1、2014-2015学年浙江省温州市瑞安中学高二（下）期中物理试卷（实验班）（理科）一、不定项选择题（每小题4分，共52分）1（4分）一质点做简谐运动，其位移x与时间t的关系图象如图所示，由图可知，在t=4s时，质点的（） A 速度为正的最大值，加速度为零 B 速度为负的最大值，加速度为零 C 速度为零，加速度为负的最大值 D 速度为零，加速度为正的最大值【考点】： 简谐运动的回复力和能量；简谐运动的振动图象【专题】： 简谐运动专题【分析】： 根据简谐运动的位移图象直接读出质点的位移与时间的关系当物体位移为零时，质点的速度最大，加速度为零；当位移为最大值时，速度为零，加速度最大加速度方向总是与位
2、移方向相反，位移为正值，加速度为负值【解析】： 解：在t=4s时，质点的位移为正向最大，质点的速度为零，而加速度方向总是与位移方向相反，大小与位移大小成正比，则加速度为负向最大故选C【点评】： 本题考查对简谐运动图象的理解能力，要抓住简谐运动中质点的速度与加速度的变化情况是相反2（4分）光从空气进入某介质，当入射角是53时，折射角为37；则当入射角为0时的折射角和介质的折射率分别是（sin37=0.6，sin53=0.8）（） A 0和0 B 0和1 C 0和1.33 D 90和0.75【考点】： 光的折射定律【专题】： 光的折射专题【分析】： 根据折射定律求出介质的折射率，当入射角为0度时，
3、折射角为0度【解析】： 解：根据折射定律得：n=1.33当入射角为0时，则折射角为0故C正确，A、B、D错误故选C【点评】： 解决本题的关键掌握光的折射定律n=3（4分）心电图是现代医疗诊断的重要手段，医生从心电图上测量出相邻两波峰的时间间隔，即为心动周期，由此可计算1min内心脏跳动的次数（即心率）甲、乙两人在同一台心电图仪上做出的心电图分别如图甲、乙所示，医生通过测量后记下甲的心率是60次/min，则心电图仪图纸移动的速度v以及乙的心率为（） A 25mm/s，48次/min B 25mm/min，75次/min C 25mm/s，75次/min D 25mm/min，48次/min【考点
4、】： 波长、频率和波速的关系；横波的图象【分析】： 由图直接两列波的波长由甲图求出心电图机图纸移动的速率v两张图图纸移动的速率v相同，由速率公式求出乙的周期和频率【解析】： 解：甲图，波长甲=25mm，心率是f甲=60次/分=1Hz，电图机图纸移动的速率v=甲f甲=25mm/s由于两张图图纸移动的速率v相同，则有： 乙=20mm，乙的心率为f乙=1.25Hz=75次/min故选C【点评】： 本题考查应用物理知识分析和处理实际问题的能力，此题类似于正弦波，注意波速公式v=f适用于一切波4（4分）如图所示，沿x轴正方向传播的一列简谐横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，若波速为200m/s，则下列说法
5、中正确的是（） A 从图示时刻开始，质点b的加速度将增大 B 图示时刻，质点b的振动方向沿y轴正方向 C 若此波遇到另一列波并发生稳定干涉现象，则另一列波的频率为50Hz D 从图示时刻开始，经过0.01s，质点a沿波传播方向迁移了2m【考点】： 波长、频率和波速的关系；横波的图象【专题】： 波的多解性【分析】： 根据波的传播方向判断出质点b的振动方向，确定加速度如何变化读出波长，求出频率两列波的频率相同相遇时能产生稳定的干涉【解析】： 解：A、B简谐波沿x轴正方向传播，b质点正沿y轴负方向振动，离开平衡位置，加速度正在增大故A正确，B错误C、由图读出波长为=4m，由v=f得，频率f=，若此波
6、遇到另一列波并发生稳定干涉现象，则另一列波的频率必定为50Hz故C正确D、简谐波传播过程中，质点a只上下振动，不向前移动故D错误故选AC【点评】： 根据波动图象，由波的传播方向分析质点的速度、加速度、回复力等物理量的变化时，可抓住这些量与位移的关系进行分析5（4分）虹是由阳光射人雨滴（视为球形）时，经一次反射和两次折射而产生色散形成的有白光束L由图示方向射人雨滴，a、b是经反射和折射后的其中两条出射光线，如图下列说法正确的是（） A 光线b在水滴中传播时的波长较长 B 光线b在雨滴中的折射率较大 C 若分别让a、b两色光通过同一双缝装置，则b光形成的干涉条纹的间距较大 D 光线b在雨滴中的传播
