1、黑龙江省哈尔滨三十二中高三上学期期中物理试卷一、选择题（1-16单选题、17-22多选题）116世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元在以下说法中，与亚里士多德观点相反的是（） A 四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快；这说明，物体受的力越大，速度就越大 B 一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明，静止状态才是物体长时间不受力时的“自然状态” C 两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落较快 D 一个物体维持匀速直线运动，不需要力2如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，
2、中间用轻质弹簧秤连接两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（） A 弹簧秤的示数是25N B 弹簧秤的示数是50N C 在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为15m/s2 D 在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s23图甲、乙、丙分别是力学中的三个实验装置的示意图，这三个实验共同的物理思想是（甲图中M、N为平面镜）（） A 放大的思想方法 B 控制变量的思想方法 C 比较的思想方法 D 猜想的思想方法4如图所示，保持A、O位置不变，将B点缓慢向上移，则BO绳的拉力将（） A 逐渐减小 B 逐渐增大 C 先减小后增大 D 先增大后减小5如图所示
3、，在室内，某球用A、B两根轻绳悬挂起来，若A绳竖直、B绳倾斜，A、B两绳的延长线都通过球心，则球受到的作用力的个数为（） A 1个 B 2个 C 3个 D 无法确定6一个物体从某一确定的高度以v0的初速度水平抛出，已知它落地时的速度为v1，那么它的运动时间是（） A B C D 7如图所示，水平转台上放着一枚硬币，当转台匀速转动时，硬币没有滑动，关于这种情况下硬币的受力情况，下列说法正确的是（） A 受重力和台面的持力 B 受重力、台面的支持力和向心力 C 受重力、台面的支持力、向心力和静摩擦力 D 受重力、台面的支持力和静摩擦力8家用台式计算机上的硬盘磁道如图所示A、B是分别位于两个半径不同
4、磁道上的两质量相同的点，磁盘转动后，它们的（） A 向心力相等 B 角速度大小相等 C 向心加速度相等 D 线速度大小相等9如图所示，光滑水平面上，小球m在拉力F作用下做匀速圆周运动若小球运动到P点时，拉力F发生变化，关于小球运动情况的说法正确的是（） A 若拉力突然变小，小球将沿轨迹Pa做离心运动 B 若拉力突然变大，小球将沿轨迹Pb做离心运动 C 若拉力突然变小，小球将沿轨迹Pc运动 D 若拉力突然消失，小球将沿轨迹Pa做离心运动10在粗糙程度不同的水平面上推车，如果两种情况下所用的水平推力和车子通过的路程相同，则推力对车做功（） A 两种情况一样多 B 在较光滑的水平面上所做的功多 C
5、在较粗糙的水平面上所做的功多 D 条件不足，无法比较两种情况下功的多少11A、B两颗地球卫星绕地球运转的周期之比为2：1，则（） A 线速度之比为1： B 轨道半径之比为8：1 C 向心加速度之比为1：2 D 质量之比为1：112在下列实例中，不计空气阻力，机械能守恒的是（） A 作自由落体运动的物体 B 在水平面上加速运动的小车 C 沿粗糙斜面下滑的物体 D 起重机将重物匀速吊起13如图，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是（） A 甲的向心加速度比乙的小 B 甲的运行周期比乙的小 C 甲的角速度比乙的大 D 甲的线速度比乙的大14A、B两
6、颗人造卫星绕地球做匀速圆周运动，A的运行周期大于B的运行周期，则（） A A距离地面的高度一定比B的大 B A的向心加速度一定比B的大 C A的向心力一定比B的大 D A的运行速率一定比B的大15如图所示，木板可绕固定水平轴O转动木板从水平位置OA缓慢转到OB位置，木板上的物块始终相对于木板静止在这一过程中，物块的重力势能增加了2J用FN表示物块受到的支持力，用Ff表示物块受到的摩擦力在此过程中，以下判断正确的是（） A FN和Ff对物块都不做功 B FN对物块做功为2 J，Ff对物块不做功 C FN对物块不做功，Ff对物块做功为2 J D FN和Ff对物块所做功的代数和为016当前，我国“高
