1、第三章 第三节基 础 巩 固一、选择题1迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质，其结构简式如图所示。下列叙述正确的是 (C)A迷迭香酸与溴单质只能发生取代反应B1 mol迷迭香酸最多能和9 mol氢气发生加成反应C迷迭香酸可以发生水解反应、取代反应和酯化反应D1 mol迷迭香酸最多能和5 mol NaOH发生反应解析：该有机物结构中含有酚羟基和碳碳双键，能与溴发生取代反应和加成反应，故A项错。1分子迷迭香酸中含有2个苯环，1个碳碳双键，则1 mol迷迭香酸最多能和7 mol氢气发生加成反应，B项错。1分子迷迭香酸中含有4个酚羟基、1个羧基、1个酯基，则1 mol迷迭香酸最多能和6 mol
2、NaOH发生反应，D项错。2利尿酸在奥运会上被禁用，其结构简式为下列叙述正确的是 (A)A利尿酸衍生物利尿酸甲酯的分子式是C14H14Cl2O4B利尿酸分子内处于同一平面上的原子不超过10个C1 mol利尿酸能和7 mol H2发生加成反应D利尿酸能与FeCl3溶液发生显色反应解析：由利尿酸的结构简式不难写出利尿酸甲酯的分子式为C14H14Cl2O4；在利尿酸分子中，与苯环相连的原子和苯环上的碳原子共12个，都应在同一平面上；由利尿酸的结构简式可以看出，它含有一个苯环，一个羰基和一个碳碳双键，故1 mol利尿酸最多可与5 mol H2发生加成反应；利尿酸分子中不含酚羟基，故它不能与FeCl3溶
3、液发生显色反应。3某有机物A的结构简式为，若取等质量的A分别与足量的Na、NaOH、新制的Cu(OH)2充分反应，理论上消耗这三种物质的物质的量之比为 (D)A3：2：1_B3：2：2C6：4：5D3：2：3解析：能与Na反应的有醇羟基、酚羟基和羧基；能与NaOH反应的有酚羟基和羧基；能与新制Cu(OH)2反应的有醛基和羧基。为便于比较，可设A为1 mol，则反应需消耗Na 3 mol，需消耗NaOH 2 mol；当A与新制Cu(OH)2反应时，1 mol CHO与2 mol Cu(OH)2完全反应生成1 mol COOH，而原有机物含有1 mol COOH，这2 mol COOH需消耗1 m
4、ol Cu(OH)2，故共需消耗3 mol Cu(OH)2，即物质的量之比为3：2：3。4咖啡酸具有止血、镇咳、祛痰等疗效，其结构简式为，下列有关咖啡酸的说法中，不正确的是 (D)A咖啡酸可以发生还原、取代、加聚等反应B咖啡酸与FeCl3溶液可以发生显色反应C1 mol咖啡酸可以与4 mol H2发生加成反应D1 mol咖啡酸与足量NaHCO3溶液反应，最多能消耗3 mol NaHCO3解析：咖啡酸含有碳碳双键，可发生还原、加聚反应，含有羧基和苯环，可发生取代反应；咖啡酸中含有酚羟基，可与FeCl3溶液发生显色反应；咖啡酸含1个苯环和1个碳碳双键，1 mol咖啡酸最多可与4 mol H2发生加
5、成反应；有机官能团中能与NaHCO3反应的只有羧基，故1 mol咖啡酸最多可与1 mol NaHCO3发生反应。5已知酸性大小：羧酸碳酸酚。下列含溴化合物中的溴原子，在适当的条件下都能被羟基(OH)取代(均可称为水解反应)，所得产物能跟NaHCO3溶液反应的是 (C)解析：因为酸性大小：羧酸碳酸酚，所以只有羧酸才能跟NaHCO3溶液反应，根据羧酸的定义，只有选项C的物质中Br原子被OH取代后所得的产物属于羧酸。选项A得到的是醇，选项B、D得到的是酚，它们都不能跟NaHCO3溶液反应。6下列除去杂质的方法正确的是 (B)除去乙烷中少量的乙烯：光照条件下通入Cl2，气液分离；除去乙酸乙酯中少量的乙
