1、2013-2014 学年安徽省巢湖市无为县开城中学高三（上）第二次月考物理试卷 一、单项选择题（本题共 6 小题，每小题 3 分，共 18 分在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1（3 分）（2012 春黔东南州期末）若已知物体运动的初速度 v0 的方向及它受到的恒定的合外力 F 的方向，图 a、b、c、d 表示物体运动的轨迹，其中正确是的（）ABCD考点：物体做曲线运动的条件版权所有专题：物体做曲线运动条件专题分析：做曲线运动的物体的速度的方向是沿着运动轨迹的切线的方向，合力指向运动轨迹弯曲的内侧解答：解：曲线运动的速度的方向是沿着运动轨迹的切线的方向，由此可以判断 AC
2、错误；曲线运动的物体受到的合力应该指向运动轨迹弯曲的内侧，由此可以判断 D 错误，B 正确；故选 B点评：根据物体的运动轨迹来判断受到的合力的方向，合力应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，这是解决曲线运动的时候经常用到的知识点 2（3 分）（2014枣强县校级模拟）某人欲估算飞机着陆时的速度，他假设飞机着陆过程在平直跑道上做匀减速运动，在跑道上滑行的距离为 s，从着陆到停下来的时间为 t，则飞机着陆瞬间速度为（）AB CD 到之间的某个值考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 版权所有专题：直线运动规律专题分析：设飞机着陆过程中加速度为 a，飞机着陆瞬间速度为 v，根据匀加速直线运动位移速度公式及速
3、度时间公式即可解题解答：解：设飞机着陆过程中加速度为 a，飞机着陆瞬间速度为 v，则有：2as=0v20=v+at 由得：v=故选 B点评：本题主要考查了匀变速直线运动基本公式的直接应用，难度不大，属于基础题 3（3 分）（2012安徽）如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度 a 沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力 F，则（）A物块可能匀速下滑 B物块仍以加速度 a 匀加速下滑 C物块将以大于 a 的加速度匀加速下滑 D物块将以小于 a 的加速度匀加速下滑考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 版权 所有专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题分析：将 F 分解为垂直于斜面和平行于
4、斜面两个方向 F1 和 F2，根据力的独立作用原理，单独研究F 的作用效果，当 F 引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小解答：解：未加 F 时，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：a=当施加 F 后，加速度 a=，因为 gsingcos，所以 FsinFcos，可见 aa，即加速度增大故 C 确，A、B、D 均错误故选 C点评：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解 4（3 分）（2012 春温州期末）如图所示，质量为 m 的物块从半径为 R 的半球形碗边向碗底滑动，滑到最低点时的速度为 v，若物块滑到最低点时受到的摩擦力是 f，
5、则物块与碗的动摩擦因数为（）ABCD考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力；向心力 版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：在最低点，竖直方向上的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出支持力的大小，再根据f=FN 求出动摩擦因数解答：解：在最低点有：解得：N=而 FN=N，则：故 B 正确，A、C、D 错误故选 B点评：解决本题的关键确定圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解 5（3 分）（2013晋中一模）下列图象均能正确皮映物体在直线上的运动，则在 t=2s 内物体位移最大的是（）ABCD考点：匀变速直线运动的图像版权所有专题：运动学中的图像专题分析：根据位移的坐标变化量分析物体的位移情况，