7、铁”事业发展迅猛，假设一辆高速列车在机车牵引力和恒定阻力作用下，在水平轨道上由静止开始启动，其vt图象如图示，已知在0t1时段为过原点的倾斜直线，t1时刻达到额定功率P，此后保持功率P不变，在t3时刻达到最大速度v3，以后匀速运动，则下述判断正确的有（） A 从0至t3时间内一直做匀加速直线运动 B 在t2时刻的加速度大于t1时刻的加速度 C 在t3时刻以后，机车的牵引力为零 D 该列车所受的恒定阻力大小为17下面说法中正确的是（） A 物体在恒力作用下不可能做曲线运动 B 物体在变力作用下有可能做曲线运动 C 做曲线运动的物体，其速度方向与加速度的方向不在同一直线上 D 物体在变力作用下不可
8、能做曲线运动18如图所示，两颗靠得很近的天体组合为双星，它们以两者连线上的某点为圆心，做匀速圆周运动，以下说法中正确的是（） A 它们做圆周运动的角速度大小相等 B 它们做圆周运动的线速度大小相等 C 它们的轨道半径与它们的质量成反比 D 它们的轨道半径与它们的质量的平方成反比19荡秋千是儿童喜爱的一项体育运动，如图为小孩荡秋千运动到最高点的示意图，（不计空气阻力）下列说法正确的是（） A 小孩运动到最高点时，小孩的合力为零 B 小孩从最高点运动到最低点过程中机械能守恒 C 小孩运动到最低点时处于失重状态 D 小孩运动到最低点时，小孩的重力和绳子拉力提供圆周运动的向心力20中国志愿者王跃参与人
9、类历史上第一次全过程模拟从地球往返火星的一次实验“火星500”活动，王跃走出登陆舱，成功踏上模拟火星表面，在火星上首次留下中国人的足迹，目前正处于从“火星”返回地球途中假设将来人类一艘飞船从火星返回地球时，经历了如图所示的变轨过程，则下列说法中正确的是（） A 飞船在轨道上运动时，在P点速度大于在Q点的速度 B 飞船在轨道上运动时的机械能大于轨道上运动的机械能 C 飞船在轨道上运动到P点时的加速度等于飞船在轨道上运动到P点时的加速度 D 飞船绕火星在轨道上运动周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以轨道同样半径运动的周期相同21一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为2.0m/s从此刻开始在滑
10、块运动方向上再施加一水平拉力F，力F和滑块的速度v随时间t的变化规律分别如图甲和乙所示设在第1s内、第2s内、第3s内力F对滑块做功的平均功率分别为P1、P2、P3，则（） A P1P2P3 B P1P2P3 C 02s内力F对滑块做功为4J D 02s内摩擦力对滑块做功为4J22物体在合外力作用下做直线运动的vt图象如图所示下列表述正确的是（） A 在02s内，合外力总是做负功 B 在12s内，合外力不做功 C 在03s内，合外力做功为零 D 在01s内比13s内合外力做功快二计算题：23如图甲所示，长为4m的水平轨道AB与半径为R=0.6m的竖直半圆弧轨道BC在B处相连接，有一质量为1kg
11、的滑块（大小不计），从A处由静止开始受水平向右的力F作用，F的大小随位移变化关系如图乙所示，滑块与AB间动摩擦因数为0.25，与BC间的动摩擦因数未知，取g=l0m/s2求：（1）滑块到达B处时的速度大小；滑块在水平轨道AB上运动前2m过程中所需的时间；（3）若滑块到达B点时撤去力F，滑块沿半圆弧轨道内侧上滑，并恰好能达到最高点C，则滑块在半圆轨道上克服摩擦力所做的功是多少黑龙江省哈尔滨三十二中高三上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-16单选题、17-22多选题）116世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪
12、元在以下说法中，与亚里士多德观点相反的是（） A 四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快；这说明，物体受的力越大，速度就越大 B 一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明，静止状态才是物体长时间不受力时的“自然状态” C 两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落较快 D 一个物体维持匀速直线运动，不需要力考点： 牛顿第一定律；伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法分析： 亚里士多德的观点多来自对自然地观察，往往忽略了摩擦力对物体的影响，而物体的自然属性是运动，维持运动不需要力，是物体的惯性解答： 解：A、亚里士多德的多数结论来自观察用四匹马和两匹马拉车，车在运动的过程中所受的摩擦力相
13、同，两次都是匀速运动故F=f，但四匹马的功率大于两匹马的功率，根据P=Fv，可知v=故认为物体受力越大，速度越大的观点是错误的，故A选项是亚里士多德的观点B、一个物体不受力就会逐渐停下来，是因为物体受到了地面的摩擦力，而不是因为不受力故B选项是亚里士多德的观点C、两个物体从同一高度自由下落，较重的下落的快，是因为重的物体所受的摩擦力相对于重力来说小，其加速度就大如果没有空气的阻力两物体应同时到达地面故C选项是错误的，是亚里士多德的观点D、物体之所以运动，不是因为受力，而是由于惯性，故维持物体的运动不需要力故D选项是正确的是伽利略的观点，与亚里士多德的观点相反故选D点评： 本题主要考查物理学史，
14、解决这类题目的唯一捷径是要加强对这方面知识的积累2如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（） A 弹簧秤的示数是25N B 弹簧秤的示数是50N C 在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为15m/s2 D 在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s2考点： 牛顿第二定律；胡克定律专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力导致物体受力不平衡，先选整体为研究对象进行受力分析，列牛顿第二定律解出加速度，再隔离单独分
15、析一个物体，解出弹簧受力；在突然撤去F2的瞬间，弹簧的弹力不变，对两物块分别列牛顿第二定律，解出其加速度解答： 解：两水平拉力导致物体受力不平衡，先选整体为研究对象进行受力分析，由牛顿第二定律得：F1F2=（m1+m2）a解得：a=2m/s2对m2受力分析：向左的F2和向右的弹簧弹力F，由牛顿第二定律得：FF2=m2a解得：F=26N，故AB错误C、在突然撤去F2的瞬间，因为弹簧的弹力不能发生突变，所以m1的受力没有发生变化，故加速度大小仍为2m/s2，故C错误D、突然撤去F1的瞬间，m1的受力仅剩弹簧的弹力，对m1列牛顿第二定律得：F=m1a，解得：a=13m/s2，故D正确故选：D点评：
16、在解决连接体问题时，注意整体法与隔离法的灵活应用，然后分别列牛顿第二定律，解出未知量3图甲、乙、丙分别是力学中的三个实验装置的示意图，这三个实验共同的物理思想是（甲图中M、N为平面镜）（） A 放大的思想方法 B 控制变量的思想方法 C 比较的思想方法 D 猜想的思想方法考点： 万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定；弹性形变和范性形变分析： 测万有引力常数：由于引力较小，转动角度较小，故需要放大转动角度；观察桌面微小形变时：桌面受力发生形变由于微小，故需要放大；显示玻璃瓶受力形变时：通过细管来放大液面是否上升解答： 解：测万有引力常数时，使转动的位移放大而观察桌面形变时，形变微小故运用放大来
17、体现及显示玻璃瓶受力形变时：通过细管来放大液面是否上升故这三个实验均用放大思想方法故选：A点评： 本题除体现放大思想外，还有研究物理问题的思想有转换法、控制变量法等4如图所示，保持A、O位置不变，将B点缓慢向上移，则BO绳的拉力将（） A 逐渐减小 B 逐渐增大 C 先减小后增大 D 先增大后减小考点： 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题： 共点力作用下物体平衡专题分析： 由题，结点O在三个力作用下平衡，合力保持为零，分析结点O的受力情况，作出力图，并作出BO绳在三个不同位置的力的合成图，判断BO绳拉力如何变化解答： 解：以结点O为研究对象，分析受力情况：重力G、BO绳的拉力T