6、酸：用饱和碳酸钠溶液洗涤，分液、干燥、蒸馏；除去CO2中少量的SO2：气体通过盛饱和碳酸钠溶液的洗气瓶；除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏。ABCD解析：乙烷中混有少量乙烯应用溴水(或溴的四氯化碳溶液)进行洗气。若按题目叙述在光照条件下通入Cl2，不仅会引入新的杂质，而且会反应掉主要的物质乙烷。因乙酸能与饱和碳酸钠溶液反应而乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中的溶解度较小，因此是正确的。因为CO2会与碳酸钠溶液反应CO2H2ONa2CO3=2NaHCO3，从而使主要物质CO2消耗，应用饱和碳酸氢钠溶液除去，因此是错误的。若乙醇中混有少量的乙酸，加入生石灰后会反应掉杂质乙酸和新生成的水而除去，再利用
7、蒸馏可以得到纯净的乙醇，所以是正确的。7酯类物质广泛存在于香蕉、梨等水果中。某实验小组先从梨中分离出一种酯，然后将分离出的酯水解，得到乙酸和另一种化学式为C6H14O的物质。对于此过程，以下分析中不正确的是 (D)AC6H14O分子含有羟基BC6H14O可与金属钠发生反应C实验小组分离出的酯可表示为CH3COOC6H13D不需要催化剂，这种酯在水中加热即可大量水解解析：酯水解生成羧酸和醇，因此C6H14O中存在OH，能与Na发生反应；根据酯化反应原理，该酯的结构简式可表示为CH3COOC6H13，其水解需要酸等作催化剂。8HPE是合成除草剂的重要中间体，其结构简式如图所示下列有关HPE的说法正
8、确的是 (A)A1 mol HPE最多可和2 mol NaOH反应BHPE不能跟浓溴水反应CHPE不能发生加成反应DHPE在核磁共振氢谱中有6个峰解析：1 mol HPE最多与2 mol NaOH反应生成、CH3CH2OH和水；HPE中有酚羟基，其邻位有氢原子能与浓溴水发生取代反应；HPE含有苯环，一定条件下能和H2发生加成反应；因HPE中有7种类型的氢原子，故其在核磁共振氢谱中有7个峰。二、非选择题9.在试管中先加入2 mL 95%的乙醇，并在摇动下缓缓加入2 mL浓硫酸，充分摇匀，冷却后再加入2 g无水醋酸钠，用玻璃棒充分搅拌后将试管固定在铁架台上。在试管中加入5 mL Na2CO3饱和溶
9、液，按图示装置连接。用酒精灯对试管加热，当观察到试管中有明显现象时，停止实验。请回答下列问题：(1)写出中主要反应的化学方程式：_CH3COONaH2SO4=NaHSO4CH3COOH_CH3COOHC2H5OHCH3COOC2H5H2O。(2)加入浓硫酸的目的是_起反应物、催化剂、吸水剂作用_。(3)试管中观察到的现象是_在试管中液面上有透明油状液体生成，可闻到一种香味；液面在玻璃导管中反复升起和下落_。(4)该实验中球形干燥管除起冷凝作用外，另一重要作用是_防止倒吸_，原因是_该装置的导气管插到了液面以下_。解析：根据题中实验操作及其他条件可知这是乙酸乙酯的制备实验。(1)中无水醋酸钠与浓
