1、江西省万载县二中2021届高三物理上学期第一次质量检测试题考生注意:1.本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。满分100分。2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。第卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第卷请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效在试题卷、草稿纸上作答无效。第卷（选择题共40分）一、选择题（每题4分，共40分1-6题为单选题7-10为多选题，选错的不得分，漏选的得2分）1.能够反映高速列车纵向平稳性的指标，是加加速度或者减减速度。据资料介绍我国的CRH380系列高速列车在高铁上行驶时，它的加加
2、速度和减减速度值要求必须小于0.75m/s3，这个指标在全球这个行业是顶尖的。关于加加速度和减减速度下列说法正确的是A.0.75m/s3意义是每秒速度变化量是0.75m/sB.0.75m/s3意义是加速度变化量是0.75m/s2C.加加速度描述的是加速度变化大小的物理量D.加加速度是加速度变化量与时间的比值2.设地球的半径为R0，质量为m的卫星在距地面3R0高处做匀速圆周运动，地面的重力加速度为g0，则以下说法错误的是A.卫星的线速度为B.卫星的加速度为C.卫星的周期D.卫星的角速度为3.如图所示，物体M套在光滑水平直杆上，系在物体M上的细线跨过定滑轮与物体N相连，将物体N由静止释放，N运动过
3、程中不会落到地面。已知细线无弹性且不计与滑轮间的摩擦，不计空气阻力，则下列说法正确的是A.若M的速度在增大时，则N的速度在减小B.若M的速度在减小时，则N的速度在增大C.当连接物体M的细线与水平方向的夹角为时，有D.当连接物体M的细线与水平方向的夹角为时，有4.如图所小是一辆汽车做匀减速直线运动x-t图中的一段。从图中所给的数据可以确定汽车在P点的瞬时速度A.大于4m/sB.等于4m/sC.小于4m/sD.可能大于4m/s，也可能小于4m/s5.压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小。一同学利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置，如图甲所，将压敏电阻平放在升降机内，受压面朝上，在上面放一物
4、体m，升降机静止时电流表示数为I0。某过程中电流表的示数如图乙所示，则在此过程中A.升降机一定是先向上做加速运动然后做减速运动B.升降机可能是先向上做减速运动然后做加速运动C.物体一定是先超重后失重D.物体一定是先超重后失重再超重后尖重6.水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为（0m，故B项错误；由于a-m图象是非线性图像，故很难判断出加速度与质量之间的关系，故C项错误；根据拉力a-F图像的线性关系可以判断出加速度与力之间的关系，故D正确。12.（每空2分）（2）10.85mm（3）两光电门之间的距离L 滑块的质量M（4）解析:（2）山游标卡尺的读数规则可知，示数为10mm+170.
5、05mm=10.85mm（3）为了计算出滑块、钩码的重力势能的减少量，需测量出两光电门之间的距离L滑块的质量M（4）对滑块、钩码组成的系统，由机械能守恒定律，三、计算题（本题共4小题，共44分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）13.（8分）解析:（1）小球在下落至蓖麻油中之前做自由落体运动，根据自由落体运动规律有解之得（如答案出现同样给分）（3分）（2）题意可知，小球稳定下落时匀速运动，故重力、浮力、粘滞阻力三力平衡即（2分）又F浮=0gV联立以上各式得（3分）14.（10分）解析:（1）对物块受力分析如
6、图所示:根据牛顿第二定律得 （2分）根据摩擦力公式得联立解得a1=1m/s2当运动4s后，物块的速度为v1=a1t=4m/s（2分）（2）4s后，撤去外力，对物块受力分析如图所示：根据牛顿第二定律得解得a2=10m/s2（1分）撤F后，物块向上滑行减速至v2=2m/s所需时间（1分）撤去F后，物块向上滑行至最高点所需时间由于，故物块将会沿斜面下滑，受力分析如图所示根据牛顿第二定律得解得a3=2m/s2（1分）物块下滑过程中加速至v3=2m/s所需时间（1分）故从F撤去后至下滑加速到v3=2m/s所需时间t4=t2+t3=1.4s综上所述，撤去拉力F后经0.2s或1.4s时间，物块的速度变为2m
7、/s（2分）15.（12分）解析:（1）设电动小车从B点平抛后经时间t1后落地，由平抛运动规律知竖直方向（1分）水平方向x=vt1（1分）联立解得；（2分）（2）电动车在平台上从A点运动到B点过程中，由动能定理得解得（3分）（3）设电动车从B点平抛的速度为v，电动车在平台上从A点运动到B点过程中，动能定理得（1分）电动小车从B点平抛后经时间t1后落地，由平抛运动规律知竖直方向水平方向x=vt1联立解得（2分）解得 （2分）16.（14分）解析:（1）设小球从平台抛出的初速度为v0，由物块从平台抛出后落至A过程做山落体运动知在竖直方向上有 （1分）在A点，由速度矢量三角形有 （1分）在平台上弹簧
8、弹开物块至恢复原长的过程中由能量转化与守恒定律知 （1分）联立以上各式，解之得Ep=64J（1分）（2）从O点到C点，由能量转化与守恒定律有（1分）在C点，设圆轨道对物块的支持力为FN，由牛顿第二定律知，（1分）联立解之得FN=580N，vC=5m/s（2分）又由牛顿第三定律知，物块对圆轨道的压力为580N，方向竖直向下（3）临界一:设C、E间的距离为S1时，刚好运动至E点；从C点到E点由动能定理得2解之得S1=12.5m（2分）临界二:设C、E间的距离为S2时，刚好运动右侧圆轨道的与圆心等高处的G点；从C点到G点由动能定理得解之得S2=10.5m（2分）临界三:设C、E间的距离为S3时，刚好运动至右侧圆轨道的F点；在F点由牛顿第二定律得从C点到G点由动能定理得解之得S3=7.5m（2分）综上所述，C、E间的距离S应满足:0S7.5m或10.5mS12.5m