7、速度较大【考点】： 光的折射定律；双缝干涉的条纹间距与波长的关系【专题】： 光的折射专题【分析】： 由题分析可知，第一次折射时，b光折射角较大，其折射率较小，频率较小，波长较长由公式v=得到，b光在雨滴中的传播速度较大干涉条纹的间距与波长成正比【解析】： 解：A、B由题分析可知，a光的偏折角大，所以第一次折射时，b光的折射角较大，其折射率较小，频率较小，波长较长故A正确，B错误 C、由于干涉条纹的间距与波长成正比，则b光形成的干涉条纹的间距较大故C正确 D、由公式v=得到，b光在雨滴中的传播速度较大故D正确故选：ACD【点评】： 本题关键之处在于分析第一次折射时折射角的关键，要运用反射的对称性
8、6（4分）利用旋光仪这种仪器可以用来测量糖溶液的浓度，从而测定含糖量其原理是：偏振光通过糖的水溶液后，若迎着射来的光线看，偏振方向会以传播方向为轴线，旋转一个角度，这一角度称为“旋光角”，的值与糖溶液的浓度有关将的测量值与标准值相比较，就能确定被测样品的含糖量了如图所示，S是自然光源，A、B是偏振片，转动B，使到达O处的光最强，然后将被测样品P置于A、B之间，则下列说法中正确的是（） A 到达O处光的强度会明显减弱 B 到达O处光的强度不会明显减弱 C 将偏振片B转动一个角度，使得O处光的强度最大，偏振片B转过的角度等于 D 将偏振片A转动一个角度，使得O处光的强度最大，偏振片A转过的角度等于
9、【考点】： 光的偏振【专题】： 光的衍射、偏振和电磁本性专题【分析】： 偏振光具有的性质是光子的振动具有方向性当两个偏振片的偏振方向夹角增大时，透射光的强度减弱【解析】： 解：A、偏振光通过糖的水溶液后，若迎着射来的光线看，偏振方向会以传播方向为轴线，旋转一个角度，所以到达O处光的强度会明显减弱，故A正确；B、偏振光通过糖的水溶液后，若迎着射来的光线看，偏振方向会以传播方向为轴线，旋转一个角度，所以到达O处光的强度会明显减弱，故B错误；C、偏振光通过糖的水溶液后，若迎着射来的光线看，偏振方向会以传播方向为轴线，旋转一个角度，所以到达O处光的强度会明显减弱，将偏振片B转动一个角度，使得O处光的强
10、度最大，偏振片B转过的角度等于，故C正确；D、偏振光通过糖的水溶液后，若迎着射来的光线看，偏振方向会以传播方向为轴线，旋转一个角度，所以到达O处光的强度会明显减弱，将偏振片A转动一个角度，使得O处光的强度最大，偏振片A转过的角度等于，故D正确；故选：ACD【点评】： 通过日常生活中的事实，让我们更能理解光的偏振与光的衍射7（4分）如图所示，一细束白光通过玻璃三棱镜折射后分为各种单色光，取其中a、b、c三种色光，下列说法正确的是（） A 把温度计放在c的下方，示数增加最快 B 若分别让a、b、c三色光通过一双缝装置，则a光形成的干涉条纹的间距最大 C a、b、c三色光在玻璃三棱镜中的传播速度依次
11、越来越小 D 若让a、b、c三色光以同一入射角，从一介质某方向射入空气中，b光恰能发生全反射，则c光也一定能发生全反射【考点】： 光的折射定律；全反射；电磁波谱【专题】： 光的折射专题【分析】： 白光经过色散后，从c到a形成红光到紫光的彩色光带，c的下方是红外线区域，其热效应显著，c光的波长最长，a光波长最短干涉条纹的间距与波长成正比c光的折射率最小，a光的折射率最大，由公式v= 分析光在玻璃三棱镜中的传播速度的大小由临界角公式sinC=分析临界角的大小，分析全反射现象【解析】： 解：A、在c的下方是红外线区域，其热效应显著，把温度计放在c的下方，示数增加最快故A正确B、c光的波长最长，a光波
12、长最短，由于干涉条纹的间距与波长成正比，a光形成的干涉条纹的间距最小故B错误C、由图看出，c光的折射率最小，a光的折射率最大，由公式v=分析可知，a、b、c三色光在玻璃三棱镜中的传播速度依次越来越大故C错误D、c光的折射率最小，a光的折射率最大，由临界角公式sinC=分析得知，a光的临界角最小，c光临界角最大，则若让a、b、c三色光以同一入射角，从一介质某方向射入空气中，b光恰能发生全反射，则c光不一定能发生全反射故D错误故选A【点评】： 本题光的色散现象，对于色散研究得到的七种色光排列顺序、折射率大小等等要记牢，同时，要记住折射率与波长、频率、临界角的关系，这些都是考试的热点8（4分）一列简