6、根据速度图象的“面积”确定 t=2s 时刻物体的位移是否最大解答：解：A、位移的斜率在变化，物体的速度大小和方向在变化，物体在 t=1s 内位移为 2m，t=2s内位移为 0B、根据速度图象的“面积”得到物体在 t=2s 内位移大于C、物体在前 1s 内位移等于，在后 1s 内物体为位移为=1m，则 t=2s 内位移为 0D、物体前 1s 内位移为 1m，后 1s 内位移为1m，在 t=2s 内物体的位移为 0故选 B点评：位移图象坐标表示位置，坐标变化量表示位移而速度图象与坐标轴所围“面积”表示位移 6（3 分）（2014和平区三模）如图，质量为 m 的木块 A 放在质量为 M 的三角形斜劈
7、上，现用大小均为 F、方向相反的力分别推 A 和 B，它们均静止不动，则（）AA 与 B 之间一定存在摩擦力 BB 与地之间一定存在摩擦力 CB 对 A 的支持力一定小于 mg D地面对 B 的支持力的大小一定等于（M+m）g考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 版权 所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对 A、B 整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力；再对物体 A受力分析，根据平衡条件求解 B 对 A 的支持力和摩擦力解答：解：B、D、对 A、B 整体受力分析，如图，受到重力（M+m）g、支持力 N 和已知的两个推力，对于整体，由于两个推力刚好平衡，
8、故整体与地面间没有摩擦力；根据共点力平衡条件，有N=（M+m）g故 B 错误，D 正确；A、C、再对物体 A 受力分析，受重力 mg、已知的推力 F、斜面体 B 对 A 的支持力 N和摩擦力 f，当推力 F 沿斜面分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，如下图当推力 F 沿斜面分量小于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向上，如下图当推力 F 沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，如下图根据共点力平衡的条件，运用正交分解法，可以得到：N=mgcos+Fsin故 A 错误，C 也错误；故选：D点评：本题关键是对 A、B 整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力，然
9、后再对物体 A 受力分析，再次根据平衡条件列式求解出各个力的情况 二、多项选择题（本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分在每个小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的全部选对的，得 4 分；选对但不全的，得 2 分；有选错的，得 0 分）7（4 分）（2011 秋湖北校级期中）下列实例中人处于失重状态的有（）A飞机起飞时飞机中的乘客 B离开跳台后正在空中做动作的跳水运动员 C下行电梯将要到达指定楼层时电梯中的乘客 D沿椭圆轨道运行的飞船中的宇航员考点：超重和失重版权 所有分析：当加速度方向向上时，人处于超重状态，当加速度向下时，人处于失重状态解答：解：A，飞机起飞时，加速度方向
10、向上，人处于超重状态故 A 错误B、人离开跳台在空中做动作时，加速度向下，处于失重状态故 B 正确C、下行电梯到达指定楼层时需减速，加速度方向向上，人处于超重状态故 C 错误D、沿椭圆轨道运行的飞船，人所受的万有引力提供向心力，对支撑面的压力为零，处于完全失重状态故 D 正确故选 BD点评：解决本题的关键掌握超失重的运动学特点，关键看加速度的方向；还可以根据物体对支撑面压力或对悬挂物的拉力与重力进行比较判断超失重 8（4 分）（2011山西校级二模）如图所示，某人从高出水平地面 h 的坡上水平击出一个质量为m 的高尔夫球，由于恒定的水平风力的作用，高尔夫球竖直地落入距击球点水平距离为 L 的