18、1和AO绳的拉力T2，作出力图，并作出BO绳在三个不同位置的力的合成图，由平衡条件可知，BO绳的拉力T1和AO绳的拉力T2的合力与重力G大小相等、方向相反；如图可以看出，在B点向上移过程中，BO绳的拉力先减小后增大，当两根绳相垂直时，BO的拉力最小故选：C点评： 本题运用图解法分析BO绳拉力的变化情况，也可以运用函数法得到拉力与绳子和竖直方向夹角的函数式，再由数学知识分析5如图所示，在室内，某球用A、B两根轻绳悬挂起来，若A绳竖直、B绳倾斜，A、B两绳的延长线都通过球心，则球受到的作用力的个数为（） A 1个 B 2个 C 3个 D 无法确定考点： 物体的弹性和弹力专题： 受力分析方法专题分析
19、： 把指定物体（研究对象）在特定物理情景中所受的所有外力找出来，并画出受力图，这就是受力分析，是解决力学问题的基础好前提解答： 解：球一定受重力和AB细线对其向上的拉力；若倾斜的细线对其有拉力，不能保持平衡，故倾斜的细线对其没有拉力；故小球只受重力和拉力，二力平衡；故选：B点评： 受力分析要结合力的性质、作用效果和牛顿第三定律；要按照一定顺序进行受力分析，一般先分析重力，然后环绕物体一周，找出跟研究对象接触的物体，并逐个分析弹力和摩擦力；最后再分析其它场力注意假设法的应用6一个物体从某一确定的高度以v0的初速度水平抛出，已知它落地时的速度为v1，那么它的运动时间是（） A B C D 考点：
20、平抛运动；运动的合成和分解分析： 物体做平抛运动，我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间相同解答： 解：由于平抛运动是水平方向上的匀速直线运动与竖直方向上的自由落体运动的合运动，故任意时刻的速度是这两个分运动速度的合速度，当一个物体从某一确定的高度以v0的初速度水平抛出，已知它落地时的速度为v1，故v1是物体运动的末速度，由速度的分解法则可知，vy2=v12vo2，vy=，物体的运动时间t=D选项正确故选D点评： 本题就是对平抛运动规律的直接考查，掌握住平抛运动的规律就能轻松解决7如图所示，水平转台上放着一枚硬币，当转台匀速
21、转动时，硬币没有滑动，关于这种情况下硬币的受力情况，下列说法正确的是（） A 受重力和台面的持力 B 受重力、台面的支持力和向心力 C 受重力、台面的支持力、向心力和静摩擦力 D 受重力、台面的支持力和静摩擦力考点： 向心力；静摩擦力和最大静摩擦力专题： 应用题分析： 对硬币进行运动分析和受力分析，做匀速圆周运动，合力等于向心力，指向圆心，结合运动情况，再对硬币受力分析即可解答： 解：硬币做匀速圆周运动，合力指向圆心，对硬币受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，如图重力和支持力平衡，静摩擦力提供向心力故选：D点评： 静摩擦力与物体的相对运动趋势的方向相反，表明物体相对于圆盘有向外滑动的趋势8家用
22、台式计算机上的硬盘磁道如图所示A、B是分别位于两个半径不同磁道上的两质量相同的点，磁盘转动后，它们的（） A 向心力相等 B 角速度大小相等 C 向心加速度相等 D 线速度大小相等考点： 线速度、角速度和周期、转速专题： 匀速圆周运动专题分析： A、B质点都做匀速圆周运动，根据角速度、线速度、向心加速度、向心力的相关公式列式比较即可解答： 解：B、角速度公式：=，同轴转动，角速度相等，故B正确；D、根据角速度与线速度关系公式v=r，两个质点的转动半径不等，故线速度不等，故D错误；A、根据向心力公式：Fn=m2r，两个质点的质量和转动半径不同，故向心力不等，故A错误；C、根据向心加速度公式an=
23、2r，两个质点转动半径不同，故向心加速度不同，故C错误；故选B点评： 本题考查了角速度、线速度、向心加速度和向心力的相关概念，能根据相关公式计算就行，基础题9如图所示，光滑水平面上，小球m在拉力F作用下做匀速圆周运动若小球运动到P点时，拉力F发生变化，关于小球运动情况的说法正确的是（） A 若拉力突然变小，小球将沿轨迹Pa做离心运动 B 若拉力突然变大，小球将沿轨迹Pb做离心运动 C 若拉力突然变小，小球将沿轨迹Pc运动 D 若拉力突然消失，小球将沿轨迹Pa做离心运动考点： 离心现象专题： 匀速圆周运动专题分析： 本题考查离心现象产生原因以及运动轨迹，当向心力突然消失或变小时，物体会做离心运动