10、硫酸会反应生成乙酸，乙酸和乙醇在浓硫酸的催化下可发生酯化反应。(2)从(1)的反应方程式中可看出浓硫酸也是反应物。(3)乙酸乙酯是有香味的油状液体，比水轻。(4)分析课本中的制备装置与该装置的不同：课本中的装置导气管没有插入液面以下，这是为了防止Na2CO3溶液倒吸进入正在加热反应物的试管中，而该装置导气管插入了液面以下，多了一个球形干燥管，显而易见该球形干燥管的另一重要作用是防止Na2CO3溶液倒吸进入试管中。10四种有机物A、B、C、D分子式均为C3H6O2，把它们分别进行实验并记录现象如下：NaOH溶液银氨溶液新制Cu(OH)2金属钠A发生中和反应不反应溶解放出氢气B不反应有银镜出现有红
11、色沉淀放出氢气C发生水解反应有银镜出现有红色沉淀不反应D发生水解反应不反应不反应不反应则四种物质的结构简式分别为：A_CH3CH2COOH_；B_HOCH2CH2CHO或CH3CHOHCHO_；C_HCOOC2H5_；D_CH3COOCH3_。解析：能发生中和反应的只能是羧酸，所以A为CH3CH2COOH；能发生水解反应的为酯，则C、D为酯；能发生银镜反应的应含有CHO，则B、C含CHO，故C为HCOOCH2CH3，D为CH3COOCH3，B含有CHO，且能与Na反应产生H2，应含有OH，则B是羟基醛，其可能的结构简式为HOCH2CH2CHO或。素 能 拓 展一、选择题1一定量某有机物溶于适量
12、的NaOH溶液中，滴入酚酞溶液呈红色，煮沸5 min后，溶液颜色变浅，再加入盐酸显酸性时，沉淀出白色晶体，取少量晶体放到FeCl3溶液中，溶液呈紫色，则该有机物可能是 (D)2下列物质中，最难电离出H的是 (B)ACH3COOHBC2H5OHCH2ODC6H5OH解析：本题考查不同类烃的衍生物中羟基的活泼性，根据已有知识不难总结出这种羟基的活泼性顺序：羧羟基酚羟基水中的羟基醇羟基，故选B。3某有机物a g与过量钠反应，得到V L气体。等质量的该有机物与过量小苏打反应，也得到V L气体(上述气体的体积均在同状况下测定)。该有机物可能是 (B)AHO(CH2)2CHOBHO(CH2)2COOHCH
13、OOCCOOHD(CH3)3COH解析：由题意知该有机物应含有一个OH和一个COOH。4由CH3、COOH、OH、四种基团中的两种组成的化合物中，与过量的NaOH溶液发生反应，反应后向所得产物中再通入二氧化碳也能反应的物质的种类有 (B)A1种B2种C3种D4种解析：在这四种基团两两组成的化合物中，能与NaOH溶液反应的应该是有酸性的物质，它们是：CH3COOH、(即H2CO3)、，由于羧酸是比H2CO3强的酸，因此CH3COONa和溶液中通入CO2不起反应，只有Na2CO3和溶液中通入CO2才会发生反应：CO2H2ONa2CO3=2NaHCO3，CO2H2ONaHCO3。5某有机物的结构简式
14、为，它在一定条件下可能发生的反应有：加成、水解、酯化、氧化、中和、消去，其中可能的是 (C)ABCD解析：该有机物具有三种官能团，OH、COOH、CHO，具有的性质：加成、酯化、氧化、中和。6某有机物A a g完全燃烧后通过足量的Na2O2，固体质量增重也是a g，则有机物可能是 (D)H2COCH3OHHCHOCH3COOCH3C6H12O6CH3CH2OHCH3CH2CH3ABCD解析：由2H2O22H2O,2H2O2Na2O2=4NaOHO2，知当H2完全燃烧后再通过Na2O2，固体质量的增加即为H2的质量，用方程式表示，相当于H2Na2O22NaOH，同样得到CONa2O2Na2CO3