11、A 穴，则（）A该球从被击出到落入 A 穴所用时间为 B该球从被击出到落入 A 穴所用时间为 C球被击出时的初速度大小为 L D球被击出时的初速度大小为 L考点：运动的合成和分解版权 所有专题：平抛运动专题分析：小球水平方向受恒定的阻力，因而做匀减速直线运动，竖直方向只受重力，做自由落体运动，根据运动学公式即可列式求解解答：解：A、由于水平方向受到空气阻力，不是平抛运动，竖直方向为自由落体运动，由 h=g得，t=故 A 错误B、竖直方向为自由落体运动，由 h=g得，t=，故 B 正确C、由分运动的等时性，及逆向思维知，水平方向匀减速运动减到零时可反向看作是初速度为零的匀加速直线运动，由 L=a
12、及 v=at 与 h=g联立即得到 v=L，故 C 正确D、由 L=a及 v=at 与 h=g联立可得 v=L，故 D 错误故选 BC点评：本题关键是将实际运动分解为水平方向的匀减速直线运动和竖直方向的自由落体运动，再根据两分运动的独立性，分别选用相应的公式联立求解，注意逆向思维的灵活运用 9（4 分）（2014中山市校级三模）如图，x 轴在水平地面内，y 轴沿竖直方向图中画出了从 y轴上沿 x 轴正向抛出的三个小球 a、b 和 c 的运动轨迹，其中 b 和 c 是从同一点抛出的，不计空气阻力，则（）Aa 的飞行时间比 b 的长Bb 和 c 的飞行时间相同 Ca 的水平速度比 b 的小Db 的
13、初速度比 c 的大考点：平抛运动版权所有专题：平抛运动专题分析：研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同解答：解：由图象可以看出，bc 两个小球的抛出高度相同，a 的抛出高度最小，根据 t=可知，a 的运动时间最短，bc 运动时间相等，故 A 错误，B 正确；C、由图象可以看出，abc 三个小球的水平位移关系为 a 最大，c 最小，根据 x=v0t 可知，v0=，所以 a 的初速度最大，c 的初速度最小，故 C 错误，D 正确；故选 BD点评：本题就是对平抛运动规律的直接考查，掌握住平抛运动的规律就能
14、轻松解决 10（4 分）（2014湖南一模）用一根轻质弹簧竖直悬挂一小球，小球和弹簧的受力如图所示，下列说法正确的是（）AF1 的施力物体是弹簧BF2 的反作用力是 F3 CF3 的施力物体是地球DF4 的反作用力是 F1考点：力的概念及其矢量性 版权所有专题：受力分析方法专题分析：小球受到重力和弹簧的拉力弹簧对小球的拉力与小球对弹簧的拉力是一对作用力与反作用力解答：解：A、F1 是小球的重力，其施力物体是地球故 A 错误B、F2 弹簧对小球的拉力，F3 小球对弹簧的拉力，两力是一对作用力与反作用力故 B 正确C、F3 是小球对弹簧的拉力，所以 F3 的施力物体是小球故 C 错误D、F4 与
15、F1 没有直接关系，不是一对作用力与反作用力故 D 错误故选 B点评：确定施力物体，关键要明确力是哪个物体对哪个物体的作用基础题 三、填空题（本题共 2 小题，每小题 4 分，共 8 分把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程）11（4 分）（2011 秋青浦区期末）某研究性学习小组进行了如下实验：如图所示，在一端封闭的光滑细玻璃管中注满清水，水中放一个红蜡做成的小圆柱体 R将玻璃管的开口端用胶塞塞紧后竖直倒置且与 Y 轴重合，在 R 从坐标原点以速度 v0=3cm/s 匀速上浮的同时，玻璃管沿 x 轴正方向做初速为零的匀加速直线运动同学们测出某时刻 R 的坐标为（4，6），此时 R
16、 的速度大小为 5 cm/s，R 在上升过程中运动轨迹的示意图是 D（R 视为质点）考点：运动的合成和分解版权 所有专题：探究题分析：小圆柱体红蜡快同时参与两个运动：y 轴方向的匀速直线运动，x 轴方向的初速为零的匀加速直线运动知道了位置坐标，由 y 方向可求运动时间，接着由 x 方向求加速度、求 vx，再由速度合成求此时的速度大小由合外力指向曲线弯曲的内侧来判断运动轨迹解答：解：小圆柱体 R 在 y 轴竖直方向做匀速运动，有：y=v0t，=2s，在 x 轴水平方向做初速为 0 的匀加速直线运动，有：，解得：，R 的速度大小：=5cm/s因合外力沿 x 轴，由合外力指向曲线弯曲的内侧来判断轨迹
