1、课时分层作业(十九)(时间：40分钟分值：100分)合格基础练一、选择题(本题共6小题，每小题6分，共36分)1(多选)如图是娱乐节目中设计的“导师战车”当坐在战车中的导师按下按钮时，战车就由静止开始沿长10 m的倾斜直轨道向下运动；某时刻开始减速，到达站在轨道末端的学员面前时，恰好静止，整个过程历时4 s将加速、减速过程分别视为匀变速直线运动，则()A战车运动过程中导师先失重后超重B战车运动过程中所受外力不变C战车加速过程中的加速度一定等于减速过程中的加速度D战车运动过程中的最大速度为5 m/sAD“导师战车”沿斜面先加速后减速，战车上的导师先失重后超重，A正确；战车所受的合外力先沿斜面向下
2、后沿斜面向上，外力不同，B错误；因不知加速和减速的时间关系，故不能判断两个过程中加速度的大小关系，C错误；设最大速度为vm，则整个过程的平均速度为，由tx可得vm5 m/s，D正确2.某屋顶为半球形，一人在半球形屋顶上向上缓慢爬行(如图所示)，他在向上爬的过程中()A屋顶对他的支持力不变B屋顶对他的支持力变大C屋顶对他的摩擦力不变D屋顶对他的摩擦力变大B以人为研究对象，作出受力分析图设此人的重力为G，根据平衡条件得：屋顶对他的摩擦力：fGsin 屋顶对他的支持力：NGcos 人在半球形屋顶上向上缓慢爬行的过程中，坡角减小，则f减小，N增大即屋顶对他的摩擦力减小，屋顶对他的支持力增大故选B.3在
3、离地高h处，沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球，它们的初速度大小均为v，不计空气阻力，两球落地的时间差为()A.BC. DA做竖直上抛的小球，再次回到抛出点之后到落到地面上的时间与向下抛出的小球落地时间相等，因此两球落地的时间差为竖直上抛的小球从抛出到回到抛出点的时间，故t，选项A正确4(多选)如图甲所示，竖直电梯中质量为m的物体置于压力传感器P上，电脑可描绘出物体对P的压力F随时间的变化图线；图乙中K、L、M、N四条图线是电梯在四种运动状态下由电脑获得的Ft图线，由图线分析电梯的运动情况，下列结论中正确的是()A由图线K可知，此时电梯一定处于匀加速上升状态B由图线L可知，此时电梯的加速度大
4、小一定等于gC由图线M可知，此时电梯一定处于静止状态D由图线N可知，此时电梯加速度的方向一定先向上后向下BD由图乙可知，图线M的支持力等于重力，电梯可能处于静止也可能处于匀速直线运动状态，C错误；图线L的支持力FN2mg，由FNmgma可知，电梯的加速度ag方向竖直向上，B正确；由图线K可知，物体对P的压力大于重力且逐渐增大，电梯的加速度一定方向竖直向上且越来越大，A错误；由图线N可知，物体对P的压力先大于mg，后小于mg，故电梯的加速度方向先竖直向上后竖直向下，D正确5如图所示，一质量为m的沙袋用不可伸长的轻绳悬挂在支架上，一练功队员用垂直于绳的力将沙袋缓慢拉起使绳与竖直方向的夹角为30，且
5、绳绷紧，则练功队员对沙袋施加的作用力大小为()A.BmgC.mg DmgA如图，建立直角坐标系对沙袋进行受力分析由平衡条件有：Fcos 30Tsin 300Tcos 30Fsin 30mg0联立可解得： F故选A.6.(多选)如图所示，倾角为的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态则()A物块B、C间的摩擦力可能为零B斜面体C受到水平面的摩擦力一定为零C水平面对C的支持力与B、C的总重力大小相等D不论B、C间摩擦力大小、方向如何，水平面对C的摩擦力方向一定向左AD对物体B，当mAgmBgsin 时，B、C间的
6、摩擦力为零，选项A正确B、C整体受四个力(重力、地面的弹力、绳子斜向右上方的拉力、地面对C水平向左的摩擦力)的作用而处于平衡状态，根据正交分解法，水平面对C的支持力小于B、C的总重力，选项B、C均错误由于绳子拉力的水平分量向右，则地面对C的摩擦力水平向左，选项D正确二、非选择题(14分)7竖直升降的电梯内的天花板上悬挂着一只弹簧测力计，如图所示弹簧测力计的钩上悬挂一个质量m4 kg的物体，试分析下列各种情况下电梯具体的运动(g取10 m/s2)：(1)当弹簧测力计的示数T140 N，且保持不变；(2)当弹簧测力计的示数T232 N，且保持不变；(3)当弹簧测力计的示数T344 N，且保持不变(
7、弹簧均处于伸长状态)解析(1)当T140 N时，根据牛顿第二定律T1mgma1，解得这时电梯的加速度a1 m/s20 m/s2，由此可见电梯处于静止或匀速直线运动状态(2)当T232 N时，根据牛顿第二定律T2mgma2，这时电梯的加速度a2 m/s22 m/s2，即电梯的加速度方向竖直向下，电梯加速下降或减速上升(3)当T344 N时，根据牛顿第二定律T3mgma3，这时电梯的加速度a3 m/s21 m/s2即电梯的加速度方向竖直向上，电梯加速上升或减速下降答案(1)静止或匀速直线运动状态(2)加速下降或减速上升(3)加速上升或减速下降等级过关练一、选择题(本题共4小题，每小题6分，共24分