15、，故当原物质的组成相当于“CO”或“H2”时，完全燃烧后固体质量的增加即有机物的质量。可写为CO(H2)2；COH2；(CO)6(H2)6；(CO)3(H2)3。7在实验室制得1 mL乙酸乙酯后，沿器壁加入0.5 mL紫色石蕊试液，这时石蕊试液将存在于饱和碳酸钠溶液层和乙酸乙酯层之间(整个过程不振荡试管)。对可能出现的现象，下列叙述中正确的是 (D)A液体分两层，石蕊层仍呈紫色，有机层呈无色B石蕊层有三层环，由上而下呈蓝、紫、红色C石蕊层有两层，上层呈紫色，下层呈蓝色D石蕊层有三层环，由上而下呈红、紫、蓝色解析：石蕊试液存在于中间，上层乙酸乙酯中残留的乙酸使石蕊变红；下层饱和碳酸钠显碱性使石蕊
16、变蓝，所以石蕊层为三色环由上而下呈红、紫、蓝。81 mol 与足量的NaOH溶液充分反应，消耗的NaOH的物质的量为 (A)A5 molB4 molC3 molD2 mol解析：要特别注意1 mol酚羟基对应的酯基消耗NaOH 2 mol。该有机物含有酚羟基，还有两个酯基，要注意该有机物的酯基与NaOH水解时，生成羧酸钠，此外生成的酚还要继续消耗NaOH，故需要5 mol NaOH，A项正确。二、非选择题9四川盛产五倍子。以五倍子为原料可制得化合物A。A的结构简式如下所示：(1)A的分子式是_C14H10O9_。(2)有机化合物B在浓硫酸催化条件下加热发生酯化反应可得到A。请写出B的结构简式。
17、(3)请写出A与过量NaOH溶液反应的化学方程式：。(4)有机化合物C是合成治疗禽流感药物的原料之一。C可以看成是B与氢气按物质的量之比1：2发生加成反应得到的产物。C分子中无羟基与碳碳双键直接相连的结构，它能与溴水反应使溴水褪色。请写出C与溴水反应的化学方程式： 。解析：根据有机物A的结构简式可以确定其分子式为C14H10O9。由A在酸性条件下水解可以得到有机物B，则B的结构简式为。由对C的描述可以确定C有一碳碳双键与羧基相连，则C为。10Hagemann酯(H)是一种合成多环化合物的中间体，可由下列路线合成(部分反应条件略去)：(1)AB为加成反应，则B的结构简式是_CH2=CHCCH；B
18、C的反应类型是_加成反应_。(2)H中含有的官能团名称是_碳碳双键、羰基、酯基_；F的名称(系统命名)是_2丁炔酸乙酯_。(3)EF的化学方程式是_CH3CCCOOHCH3CH2OHCH3CCCOOCH2CH3H2O。(4)TMOB是H的同分异构体，具有下列结构特征：核磁共振氢谱除苯环吸收峰外仅有1个吸收峰；存在甲氧基(CH3O)。TMOB的结构简式是。(5)下列说法正确的是_a、d_。aA能和HCl反应得到聚氯乙烯的单体bD和F用溴水可以鉴别c1 mol G完全燃烧生成7 mol H2OdH能发生加成、取代反应解析：(1)A为HCCH，AB为加成反应，所以B的结构简式为HCCCH=CH2；由
19、B、C的结构简式知，BC的反应类型为加成反应。(2)由H的结构简式知，H中含有的官能团有酯基、羰基和碳碳双键；F中有CC和酯基，所以F的名称为2丁炔酸乙酯。(3)由E、F及EF的反应条件知，EF为酯化反应，所以化学方程式为：CH3CCCOOHCH3CH2OHCH3CCCOOCH2CH3H2O。(4)由题意知，TMOB中除苯环外有三个O和四个C，存在CH3O，除苯环外只有一种化学环境的H，所以只能是三个CH3O连在一个C上，结构简式为。(5)HCCH与HCl反应生成的CH2=CHCl是聚氯乙烯的单体，a正确；D、F中均含有CC，能与溴水发生加成反应，使溴水褪色，b错误；G的分子式为C11H16O3,1 mol G完全燃烧生成8 mol H2O，c错误；H中含有碳碳双键和酯基，所以能发生加成、取代反应，d正确。