17、示意图是 D故答案为：5cm/s，D点评：分析好小圆柱体的两个分运动，由运动的合成与分解求其合速度；讨论两个分运动的合运动的性质，要看两个分运动的合加速度与两个分运动的合速度是否在一条直线上，如果在一条直线上，则合运动是直线运动，否则为曲线运动，由合外力的方向判断曲线弯曲的方向 12（4 分）（2012 秋松江区校级期中）某同学在探究摩擦力的实验中采取了如图所示的操作，将一个长方体木块放在水平桌面上，然后用一个力传感器对木块施加一个水平拉力 F，并用另外一个传感器对木块的运动状态进行监测，表 1 是她记录的实验数据木块的重力为 10.00N，重力加速度 g=9.80m/s2，根据表格中的数据回
18、答下列问题（答案保留 3 位有效数字）：实验次数运动状态水平拉力 F/N1静止3.622静止4.003匀速4.014匀加速5.015匀加速5.49（1）木块与桌面间的最大静摩擦力 Ffm 一定不小于 4.01 N；（2）木块与桌面间的动摩擦因数=0.401；（3）木块匀加速运动时受到的摩擦力 Ff=4.01 N考点：探究影响摩擦力的大小的因素版权所有专题：实验题；摩擦力专题分析：（1）水平力作用下物体匀速运动时，所受滑动摩擦力等于水平拉力，最大静摩擦力不小于滑动摩擦力；（2）物体在水平力作用下沿水平面运动时，FN=mg，Ff=FN=mg，由此可求出滑动摩擦因数大小；（3）物体受到的滑动摩擦力
19、Ff=mg，据此分析答题解答：解：（1）当物体在水平拉力作用下匀速运动时，拉力大小等于滑动摩擦力大小，物体所受滑动摩擦力为：Ff=4.01N，最大静摩擦力不小于滑动摩擦力，因此 fm4.01N（2）滑动摩擦力为：Ff=FNFN=mg 联立解得：=0.401（3）木块加速运动时受到的摩擦力 Ff=FN=mg=4.01N故答案为：（1）4.01；（2）0.401；（3）4.01点评：滑动摩擦力大小跟压力大小、接触面粗糙程度有关，跟物体受到的拉力大小、物体的运动速度都没有关系，正确根据物体所处状态列方程求解 四、实验题（本题共 2 小题，第 13 题 6 分，第 14 题 9 分，共 15 分把答案
20、写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程）13（6 分）（2012江西模拟）如图所示，是某次利用气垫导轨探究加速度与力、质量关系的实验装置安装完毕后的示意图，图中 A 为砂桶和砂，B 为定滑轮，C 为滑块及上面添加的砝码，D为纸带，E 为电火花计时器，F 为蓄电池、电压为 6V，G 是电键，请指出图中的三处错误：（1）B 接滑块的细线应水平（2）C 滑块离计时器太远（3）电火花计时器应该用 220V 的交流电，不能接直流电 考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 版权所有专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：打点计时器应使用交流电源，细线应保持水平，与轨道平行，释放滑块时，应将滑块靠
21、近打点计时器解答：解：连接滑块的细线需保持水平，因为若倾斜，拉力不等于滑块的合力释放滑块时，滑块应靠近打点计时器打点计时器应使用交流电，电火花打点计时器使用 220V 的交流电故答案为：（1）B 接滑块的细线应水平（2）C 滑块离计时器太远（3）电火花计时器应该用 220V 的交流电，不能接直流电点评：解决本题的关键知道实验的原理，掌握实验装置的安装，需加强这方面的实际操作，培养动手的能力 14（9 分）（2008珠海模拟）利用如图所示的装置可以探究合力与分力的关系：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮 A 和 B，将绳子打一个结点 0，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读
22、出三根绳子 OA、OB、OC 拉力的大小分别为 F1、F2 和 F3，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验能完成的是 BCD A钩码的个数 N1=N2=2，N3=5B钩码的个数 N1=N2=3，N3=4C钩码的个数 N1=N2=N3=4D钩码的个数 N1=4，N2=5，N3=5（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是 A A标记结点 O 的位置，并记录 OA、OB、OC 三段绳子的方向B量出 OA、OB、OC 三段绳子的长度C用量角器量出三根绳子之间的夹角D用天平测出钩码的质量（3）在作图时，某组同学以表示 F1、F2 的线段为邻边做平行四边形得到 F 合，并在图中画出表示竖直方向的虚线