13、谐横波某时刻的波形如图甲所示，从该时刻开始计时，图中质点A的振动图象如图乙所示则（） A 这列波的波速是25m/s B 这列波沿x轴负方向传播 C 质点A在任意的1s内所通过的路程都是0.4m D 若此波遇到另一列波并发生稳定干涉现象，则另一列波的频率为1.25Hz【考点】： 波长、频率和波速的关系；横波的图象【分析】： 由甲图读出波长，由乙图读出周期，由波速公式v=求得波速由乙图判断出质点At=0时刻的振动方向，即可判断波的传播方向质点振动的周期等于波的周期，根据干涉的条件判断能否发生稳定的干涉现象【解析】： 解：A、由图甲知，波的波长=20m，由较长乙知，周期T=0.8s，则波速 v=m/
14、s=25m/s故A正确B、由图乙知，质点A在t=0时刻的速度沿y轴正向，根据波形平移法可知，这列波沿x轴负方向传播，故B正确C、t=1s=1T，从图示位置开始，质点A通过的路程是5A=58cm=0.4m但质点A做简谐运动，不同的起点在1s内能通过的路程不一定是0.4m，故C错误D、这列波的频率 f=Hz=1.25Hz产生稳定干涉现象的条件是两列波的频率和周期相等故若此波遇到另一列波并发生稳定干涉现象，则另一列波的频率为1.25Hz故D正确故选：ABD【点评】： 解决本题的关键把握振动与波动的关系，以及知道产生稳定干涉和衍射的条件9（4分）如图为卢瑟福和他的同事们做粒子散射实验装置的示意图，荧光
15、屏和显微镜一起分别放在图中的A、B、C、D四个位置时，关于观察到的现象，下述说法中正确的是（） A 相同时间内放在A位置时观察到屏上的闪光次数最多 B 相同时间内放在B位置时观察到屏上的闪光次数比放在A位置时稍少些 C 放在D位置时屏上仍能观察到一些闪光，但次数极少 D 放在C、D位置时屏上观察不到闪光【考点】： 粒子散射实验【专题】： 原子的核式结构及其组成【分析】： 该实验中，放射源放出一束射线轰击金箔，运用显微镜前荧光屏去观察射线的多少课本中，该实验的结论是：多数射线基本不偏折，少数发生较大角度的偏转，个别的粒子几乎被反射回来【解析】： 解：A、放在A位置时，相同时间内观察到屏上的闪光次
16、数最多说明大多数射线基本不偏折，可知金箔原子内部很空旷故A正确；B、放在B位置时，相同时间内观察到屏上的闪光次数较少说明较少射线发生偏折，可知原子内部带正电的体积小故B正确；C、放在D位置时，屏上可以观察到闪光，只不过很少很少说明很少很少射线发生大角度的偏折故C正确；D、放在CD位置时，屏上仍能观察一些闪光，但次数极少说明极少数射线较大偏折，可知原子内部带正电的体积小且质量大故D错误故选：ABC【点评】： 该题考查 粒子散射实验，关键要记住该实验中观察到的现象和通过该实验得出的结论10（4分）（2006南京一模）“轨道电子俘获”是放射性同位素衰变的一种形式，它是指原子核（称为母核）俘获一个核外
17、电子，使其内部的一个质子变为中子，并放出一个中微子，从而变成一个新核（称为子核）的过程中微子的质量远小于质子的质量，且不带电，很难被探测到，人们最早就是通过核的反冲而间接证明中微子的存在的，一个静止的原子核发生“轨道电子俘获”，衰变为子核并放出中微子，下面说法正确的是（） A 母核的质量数等于子核的质量数 B 子核的动量与中微子的动量相同 C 母核的电荷数大于子核的电荷数 D 子核的动能大于中微子的动能【考点】： 原子核衰变及半衰期、衰变速度【专题】： 衰变和半衰期专题【分析】： 核反应前后质量数和核电荷数守恒，原子核（称为母核）俘获电子的过程中动量守恒【解析】： 解：A、原子核（称为母核）俘