24、，运动轨迹可是直线也可以是曲线，要根据受力情况分析解答： 解：A、当拉力减小时，将沿pb轨道做离心运动，故AC错误；B、当拉力增大时，将沿pc轨道做近心运动，故B错误D、在水平面上，细绳的拉力提供m所需的向心力，当拉力消失，物体受力合为零，将沿切线方向做匀速直线运动，故D正确故选：D点评： 此题要理解离心运动的条件，结合力与运动的关系，当合力为零时，物体做匀速直线运动10在粗糙程度不同的水平面上推车，如果两种情况下所用的水平推力和车子通过的路程相同，则推力对车做功（） A 两种情况一样多 B 在较光滑的水平面上所做的功多 C 在较粗糙的水平面上所做的功多 D 条件不足，无法比较两种情况下功的多
25、少考点： 功的计算专题： 功的计算专题分析： 明确两种情况下的力及位移；根据恒力做功的公式比较做功的大小解答： 解：由题意可知，两种情况下拉力相等，且作用位移相等；故由W=FL可知，在两种情况下，拉力做功相等；故选：A点评： 解决本题的关键掌握功的一般表达式，比较简单，一个力做功的多少取决于力和力的方向上的位移，与是否受其他力及运动状态等无关11A、B两颗地球卫星绕地球运转的周期之比为2：1，则（） A 线速度之比为1： B 轨道半径之比为8：1 C 向心加速度之比为1：2 D 质量之比为1：1考点： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题： 人造卫星问题分析： 人造卫星绕地球做圆周运动受到的
26、万有引力提供向心力，分别用周期、速率来表示向心力，化简公式即可求解结果解答： 解：A、人造卫星绕地球做圆周运动受到的万有引力提供向心力得，=r=周期之比为T1：T2=2：1，则AB的轨道半径之比为2：1，根据v=得线速度之比为1：，故A正确，B错误C、由=ma得a=所以向心加速度之比为1：4，故C错误D、无法判断A、B质量关系，故D错误故选A点评： 对于卫星问题一定掌握：万有引力提供向心力，可以用卫星的速度、周期、角速度来分别表示向心力，从而求出结果12在下列实例中，不计空气阻力，机械能守恒的是（） A 作自由落体运动的物体 B 在水平面上加速运动的小车 C 沿粗糙斜面下滑的物体 D 起重机将
27、重物匀速吊起考点： 机械能守恒定律专题： 机械能守恒定律应用专题分析： 物体机械能守恒的条件是只有重力做功，机械能是动能与势能之和根据机械能守恒的条件和机械能的概念分析答题解答： 解：A、物体作自由落体运动，只受重力，机械能守恒，故A正确B、在水平面上加速运动的小车，动能增大，重力势能不变，所以机械能不守恒，故B错误C、沿着斜面匀速下滑的物体，摩擦力和重力都要做功，所以机械能不守恒，故C错误D、重机将重物匀速吊起，动能不变，重力势能增加，机械能不守恒，故D错误；故选：A点评： 本题关键要掌握机械能守恒的条件和机械能的概念，正确分析做功情况和受力情况，即可正确解题13如图，甲、乙两颗卫星以相同的
28、轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是（） A 甲的向心加速度比乙的小 B 甲的运行周期比乙的小 C 甲的角速度比乙的大 D 甲的线速度比乙的大考点： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题： 人造卫星问题分析： 抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式展开讨论即可解答： 解：根据卫星运动的向心力由万有引力提供，有：A、由于，可知甲的向心加速度小于乙的向心加速度，故A正确；B、，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的周期大于乙的周期，故B错误；C、，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的角速度小于乙的角速度，故C错误；
29、D、，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的线速度小于乙的线速度，故D错误故选A点评： 抓住半径相同，中心天体质量不同，根据万有引力提供向心力展开讨论即可，注意区别中心天体的质量不同14A、B两颗人造卫星绕地球做匀速圆周运动，A的运行周期大于B的运行周期，则（） A A距离地面的高度一定比B的大 B A的向心加速度一定比B的大 C A的向心力一定比B的大 D A的运行速率一定比B的大考点： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题： 人造卫星问题分析： A、B两颗卫星都绕地球做匀速圆周运动，其向心力都由地球的万有引力提供，根据开普勒第三定律分可分析轨道半径的大小，