23、，你认为图中图 甲 是正确的（填“甲”或“乙”）考点：验证力的平行四边形定则版权 所有专题：实验题；平行四边形法则图解法专题分析：（1）两头挂有钩码的细绳跨过两光滑的固定滑轮，另挂有钩码的细绳系于 O 点（如图所示），由于钩码均相同，则钩码个数就代表力的大小，所以 O 点受三个力处于平衡状态，由平行四边形定则可知：三角形的三个边为三个力的大小；（2）为验证平行四边形，必须作图，所以要强调三力平衡的交点、力的大小（钩码的个数）与力的方向；（3）理解通过力的平行四边形定则得出的理论值与实验的实际值是存在差距的解答：解：（1）对 O 点受力分析OA OB OC 分别表示三个力的大小，由于三共点力处于
24、平衡，所以 0C 等于 OD因此三个力的大小构成一个三角形A、以钩码的个数表示力的大小，由于两边之和小于第三边，则不能构成三角形，故 A 错误；B、以钩码的个数表示力的大小，则三力为边构成等腰三角形，故 B 正确；C、以钩码的个数表示力的大小，则三力为边构成等边三角形，故 C 正确D、以钩码的个数表示力的大小，满足两边之和大于第三边，两边只差小于第三边，故可以构成三角形，故 D 正确故选 BCD（2）为验证平行四边形定则，必须通过作受力图所以先明确受力点，其次要作出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示因此要做好记录，是从力的三要素角度出发，需要记录 O 点位置，OA、OB、OC 三段绳子拉
25、力的大小与方向，故 A 正确，BCD 错误故选 A（3）本实验是要验证力的平行四边形定则，故应将由平行四边形定则得出的合力，与真实的合力进行比较而去判断平行四边形定则得出的结果是否正确，在实验中，实际合力一定与AO 在同一直线上，由于误差的存在，根据平行四边形定则得出合力理论值与实验值不会完全重合的，故甲图正确故答案为：甲点评：掌握三力平衡的条件，理解平行四边形定则，同时验证平行四边形定则是从力的图示角度去作图分析，同时理解理论值和实际值的区别 五、计算题（本题共 4 小题，第 15 题 8 分，第 16 题 11 分，第 17、18 题各 12 分，共 43 分把答案写在答题卡中指定的答题处
26、，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤）15（8 分）（2013 秋无为县校级月考）飞机在做俯冲拉起运动时，可以看做是圆周运动如图所示，若在最低点附近做半径为 R=180m 的圆周运动，飞行员的质量为 m=70kg，飞机经过最低点P 点时的速度为 v=360km/h，试计算一下飞行员对座位的压力是多大？（取 g=10m/s2）考点：向心力；牛顿第二定律版权所有专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：对飞行员受力分析，根据支持力和重力的合力提供向心力，通过牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出飞行员对座位的压力解答：解：360km/h=100m/s根据牛顿第二定律，在最低点有：Nmg=m解
27、得 N=mg+m4589N则飞行员对座位的压力为 4589N答：飞行员对座位的压力是 4589N点评：解决本题的关键搞清圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解 16（11 分）（2011梧州模拟）一物块以一定的初速度沿斜面向上滑出，利用速度传感器可以在计算机屏幕上得到其速度大小随时间的变化关系图象如图所示，求：（1）物块上滑和下滑的加速度大小 a1、a2；（2）物块向上滑行的最大距离 S；（3）斜面的倾角 及物块与斜面间的动摩擦因数 考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律 版权 所有专题：计算题；压轴题分析：（1）由图象可知道，物体在 00.5s 内匀减速上升，在 0.5s1.5s
