1、福建省福州市福清西山学校高中部2020-2021学年高二数学12月月考试题一、 单选题(每题只有一个答案,每题5分,一共8题,共40分)1.设,则“”是“”的( )A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件2.已知命题A. B. C. D. 3.椭圆的焦点坐标为( )ABCD4.准线方程为的抛物线的标准方程为( )A. B. C. D. 5抛物线的焦点到双曲线的渐近线的距离是( )ABCD6设分别是椭圆的左、右焦点,点在椭圆上,线段的中点在轴上,若,则椭圆的离心率为( )ABCD7.已知平行六面体中,则的长为( )ABCD8已知抛物线的焦点为,准线为,是上一点,是
2、直线与的一个交点,若,则( )ABCD二、 多选题(每题5分,一共4题,共20分。每题有多个选项符合要求,全对5分,部分选对得3分,有选错的0分。)9. 若是空间任意三个向量,下列关系中,不成立的是( )ABCD10.已知平面上一点,若直线上存在点,使,则称该直线为“点M相关直线”,下列直线中是“点M相关直线”的是( )ABCD11已知抛物线上一点P到准线的距离为d1,到直线的距离为d2,则d1+d2的取值可以为( )A3B4CD12.已知双曲线过点且渐近线为,则下列结论正确的是( )A. 的方程为B. 的离心率为C. 曲线经过的一个焦点D. 直线与有两个公共点三、填空题(每题5分,一共4题,
3、共20分。)13.过点的等轴双曲线的标准方程为_14.若中,则的值=_15已知,是椭圆的左、右焦点,点在上,线段与轴交于点,为坐标原点,若为的中位线,且,则_.16分别为椭圆的左、右焦点,P是C上的任意一点,则的最大值为_,若,则的最小值为_四、解答题(17题10分,其他每题12分,一共6题,共70分。解答题要写出文字说明、证明过程或演算步骤)17经过两点 一条渐近线方程是,且经过点 与椭圆同焦点,且经过点在以上三个条件中任选一个,补充下面的问题并做答。已知双曲线的标准方程满足 ,求该双曲线方程和离心率。注:如果多个条件解答,按照第一个解答计分18.过抛物线的焦点F的直线交地物线于点AB(其中
4、点A在第一象限),交其准线l于点C,同时点F是AC的中点(1)求直线AB的倾斜角; (2)求线段AB的长19已知椭圆的焦点为和,长轴长为,设直线交椭圆于两点(1)求椭圆的标准方程; (2)求弦的中点坐标及20已知抛物线,抛物线上横坐标为的点到焦点的距离为.(1)求抛物线的方程及其准线方程;(2)过的直线交抛物线于不同的两点,交直线于点,直线交直线于点. 是否存在这样的直线,使得? 若不存在,请说明理由;若存在,求出直线的方程.21.(本小题满分12分)如图,在直三棱柱ABC-A1B1C1中,D是棱AC的中点,且AB=BC=BB1=2.(1)求证:;(2)求异面直线AB1与BC1所成的角.22已
5、知椭圆的两个焦点分别为F1,F2,离心率为,过F1的直线与椭圆C交于M,N两点,且MNF2的周长为8(1)求椭圆C的方程;(2)直线m过点(-1,0),且与椭圆C交于P,Q两点,求PQF2面积的最大值福清西山学校高中部2020-2021学年第一学期12月份月考高二数学试卷答案一、单选题(每题只有一个答案,每题5分,一共8题,共40分)ADCBD DAA二、多选题(每题5分,一共4题,共20分。每题有多个选项符合要求,全对5分,部分选对得3分,有选错的0分。)9.ABD 10.BC 11.ABD 12.AC三、填空题(每题5分,一共4题,共20分。) 13. 14. 15. 6 16. 9 4四
6、、解答题(17题10分,其他每题12分,一共6题,共70分。解答题要写出文字说明、证明过程或演算步骤)17解:双曲线的标准方程 .6分 ,则.8分.10分18.解:(1)由题可知,准线l的方程为,.1分设A,B在准线上的投影分别为,准线与轴交于点,则,因为F是AC的中点,所以,所以点A的横坐标为3,当时,由于点A在第一象限,所以点A的坐标为,设直线AB的倾斜角为,则,.5分因为,所以,.6分(2)直线AB的方程为,由,得,.9分解得,所以点B的横坐标为,所以.12分方法二:也可以用直线方程与抛物线方程联立求解19.(1)依题意,椭圆的焦点在轴上,设其方程为.2分 易知又, .4分故椭圆的标准方
7、程为.6分(2)设,且的中点为,由消去,得.8分故,.9分则,所以弦的中点的坐标为.12分20.(1)因为横坐标为的点到焦点的距离为,所以,解得, .2分所以 .3分所以准线方程为. .4分(2)显然直线的斜率存在,设直线的方程为,.联立得 消去得. .6分由,解得. 所以且.由韦达定理得,.8分方法一:直线的方程为,又,所以,所以, .9分因为,所以直线与直线的斜率相等又,所以. .10分整理得,即,化简得,即. 所以,整理得,解得. 经检验,符合题意.11分所以存在这样的直线,直线的方程为或 .12分方法二:因为,所以,所以.整理得,即, 整理得.解得,经检验,符合题意.所以存在这样的直线
8、,直线的方程为或.21.(1)证明如图,连接B1C交BC1于点O,连接OD.因为O为B1C的中点,D为AC的中点,所以ODAB1.因为AB1平面BC1D,OD平面BC1D,所以AB1平面BC1D.5分也可以用向量法证明,第一问用向量法就变成7分(2)解建立如图所示的空间直角坐标系B-xyz,则B(0,0,0),A(0,2,0),C1(2,0,2),B1(0,0,2),因此=(0,-2,2),=(2,0,2).所以cos=,设异面直线AB1与BC1所成的角为,则cos =,由于, 故=.12分22(1)由题意知,4a=8,则a=2,由椭圆离心率,则c=1,b2=3,则椭圆C的方程.5分(2)由题意知直线m的斜率不为0,设直线m的方程为x=y-1,则,.7分所以.9分令,则t1,所以,.10分而在上单调递增,则的最小值为4,.11分所以,当t=1时取等号,即当k=0时,PQF2的面积最大值为3.12分