8、)1图甲中的塔吊是现代工地必不可少的建筑设备，图乙为150 kg的建筑材料被吊车竖直向上提升过程的简化运动图象，g取10 m/s2，下列判断正确的是()甲乙A前10 s的悬线的拉力恒为1 500 NB46 s末塔吊的材料离地面的距离为22 mC010 s材料处于失重状态D在3036 s钢索最容易发生断裂B由图可知前10 s内材料的加速度a0.1 m/s2，由Fmgma可解得悬线的拉力为1 515 N，选项A错误由图象面积可得整个过程材料上升的高度是28 m，下降的高度为6 m,46 s末塔吊的材料离地面的距离为22 m，选项B正确.010 s材料加速度向上，材料处于超重状态，Fmg，钢索最容易
9、发生断裂，选项C错误因3036 s材料加速度向下，材料处于失重状态，Fmg，在3036 s钢索最不容易发生断裂，选项D错误2(多选)如图所示，小球A放在真空容器B内，小球的直径恰好等于正方体B的边长，将它们以初速度v0竖直上抛，A、B一起上升的过程中，下列说法正确的是()A若不计空气阻力，A、B间一定没有弹力B若不计空气阻力，A、B间一定有弹力C若考虑空气阻力，A对B的上板一定有压力D若考虑空气阻力，A对B的下板一定有压力AC若不计空气阻力，整体做竖直上抛运动，处于完全失重状态，则A对B没有压力，B对A也没有支持力，故A正确，B错误；若考虑空气阻力，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得：上升过
10、程加速度大于g，再以球A为研究对象，根据牛顿第二定律分析：A受到的合力大于重力，A除受到重力外，还应受到向下的压力因此B对A的压力向下，即A对B的上板一定有压力，C正确，D错误3如图所示，物体在水平力F作用下，静止在斜面上，若稍微减小水平推力F，而物体仍能保持静止，设斜面对物体的静摩擦力为Ff，物体所受的支持力为FN，则()AFf和FN都一定减小BFf和FN都不一定减小CFf不一定减小，FN一定减小DFf一定减小，FN不一定减小C对物体受力分析如图所示，在y轴方向上，FNFsin Gcos 0，由此公式可判断出当F减小时，FN一定减小，在x轴方向上，若静摩擦力Ff沿斜面向上，则有FfFcos
11、Gsin 0，可见当F减小时，Ff增大；若Ff沿斜面向下，则有Fcos FfGsin 0，可见当F减小时，Ff减小由此可以看出，当F减小时，Ff不一定减小，故选项C正确4(多选)如图所示，质量分别为m1、m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动(m1在地面，m2在空中)，力F与水平方向成角则m1所受支持力FN和摩擦力Ff正确的是()AFNm1gm2gFsin BFNm1gm2gFcos CFfFcos DFfFsin AC将(m1m2)看作一个整体，在竖直方向上：Fsin FN(m1m2)g0；在水平方向上：Fcos Ff0.故A、C正确二、非选择题(本题共2小
12、题，共26分)5(12分)一物体以25 m/s的初速度做竖直上抛运动，求：(1)经过2 s位移大小是多少？速度是多少？(2)经过4 s产生的位移大小是多少？路程是多少？(g取10 m/s2)解析(1)物体以25 m/s的初速度做竖直上抛运动，根据位移时间关系公式，有：xv0tgt2252 m1022 m30 m根据速度时间关系公式，有：vv0gt25 m/s102 m/s5 m/s，方向竖直向上(2)物体上升的时间为t0 s2.5 s上升的高度为Hgt102.52 m31.25 m下降的位移为hg(t1t0)210(42.5)2 m11.25 m故位移为xHh31.25 m11.25 m20
13、m路程为sHh31.25 m11.25 m42.5 m.答案(1)30 m5 m/s，方向竖直向上(2)20 m42.5 m 6(14分)如图所示，绳OC与竖直方向成30角，O为质量不计的光滑的滑轮，用一根绳连接物体A和B，已知物体B重1 000 N，物体A重400 N，物体A在空中静止，物体B在地面上静止(不计绳的重力)求：(1)OC绳的拉力为多大？(2)物体B所受地面的摩擦力和支持力分别为多大？解析(1)以滑轮为研究对象，受力分析如图甲所示，因为同一根绳上各处拉力大小相等，故FBFAGA400 N，FC2GAcos 30400 N.甲乙(2)对物体B受力分析，如图乙所示，根据B受力平衡的条件有：FfFBcos 30FBcos 30200 NFNGBFBsin 30GBFBsin 30800 N.答案(1)400 N(2)200 N800 N