30、再由牛顿第二定律列式可得出各量的表达式，则可得出各量间的关系解答： 解：A、A的运行周期大于B的运行周期，由开普勒第三定律=k得知，A的轨道半径大于B的轨道半径故A正确B、由ma=G得，卫星的向心加速度a=，轨道半径越大，向心加速度越小，则的向心加速度一定比B的小故B错误C、两颗卫星的向心力都由地球的万有引力提供，由于两卫星质量关系未知，不能比较向心力的大小故C错误D、由G=m，得v=，所以A的运行速率一定比B的小故D错误故选A点评： 对于人造地球卫星，各量的比较，抓住只有周期随轨道半径的增大而增大，其他量，如线速度、角速度、向心加速度等等都随半径的增大而减小，即很快比较15如图所示，木板可绕
31、固定水平轴O转动木板从水平位置OA缓慢转到OB位置，木板上的物块始终相对于木板静止在这一过程中，物块的重力势能增加了2J用FN表示物块受到的支持力，用Ff表示物块受到的摩擦力在此过程中，以下判断正确的是（） A FN和Ff对物块都不做功 B FN对物块做功为2 J，Ff对物块不做功 C FN对物块不做功，Ff对物块做功为2 J D FN和Ff对物块所做功的代数和为0考点： 功的计算专题： 功的计算专题分析： 当力和位移的夹角为锐角时，力对物体做正功，当力和位移的夹角为钝角时，力对物体做负功，当力的方向与物体运动的方向垂直时力对物体不做功解答： 解：由受力分析知，支持力FN的方向是垂直于木板向上
32、的，物体的位移也是向上的，所以支持力做正功，但摩擦力Ff方向是沿斜面向上的，摩擦力的方向始终和速度方向垂直，所以摩擦力不做功由动能定理可知，WNmgh=0，故支持力FN做功为mgh=2J，所以B正确故选：B点评： 本题考查的是学生对功的理解，根据功的定义可以分析做功的情况16当前，我国“高铁”事业发展迅猛，假设一辆高速列车在机车牵引力和恒定阻力作用下，在水平轨道上由静止开始启动，其vt图象如图示，已知在0t1时段为过原点的倾斜直线，t1时刻达到额定功率P，此后保持功率P不变，在t3时刻达到最大速度v3，以后匀速运动，则下述判断正确的有（） A 从0至t3时间内一直做匀加速直线运动 B 在t2时
33、刻的加速度大于t1时刻的加速度 C 在t3时刻以后，机车的牵引力为零 D 该列车所受的恒定阻力大小为考点： 功率、平均功率和瞬时功率分析： 由图可知列车是以恒定的加速度启动的，由于牵引力不变，列车的实际功率在增加，此过程列车做匀加速运动，也就是0t1时间段，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值，也就是t3时刻解答： 解：A、vt图象中倾斜的直线表示匀变速直线运动，从图中可知只有0t1时段为倾斜直线，所以0t1时段为匀加速直线运动，所以A错误B、在t2时刻，列车功率已经达到额定功率，牵引力已经减小了，加速
34、度也减小了，所以在t2时刻的加速度要小于t1时刻的加速度，所以B错误C、在t3时刻以后，列车匀速运动，是处于受力平衡状态，牵引力等于阻力，而不是零，所以C错误D、当汽车达到最大速度时，汽车的牵引力和阻力大小相等，由P=Fv=fvm可得，f=，所以D正确故选D点评： 本题的关键是理解机车的启动过程，这道题是以恒定加速度启动，公式p=Fv，p指实际功率，F表示牵引力，v表示瞬时速度当牵引力等于阻力时，机车达到最大速度根据vt图象要能判断机车所处的运动状态17下面说法中正确的是（） A 物体在恒力作用下不可能做曲线运动 B 物体在变力作用下有可能做曲线运动 C 做曲线运动的物体，其速度方向与加速度的
35、方向不在同一直线上 D 物体在变力作用下不可能做曲线运动考点： 物体做曲线运动的条件专题： 物体做曲线运动条件专题分析： 物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论解答： 解：A、物体在恒力作用下可能做曲线运动，如：平抛运动，故A错误；B、当合力与速度不在同一条直线上时，物体做曲线运动，合外力可以变化，也可以不变，故B正确，D错误；C、当合力与速度不在同一条直线上时，即其速度方向与加速度方向不在同一条直线上，故C正确；故选：BC点评： 本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以解决了18如图所示，两颗