18、获一个核外电子，使其内部的一个质子变为中子，并放出一个中微子，从而变成一个新核（称为子核）的过程电荷数少1，质量数不变故A正确，C正确B、原子核（称为母核）俘获电子的过程中动量守恒，初状态系统的总动量为0，则子核的动量和中微子的动量大小相等，方向相反故B错误D、子核的动量大小和中微子的动量大小相等，由于中微子的质量很小，根据知，中微子的动能大于子核的动能故D错误故选AC【点评】： 本题考查了原子结构中原子核的反应和应用，主要是核反应前后质量数和核电荷数守恒题目新但知识是原子结构的知识应用11（4分）一群处于n=3激发态的氢原子向基态跃迁，发出的光以入射角照射到一块平行玻璃砖A上，经玻璃砖A后又
19、照射到一块金属板B上，如图所示，则下列说法正确的是（） A 入射光经玻璃砖A后会分成相互平行的三束光线，从n=3直接跃迁到基态发出的光经玻璃砖A后的出射光线与入射光线间的距离最大 B 在同一双缝干涉装置上，从n=3直接跃迁到基态发出的光形成的干涉条纹最窄 C 经玻璃砖A后有些光子的能量将减小，有些光在玻璃砖的下表面会发生全反射 D 若从n=3能级跃迁到n=2能级放出的光子刚好能使金属板B发生光电效应，则从n=2能级跃迁到基态放出的光子一定能使金属板B发生光电效应【考点】： 氢原子的能级公式和跃迁【专题】： 原子的能级结构专题【分析】： 通过光子频率的大小得出折射率的大小、波长的大小、临界角的大
20、小，从而判断出出射光线与入射光线间的距离、条纹间距大小，以及是否发生全反射和是否能产生光电效应【解析】： 解：A、一群处于n=3激发态的氢原子向基态跃迁，发出三种不同频率的光子，光线经过平行玻璃砖折射后，出射光线与入射光线平行从n=3直接跃迁到基态发出的光频率最大，则折射率最大，偏折最厉害，根据几何关系知，出射光线与入射光线间的距离最大故A正确B、根据x=，频率最大的光，波长最短，所以条纹间距最小故B正确C、经玻璃砖A后，光子的频率不变，所以能量不变，在玻璃砖的下表面，根据光的可逆性，知不可能发生全反射故C错误D、从n=3能级跃迁到n=2能级放出的光子频率最小，该光子若能发生光电效应，则其它光
21、子也能发生光电效应故D正确故选ABD【点评】： 本题将能级的跃迁与光电效应、光的干涉和折射、全反射等知识联系起来，关键通过频率的大小得出折射率、波长等大小12（4分）某静止的放射性元素的原子核，放出一个粒子后转变成某种新粒子Y，设衰变过程产生的核能以动能的形式释放出来，若已知粒子的动能为Ek，真空中光速为c，则（） A Y的动能为 B Y的动能为 C 衰变过程中的质量亏损为 D 衰变过程中的质量亏损为【考点】： 动量守恒定律；爱因斯坦质能方程【分析】： 原子核在衰变过程中动量守恒，由动量守恒定律求出新核与粒子间的速度关系，然后求出新核所获得的动能；粒子与新核获得的动能之和等于核反应释放出的能量
22、，然后由质能方程求出质量亏损【解析】： 解：（1）核反应过程中，质量数与核电荷数守恒，粒子的质量数是4，则新核Y的质量数是m4，设粒子的速度为v，由动量守恒定律得：4v+（m4）v=0，可得v=，粒子的动能：EK=mv2=4v2=2v2，新核Y的动能EKY=（m4）v2=（m4）（）22=4，故A错误，B正确；（2）核反应释放的能量E=EK+EKY=EK+4=，由质能方程可知：E=mc2质量亏损m=，故C正确D错误故选BC【点评】： 核反应方程同时满足质量数守恒和电荷数守恒，核反应前后满足动量守恒，这是解决本题的关键13（4分）某原子核的衰变过程是A，符号表示放出一个粒子，表示放出一个粒子，下
23、列说法中正确的是（） A 核C比核B的中子数少2 B 核C比核A的质量数少5 C 原子核为A的中性原子的电子数比原子核为B的中性原子的电子数多1 D 核C比核A的质子数少1【考点】： 原子核衰变及半衰期、衰变速度【专题】： 衰变和半衰期专题【分析】： 发生一次衰变，电荷数少2，质量数少4，发生一次衰变，电荷数多1，质量数不变【解析】： 解：A、B到C，电荷数少2，质量数少4，因为电荷数等于质子数，质量数等于质子数加上中子数，所以核C比核B中子数少2故A正确B、A到B，质量数不变，B到C质量数少4，则核C比核A质量数少4故B错误C、中性原子的电子数等于质子数，核B比核A电荷数多1，则核A的中性原
