析】选C、D.交变电动势瞬时值的表达式为=50sin100t，故交变电动势的最大值为50V，有效值为V，故A错C对.由得频率是f=50Hz，周期，故B错D对.8.（2012福建理综T14）如图,理想变压器原线圈输入电压u=Umsint,副线圈电路中R0为定值电阻,R是滑动变阻器.和是理想交流电压表,示数分别用U1和U2表示;和是理想交流电流表,示数分别用I1和I2表示.下列说法正确的是()A.I1和I2表示电流的瞬时值B.U1和U2表示电压的最大值C.滑片P向下滑动过程中,U2不变、I1变大D.滑片P向下滑动过程中,U
9、2变小、I1变小【解题指南】解答本题时可按以下思路分析:【解析】选C.交流电压表和交流电流表显示的示数都为有效值,A、B错.由于输入端电压U1和理想变压器匝数比不变,所以U2不变.滑片P向下滑动过程中,电阻变小,电流I2变大,输出功率变大,则输入功率变大,电流I1变大,C对、D错,故选C.9.（2012海南单科T4）如图，理想变压器原、副线圈匝数比为201，两个标有“12V，6W”的小灯泡并联在副线圈的两端。当两灯泡都正常工作时，原线圈电路中电压表和电流表（可视为理想的）的示数分别是 （ ）A120V，0.10A B240V，0.025AC120V，0.005AD240V，0.05A【解题指南
10、】灯泡正常工作副线圈电流和电压原线圈电流和电压。【解析】选D.灯泡正常工作，副线圈电压U2=12V，副线圈电流，根据匝数比得原线圈电流，原线圈电压U1=20U2=240V，选项D正确，其它选项错误.二、计算题1.（2012安徽理综T23）图甲是交流发电机模型示意图.在磁感应强度为B的匀强磁场中,有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的轴OO转动,由线圈引出的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO转动的金属圆环相连接,金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触,这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻R形成闭合电路.图乙是线圈的主视图,导线ab和cd分别用它们的横截面来表示.已知ab
11、长度为L1,bc长度为L2,线圈以恒定角速度逆时针转动.(只考虑单匝线圈)(1)线圈平面处于中性面位置时开始计时,试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式.(2)线圈平面处于与中性面成0夹角位置时开始计时,如图丙所示,试写出t时刻整个线圈中的感应电动势e2的表达式.(3)若线圈电阻为r,求线圈每转动一周电阻R上产生的焦耳热.(其他电阻均不计)【解题指南】解答本题时要注意以下三点：（1） 线圈绕垂直于磁场的轴匀速转动时，感应电动势的瞬时值表达式与开始计时的时刻有关（2） 线圈的总电动势等于每段导线切割磁感线产生的感应电动势的和，且回路符合欧姆定律（3） 计算焦耳热时要用到电流的有效值【解析
12、】(1)t时刻线圈平面与中性面的夹角为，设ab距轴为r1，cd距轴为r2 ，则有： 线圈中的感应电动势为： （2）t时刻线圈平面与中性面的夹角为，则由式知线圈中的感应电动势为： （3）通过线圈电流的有效值为： 线圈转动的周期为： 所以线圈每转动一周电阻R上产生的焦耳热为： 【答案】（1）（2）（3）2.（2012福建理综T22）如图甲,在圆柱形区域内存在一方向竖直向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场,在此区域内,沿水平面固定一半径为r的圆环形光滑细玻璃管,环心O在区域中心.一质量为m、带电量为q(q0)的小球,在管内沿逆时针方向(从上向下看)做圆周运动.已知磁感应强度大小B随时间t的变化关系如图
13、乙所示,其中.设小球在运动过程中电量保持不变,对原磁场的影响可忽略.(1)在t=0到t=T0这段时间内,小球不受细管侧壁的作用力,求小球的速度大小v0;(2)在竖直向下的磁感应强度增大过程中,将产生涡旋电场,其电场线是在水平面内一系列沿逆时针方向的同心圆,同一条电场线上各点的场强大小相等.试求t=T0到t=1.5T0这段时间内:细管内涡旋电场的场强大小E;电场力对小球做的功W.【解题指南】解答本题时应明确以下两点:(1)涡旋电场与静电场不同.(2)涡旋电场力方向与运动方向始终相同可等效为匀加速直线运动.【解析】（1）小球圆周运动不受侧壁的作用力，因而有 由式得 （2）在T01.5 T0这段时间内，细管一周的感应电动势 由图乙可知 由于同一条电场线各处场强大小相等，所以有 由式及解得 在T01.5T0这段时间内，小球沿切线方向加速度大小恒为 小球运动的末速度大小 由图乙可知并由式得 由动能定理，电场力做功为 由式解得 【答案】（1）（2）