28、内匀加速下降，根据速度时间公式可以求出上升和下降过程的加速度；（2）上滑的位移可以用速度位移公式求解，也可以用位移时间公式求，还可以根据速度时间图象的面积求解；（3）对上滑过程和下滑过程分别受力分析，根据牛顿第二定律列式求解解答：解：（1）上滑过程=8m/s2下滑过程=2m/s2即物块上滑过程的加速度大小为 8m/s2，下滑过程的加速度大小为 2m/s2（2）由 vt 图象的面积法，上滑的位移S=m=1m 即物块向上滑行的最大距离 1m（3）物体沿斜面上滑过程，受力如图根据牛顿第二定律mgsin+mgcos=ma1物体沿斜面下滑过程，受力如图根据牛顿第二定律mgsinmgcos=ma2由以上两
29、式，代入数据后可解得=30=0.346 即斜面的倾角为 30，物块与斜面间的动摩擦因数为 0.346点评：图象简洁明了，能够直接得出物体各过程的运动规律，解出各个过程的加速度后，可以对物体受力分析，结合牛顿第二定律 列式求解出物体的受力情况！17（12 分）（2012福建）如图，置于圆形水平转台边缘的小物块随转台加速转动，当转速达到某一数值时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动现测得转台半径 R=0.5m，离水平地面的高度H=0.8m，物块平抛落地过程水平位移的大小 s=0.4m设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度 g=10m/s2 求：（1）物块做平抛运动的初速度大小 v0；（2
30、）物块与转台间的动摩擦因数 考点：平抛运动；牛顿第二定律；向心力 版权所有专题：平抛运动专题分析：（1）平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据水平方向和竖直方向上的运动规律求出平抛运动的初速度（2）当转速达到某一数值时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动根据静摩擦力提供向心力，通过临界速度求出动摩擦因数解答：解：（1）物块做平抛运动，在竖直方向上有在水平方向上 s=v0t由得（2）物块离开转台时，最大静摩擦力提供向心力，有fm=N=mg由式解得答：（1）物块做平抛运动的初速度大小为 1m/s（2）物块与转台间的动摩擦因数 为 0.2点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平
31、方向和竖直方向上的运动规律，以及知道物块随转台一起做圆周运动，靠静摩擦力提供向心力 18（12 分）（2012 秋江陵县期末）一水平传送带以 2.0m/s 的速度顺时针传动，水平部分长为2.0m，其右端与一倾角为=37的光滑斜面平滑相连，斜面长为 0.4m，一个可视为质点的物块无初速度地放在传送带最左端，已知物块与传送带间动摩擦因数=0.2，试问：（1）物块到达传送带右端的速度（2）物块能否到达斜面顶端？若能则说明理由，若不能则求出物块上升的最大高度（sin37=0.6，g 取 l0m/s2）考点：牛顿第二定律 版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）对物块进行受力分析，找出物块的合力，
32、明确其运动性质，运用牛顿第二定律和运动学公式去求解到达传送带右端时的速度（2）物块冲上斜面后做匀减速直线运动，先根据运动学公式求出上物块运动的最大位移（到达最大位移时速度为 0），然后与题目中的斜面长对比即可求解解答：解：（1）物块在传送带上先做匀加速直线运动mg=malal=2m/s2当两者速度相等时，t=此时物块运动的位移为：s1=2m所以在到达传送带右端前物块已匀速，速度为 2m/s（2）物块以 0 速度滑上斜面mgsin=ma2a2=6m/s2物块速度为零时上升的距离s2=由于 s20.4m，所以物块未到达斜面的最高点物块上升的最大高度：hm=s2sin=0.2m答：（1）物块到达传送带右端的速度为 2m/s（2）物块不能到达斜面顶端，物块上升的最大高度为 0.2m点评：本题要注意物体刚放在传送带上时在滑动摩擦力作用下做匀加速运动，速度达到传送带速度后与传送带一起做匀速运动，此时不受摩擦力作用，能否到达最高点我们也可以根据动能定理去求解，难度适中