24、子的电子数比核B中性原子的电子数少1故C错误D、A到B电荷数多1，B到C电荷数少2，则A到C电荷数少1，则核C比核A质子数少1故D正确故选AD【点评】： 解决本题的关键知道衰变和衰变的实质，以及知道质量数等于质子数加中子数，质子数等于电荷数二、实验题（13×2分=26分）14（8分）在做“用单摆测定重力加速度”的实验中，某同学用毫米刻度尺测得摆线长L0=945.8mm；用游标卡尺测得摆球的直径如图甲所示，则摆球直径d=20.15mm；用秒表测得单摆完成n=40次全振动的时间如图乙所示，则秒表的示数t=78.4s；若用给定物理量符号表示当地的重力加速度g，则g=如果该同学测得的g值偏大
25、，可能的原因是BD（填字母代号）A计算摆长时没有计入摆球的半径B开始计时时，秒表过迟按下C摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了D试验中误将39次全振动数为40次【考点】： 用单摆测定重力加速度【专题】： 实验题；单摆问题【分析】： 考查游标卡尺和秒表的读数：先读主尺（只读整数），再加上游标尺（格数乘以分度分之一，格数找对齐的一个不估读）；秒表读数等于大盘刻度读数加上小盘刻度读数；根据单摆周期公式列式分析即可【解析】： 解：直径读数：主尺：20mm，游标尺对齐格数：3个格，读数：30.05=0.15mm，所以直径为：20+0.15=20.15mm；秒表读数：大盘读数60s，
26、小盘读数18.4s，故时间为78.4s；根据T=2得：g=；同学测得的g值偏大，说明摆长测量值偏大或者周期测量值偏小；A、计算摆长时没有计入摆球的半径，摆长测量值偏小，故加速度测量值偏小，故A错误；B、开始计时时，秒表过迟按下，周期测量值偏小，故加速度测量值偏大，故B正确；C、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，故相对与原来的单摆，周期测量值偏大了，故加速度测量值偏小，故C错误；D、试验中误将39次全振动数为40次，周期测量值偏小，故加速度测量值偏大，故D正确；故选BD；故答案为：20.15，78.4，BD【点评】： 常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础掌握单摆的周
27、期公式，从而求解加速度并进行误差分析15（8分）用双缝干涉测光的波长实验装置如图甲所示，已知单缝与双缝间的距离L1=100mm，双缝与屏的距离L2=700mm，双缝间距d=0.25mm用测量头来测量亮纹中心的距离测量头由分划板、目镜、手轮等构成，转动手轮，使分划板左右移动，让分划板的中心刻线对准亮纹的中心（如图乙所示），记下此时手轮上的读数，转动测量头，使分划板中心刻线对准另一条亮纹的中心，记下此时手轮上的读数（1）分划板的中心刻线分别对准第1条和第4条亮纹的中心时，手轮上的读数如图（丙）所示，则对准第1条时读数x1=2.190mm、对准第4条时读数x2=7.868mm；（2）写出计算波长的表
28、达式，=（用符号表示），=676nm；【考点】： 用双缝干涉测光的波长【专题】： 实验题【分析】： （1）螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读（2）根据双缝干涉条纹的间距公式，求出波长1nm=109m【解析】： 解：（1）测第一条时固定刻度读数为2mm，可动刻度读数为0.0119.0=0.190mm，所以最终读数为2.190mm 测第二条时固定刻度读数为7.5mm，可动刻度读数为0.0136.8=0.368mm，所以最终读数为7.868mm（2）根据双缝干涉条纹的间距公式，知代入数据得：=676nm故本题答案为：（1）2.190，7.868 （2），676【点评】： 解决本
29、题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读根据双缝干涉条纹的间距公式16（6分）在用插针法测定玻璃砖折射率的实验中，甲、乙、丙三位同学在纸上画出的界面ab、cd与玻璃砖位置的关系分别如图、和所示，其中甲、丙同学用的是矩形玻璃砖，乙同学用的是梯形玻璃砖他们的其他操作均正确，且均以ab、cd为界面画光路图则甲同学测得的折射率与真实值相比偏小（填“偏大”、“偏小”或“不变”），乙同学测得的折射率与真实值相比不变（填“偏大”、“偏小”或“不变”），丙同学测得的折射率与真实、值相比变小【考点】： 测定玻璃的折射率【专题】： 实验题；光的折射专题【分析】：