36、靠得很近的天体组合为双星，它们以两者连线上的某点为圆心，做匀速圆周运动，以下说法中正确的是（） A 它们做圆周运动的角速度大小相等 B 它们做圆周运动的线速度大小相等 C 它们的轨道半径与它们的质量成反比 D 它们的轨道半径与它们的质量的平方成反比考点： 万有引力定律及其应用专题： 万有引力定律的应用专题分析： 在双星系统中，双星之间的万有引力提供各自做圆周运动的向心力，即向心力大小相等，同时注意：它们的角速度相同，然后根据向心力公式列方程即可求解解答： 解：A、在双星系统中，双星之间的万有引力提供各自做圆周运动的向心力，即向心力大小相等，角速度相等，故A正确；B、在双星问题中它们的角速度相等
37、，根据v=r得它们做圆周运动的线速度与轨道半径成正比，故B错误；CD、双星做匀速圆周运动具有相同的角速度，靠相互间的万有引力提供向心力，即Gm1r12=m2r22，所以它们的轨道半径与它们的质量成反比，故C正确，D错误故选：AC点评： 解决问题时要把握好问题的切入点如双星问题中两卫星的向心力相同，角速度相等19荡秋千是儿童喜爱的一项体育运动，如图为小孩荡秋千运动到最高点的示意图，（不计空气阻力）下列说法正确的是（） A 小孩运动到最高点时，小孩的合力为零 B 小孩从最高点运动到最低点过程中机械能守恒 C 小孩运动到最低点时处于失重状态 D 小孩运动到最低点时，小孩的重力和绳子拉力提供圆周运动的
38、向心力考点： 向心力；牛顿第二定律专题： 牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析： 当秋千荡到最高点时，小孩的速度为零，沿半径方向加速度为零，加速度方向沿圆弧的切线方向；当加速度向上时，超重；当加速度向下时，失重解答： 解：A、小孩运动到最高点时，速度为零；受重力和拉力，合力不为零，沿着切线方向，故A错误；B、小孩从最高点运动到最低点过程中，受重力和拉力，拉力不做功，只有重力做功，机械能守恒，故B正确；C、小孩运动到最低点时，具有向心加速度，向上，故超重，故C错误；D、小孩运动到最低点时，小孩的重力和绳子拉力提供圆周运动的向心力，故D正确；故选BD点评： 本题关键明确小孩的运动规律和受力特点，明确
39、最高点和最低点过程的受力情况，基础题20中国志愿者王跃参与人类历史上第一次全过程模拟从地球往返火星的一次实验“火星500”活动，王跃走出登陆舱，成功踏上模拟火星表面，在火星上首次留下中国人的足迹，目前正处于从“火星”返回地球途中假设将来人类一艘飞船从火星返回地球时，经历了如图所示的变轨过程，则下列说法中正确的是（） A 飞船在轨道上运动时，在P点速度大于在Q点的速度 B 飞船在轨道上运动时的机械能大于轨道上运动的机械能 C 飞船在轨道上运动到P点时的加速度等于飞船在轨道上运动到P点时的加速度 D 飞船绕火星在轨道上运动周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以轨道同样半径运动的周期相同考点： 人造卫星
40、的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题： 人造卫星问题分析： 1、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道上运动时，在P点速度大于在Q点的速度2、飞船从轨道转移到轨道上运动，必须在P点时，点火加速，使其速度增大做离心运动，即机械能增大3、飞船在轨道上运动到P点时与飞船在轨道上运动到P点时有，r相等，则加速度必定相等3、根据万有引力提供向心力，得，由此可知虽然r相等，但是由于地球和火星的质量不等，所以周期T不相等解答： 解：A、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道上运动时，在P点速度大于在Q点的速度故A正确B、飞船在轨道上经过P点时，要点火加速，使其速度增大做离心运动，从而转移到轨道上运动