30、用插针法测定玻璃砖折射率的实验原理是折射定律n=，作出光路图，确定折射光线的偏折情况，分析入射角与折射角的误差，来确定折射率的误差【解析】： 解：如图1测定折射率时，玻璃中折射角增大，则折射率减小；用图测折射率时，只要操作正确，与玻璃砖形状无关；用图测折射率时，折射角偏大，所以测得的折射率变小故答案为：偏小、不变、变小【点评】： 对于实验误差，要紧扣实验原理，用作图法，确定出入射角与折射角的误差，即可分析折射率的误差17（4分）气垫导轨是常用的一种实验仪器它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦我们可以用带竖直挡板C和D的气垫导轨以及滑块
31、A和B来验证动量守恒定律，实验装置如图所示（弹簧的长度忽略不计），采用的实验步骤如下：A用天平分别测出滑块A、B的质量mA、mB；B调整气垫导轨，使导轨处于水平；C在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止地放置在气垫导轨上；D用刻度尺测出A的左端至C板的距离L1E按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作当A、B滑块分别碰撞C、D挡板时停止计时，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t2本实验中还应测量的物理量是B的右端至D板的距离L2，利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是=【考点】： 验证动量守恒定律【专题】： 实验题【分析】： 本题的关
32、键是列出A、B系统的动量守恒定律表达式，再结合速度与位移的关系即可求解【解析】： 解：对A与B组成的系统，由动量守恒定律应有=再由=，=，其中是B的右端至D板的距离，所以实验还应测量出B的右端至D板的距离L2即动量守恒定律的表达式应为=故答案为：B的右端至D板的距离L2；=【点评】： 应明确涉及到实验的问题首先写出相应的物理规律表达式，然后讨论求解即可三、计算题（8分+10分+12分+12分=42分）18（8分）2008年北京奥运会场馆周围 80%90% 的路灯是利用太阳能发电技术来供电，奥运会90%的洗浴热水采用全玻真空太阳能集热技术科学研究发现太阳发光是由于其内部不断发生从氢核到氦核的核聚
33、变反应，即在太阳内部4个氢核（H）转化成一个氦核（He）和两个正电子（e）并放出能量（已知质子质量mP=1.0073u，粒子的质量m=4.0015u，电子的质量me=0.0005u 1u的质量相当于931MeV的能量）（1）写出该热核反应方程；（2）一次这样的热核反应过程中释放出多少MeV的能量？（结果保留四位有效数字）【考点】： 裂变反应和聚变反应【专题】： 衰变和半衰期专题【分析】： （1）根据核反应过程中质量数和电荷数守恒可正确写出核反应方程（2）根据质能方程可正确解答【解析】： 解：（1）根据质量数和电荷数守恒有：411H24He+210e答：该热核反应方程：411H24He+210e
34、（2）根据质能方程有：m=4mPm2mem=41.0073u4.0015u20.0005u=0.0267 uE=mc2=0.0267 u931.5MeV/u=24.87 MeV 答：一次这样的热核反应过程中释放出24.87 MeV的能量【点评】： 本题考查了核反应方程的书写以及质能方程的简单应用，属于简单基础题目，平时练习中对这类问题注意多加训练，不可忽视19（10分）如图所示，一束光线以60的入射角射到一水平放置的平面镜上，反射后在上方与平面镜平行的光屏上留下一光点P，现在将一块上下两面平行的透明体平放在平面镜上，则进入透明体的光线经平面镜反射后再从透明体的上表面射出，打在光屏上的P点，与原