41、所以飞船在轨道上运动时的机械能小于轨道上运动的机械能故B错误C、飞船在轨道上运动到P点时与飞船在轨道上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等故C正确D、根据周期公式，虽然r相等，但是由于地球和火星的质量不等，所以周期T不相等故D错误故选AC点评： 本题要知道飞船在轨道上运动到P点时与飞船在轨道上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等，与轨道和其它量无关21一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为2.0m/s从此刻开始在滑块运动方向上再施加一水平拉力F，力F和滑块的速度v随时间t的变化规律分别如图甲和乙所示设在第1s内、第2s
42、内、第3s内力F对滑块做功的平均功率分别为P1、P2、P3，则（） A P1P2P3 B P1P2P3 C 02s内力F对滑块做功为4J D 02s内摩擦力对滑块做功为4J考点： 功率、平均功率和瞬时功率专题： 功率的计算专题分析： 解答本题应明确平均功率等于力与平均速度的乘积；由平均速度公式可求得平均速度；再由动能定理可求得力F所做的功；由牛顿第二定律即可求得加速度，再由受力分析可求得摩擦力，由功的公式即可求得摩擦力所做的功解答： 解：A、由图可知，第1s内物体的平均速度为v=m/s=1m/s，功率P1=Fv=11=1W；第2s内物体的平均速度也为1m/s，则功率P2=31=3W；第3s物体
43、做匀速运动，其功率P3=22=4W；故P3最大，A错误，B正确；C、由速度图象可知，第1s、2s、3s内的位移分别为1m、1m、2m，由Ft图象及功的公式w=Fscos可求知：第1s内拉力做的功W1=1J，第2s内拉力做的功W2=3J，故02s内拉力所做的功为4J；故C正确；D、由动能定理可知，前2s内有：W+Wf=0，则摩擦力做功Wf=4J；故D错误；故选BC点评： 本题考查功率公式、功的公式及动能定理等的应用，要注意由图象进行分析，找出需要的条件即可利用物理规律解题22物体在合外力作用下做直线运动的vt图象如图所示下列表述正确的是（） A 在02s内，合外力总是做负功 B 在12s内，合外
44、力不做功 C 在03s内，合外力做功为零 D 在01s内比13s内合外力做功快考点： 匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系分析： 根据动能定理W合=EK判断合力做功解答： 解：A、在02s内，动能增加，根据动能定理W合=EK，合外力做正功故A错误 B、在12s内，动能减小，根据动能定理W合=EK，合外力做负功故B错误 C、在03s内，动能变化为0，根据动能定理W合=EK，合外力做功为0故C正确 D、在01s内的加速度比13s内加速度大，所以合外力大，而平均速度相等，所以01s内比13s内合外力功率大，做功快故D正确故选：CD点评： 解决本题的关键会熟练运用动能定理W合=EK二
45、计算题：23如图甲所示，长为4m的水平轨道AB与半径为R=0.6m的竖直半圆弧轨道BC在B处相连接，有一质量为1kg的滑块（大小不计），从A处由静止开始受水平向右的力F作用，F的大小随位移变化关系如图乙所示，滑块与AB间动摩擦因数为0.25，与BC间的动摩擦因数未知，取g=l0m/s2求：（1）滑块到达B处时的速度大小；滑块在水平轨道AB上运动前2m过程中所需的时间；（3）若滑块到达B点时撤去力F，滑块沿半圆弧轨道内侧上滑，并恰好能达到最高点C，则滑块在半圆轨道上克服摩擦力所做的功是多少考点： 动能定理的应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律专题： 动能定理的应用专题分析： （1
46、）对滑块从A到B的过程作为研究的过程，运用动能定理求出滑块到达B处时的速度大小根据牛顿第二定律求出滑块在水平轨道AB上运动前2m过程中加速度，根据运动学公式求出运动的时间（3）滑块沿半圆弧轨道内侧上滑，并恰好能达到最高点C，知最高点弹力为零，根据牛顿第二定律求出临界的速度，根据动能定理求出滑块在半圆轨道上克服摩擦力所做的功解答： 解：（1）滑块从A到B的过程中，由动能定理F1x1F2x3mgx=即 2021010.251104=得：vB=（m/s） 在前2m内：F1mg=ma1且 x1=解得：t1=（s） （3）当滑块恰好能到达C点时，应有：滑块从B到C的过程中，由动能定理：得：W=5（J） 即克服摩擦力做功为5J 答：（1）滑块到达B处时的速度大小为m/s滑块在水平轨道AB上运动前2m过程中所需的时间为s（3）滑块在半圆轨道上克服摩擦力所做的功为5J点评： 本题综合考查了牛顿第二定律、动能定理，并与直线运动、圆周运动相结合，综合性较强，是一道好题