35、来相比向左平移了2cm，已知透明体对光的折射率为求光在透明体里运动的时间【考点】： 光的折射定律【专题】： 光的折射专题【分析】： 作出光路图，根据折射定律求出折射角，根据几何知识求出透明介质的厚度，并求出光在透明介质中通过的路程光在透明介质中的传播速度为v=，再求出光在透明体里运动的时间【解析】： 解：设透明介质的厚度为d作出光路图如图所示根据折射定律得：n=，将n=，=60，代入解得，=30由题意及光路图得：s=2dtan2dtan代入解得，d=1.5cm光在透明介质中的传播速度为v=，光在透明介质中通过的路程为s=，所以光在透明体里运动的时间为t=21010s答：光在透明体里运动的时间为
36、21010s【点评】： 此题是几何光学的问题，首先要作出光路图，根据折射定律和几何知识结合进行研究20（12分）如图所示为一列简谐横波在t=0时刻的图象此时质点P的运动方向沿y轴负方向，且当t=0.55s时质点P恰好第3次到达y轴正方向最大位移处问：（1）该简谐横波的波速v的大小和方向如何？（2）从t=0至t=1.2s，质点Q运动的路程L是多少？（3）当t=1.2s时，质点Q相对于平衡位置的位移x的大小是多少？【考点】： 横波和纵波；横波的图象；波长、频率和波速的关系【专题】： 振动图像与波动图像专题【分析】： （1）由质点P的振动情况，确定波的周期，读出波长，再由波速公式求出波速大小和方向（
37、2）质点在一个周期内通过的路程是4A，由t=1.2s，分析质点Q振动了几个周期，即可确定路程（3）质点在一个周期内通过的路程是4A，由t3=1.2s，分析质点N振动了几个周期，确定路程和相对于平衡位置的位移【解析】： 解：（1）此波沿x轴负向传播，在t1=0到t2=0.55s这段时间里，质点P恰好第3次到达y正方向最大位移处，则有：（2+）T=0.55s解得：T=0.2s由图象可得简谐波的波长为：=0.4m则波速为：v=2m/s（2）在t1=0至t3=1.2s这段时间，质点Q恰经过了6个周期，即质点Q回到始点，由于振幅A=5cm，所以质点Q运动的路程为：L=4A6=456cm=120cm（3）
38、质点Q经过6个周期后恰好回到始点，则相对于平衡位置的位移为：s=2.5cm答：（1）该简谐横波的波速v的大小2m/s和方向沿x轴负向传播；（2）从t=0至t=1.2s，质点Q运动的路程L是120cm；（3）当t=1.2s时，质点Q相对于平衡位置的位移x的大小是2.5cm【点评】： 本题要由质点的振动方向确定波的传播方向，这波的图象中基本问题，方法较多，其中一种方法是“上下坡法”，把波形象看成山坡：顺着波的传播方向，上坡的质点向下，下坡的质点向上21（12分）如图所示是做光电效应实验的装置简图在抽成真空的玻璃管内，K为阴极（用金属铯制成，发生光电效应的逸出功为1.9eV），A为阳极在a、b间不接
39、任何电源，用频率为（高于铯的极限频率）的单色光照射阴极K，会发现电流表指针有偏转这时，若在a、b间接入直流电源，a接正极，b接负极，并使a、b间电压从零开始逐渐增大，发现当电压表的示数增大到2.1V时，电流表的示数刚好减小到零求：（1）a、b间未接直流电源时，通过电流表的电流方向（2）从阴极K发出的光电子的最大初动能EK是多少焦？（3）入射单色光的频率是多少？【考点】： 爱因斯坦光电效应方程【专题】： 光电效应专题【分析】： （1）根据光电子运动的方向判定电流的方向；（2）光电管所加反向电压，当电压表的示数增大到2.1V时，电流表的示数刚好减小到零，说明电子做减速运动，恰好到达A极时，速度为零
40、，根据动能定理求解光电子的最大初动能EK（3）由光电效应方程求解入射单色光的频率【解析】： 解：（1）电子从阴极逸出后，向右运动，由于电子带负电，所以通过电流表的电流方向向上；（2）根据动能定理得：光电子的最大初动能EK=eUc=2.1eV=3.361019J（3）由光电效应方程：EK=hW0，得=9.651014Hz答：（1）a、b间未接直流电源时，通过电流表的电流方向向上（2）从阴极K发出的光电子的最大初动能EK是3.361019J；（3）入射单色光的频率是9.651014Hz【点评】： 本题考查光电效应规律的应用能力，涉及两个过程：一个产生光电效应的过程；一个是电子在电场中减速运动的过程