1、20192020年启迪中学高二上期中物理试卷一、单项选择题：本题共12小题，每小题3分，共36分。1.随着技术的进步，不少国产手机也已极具竞争力，如图所示，为一款手机电池的背面印有的一些符号，下列说法错误的是（ ）A. 该电池的容量为500 mAhB. 该电池的电动势为3.6 VC. 该电池在正常工作时的额定电流为500 mAD. 若电池以10 mA的电流工作，可用50小时【答案】C【解析】【详解】AB由电池的铭牌读出：该电池的容量为500mAh，电动势为3.6V，故AB正确，不符合题意；C由电池的容量可知该电池在连续工作1小时时，电流为I=500mA，不是电池在工作1小时后达到的电流为500
2、mA故C错误，符合题意；D根据公式可得若电池以10mA的电流工作，可用h故D正确，不符合题意。故选C【点睛】本题关键是熟悉描述电池特性的物理量，要能从表格中读出有用的信息2.下列说法正确的是（ ）A. 由可知，电阻与电压、电流都有关系B. 由可知，电阻只与导体的长度和横截面积有关系C. 由可知，电阻率由导体的电阻、长度和横截面积决定D. 各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随着温度的升高而增大【答案】D【解析】【详解】A.电阻与导体本身的性质有关，与电压和电流无关；故A错误；B.，是电阻的决定式，所以电阻与导体的长度、电阻率和横截面积都有关；故B错误；C.电阻率由材料和温度决定，与横截面
3、积、电阻和长度无关，故C错误；D.各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度升高而增大；故D正确3.关于电动势，下列说法正确的是（ ）A. 一节干电池的电动势是1.5V，则它接入电路工作时，两极间的电压恒为1.5VB. 在外电路接通时，电源的电动势等于内外电路上的电压之和C. 电动势的大小与外电路的电阻有关D. 电动势是1.5V的干电池，表示将1C的正电荷从该电池的正极移到负极的过程中非静电力做功1.5J【答案】B【解析】【详解】A.该电池接入电路工作时，电池两极间的电压小于电动势，故A错误；B.当外电路接通时，由闭合电路欧姆定律可知：电源的电动势等于内外电路上的电压之和，故B正确C.电
4、动势与电源本身的性质有关，与外电路的电阻无关；故C错误；D.干电池电动势为1.5V，表明将1C的正电荷从电源负极移到正极，通过非静电力做功，将其它形式的能量1.5J转化为电能，即非静电力做功1.5J，故D错误4.如图，图线1表示导体的电阻为R1，图线2表示导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（ ）A. R1：R2=1：3B. 把R1拉长到原来的3倍长后电阻等于R2C. 将R1与R2串联后接于电源上，则功率之比P1：P2=1：3D. 将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3【答案】AC【解析】【详解】A.根据IU图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1:R2=1:3.故A正确；
5、B.把R1拉长到原来的3倍长后,截面积变为原来的，根据可知，电阻变为原来的9倍,为R2的3倍，故B错误；C.串联电路电流相等,所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1:I2=1:1.根据P=I2R可知,功率之比P1:P2=1:3，故C正确；D.并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1:I2=3:1，故D错误；5.在如图所示的电路中，已知电源电动势E=3V，内阻r=1，R1=2. 滑动变阻器R的最大阻值为10，则当R调为多大时，R消耗的功率最大，最大功率为多少（ ）A. 1，2. 25WB. 1，0. 75WC 2，2. 25WD. 3，0. 7
6、5W【答案】D【解析】【详解】把R1视为内电路的一部分，则当：3此时R消耗的功率最大，其最大值为：W故选D6.甲醛对人体的危害非常严重，因此装修房屋时检测甲醛污染指数非常重要“创新”小组的同学们设计了甲醛监测设备，原理如图甲所示电源电压恒为3V，R0为10的定值电阻，R为可以感知甲醛污染指数的可变电阻，污染指数在50以下为轻度污染，50100间为中度污染，100以上为重度污染，以下分析正确的是（ ）A. 电压表示数为1V时，属于重度污染B. 污染指数越小，电压表示数越大C. 污染指数越大，电路中消耗的总功率越小D. 污染指数为50时，电压表示数为2.5V【答案】A【解析】【详解】A电压表示数为
7、1V时，电路中电流：可变电阻两端电压根据欧姆定律可得：可变电阻连入电路中的阻值：由图象可知，电阻为20时，污染指数为150，属于重度污染，故A正确；B由图象可知，污染指数越小，可变电阻的阻值越大，根据串联电路的分压特点可知，可变电阻分担的电压越大，则定值电阻分担的电压越小，即电压表示数越小，故B错误；C由图象可知，污染指数越大，可变电阻的阻值越小，电路总电阻越小，根据可知，电源电压不变，总电阻越小，总功率越大，故C错误；D由图象可知，污染指数为50时，可变电阻连入电路中的阻值为50，根据串联电路的分压特点：即解得：R0两端电压U0=0.5V，即电压表示数为0.5V，故D错误7.如图所示，A、B
8、为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的P点放一个负点电荷q(不计重力)，由静止释放后，下列说法中正确的是()A. 点电荷在从P点到O点运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B. 点电荷在从P点到O点运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C. 点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D. 点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零【答案】C【解析】【详解】AB根据点电荷电场强度的叠加法则，可知，同种正电荷连线的中垂线上，电场强度方向由O点向两边延伸，且大小先增大后减小，在P点由静止释放一个负点电荷q，在从P点到O运动的过程中，它只在电场力作用下，向下加速，电场强
9、度可能可能越来越小，电场力可能越来越小，则加速度可能越来越小故AB错误C运动到O点时，电场强度为零，所受的电场力为零，加速度为零，速度达最大值，故C正确D点电荷越过O点后，速度越来越小，所受的电场力向上，速度减小，电场强度可能越来越大，加速度可能越来越大，故D错误8.甲、乙两根保险丝粗细不同，用同种材料制成，单位长度的电阻分别为4和1，熔断电流分别为2 A和6 A，把以上两根保险丝各取等长一段并联后再接入电路中，允许通过的最大电流是()A. 6.0AB. 7.5AC. 8AD. 10A【答案】B【解析】【详解】每根保险丝允许的最大电压为：V=8VV=6V两保险丝并联，两端电压相等，并联电压最大
10、应为U=6V，则：AA并联电路允许的最大电流为：=6A+1.5A=7.5AACD由上分析可知，ACD错误； B由上分析可知，B正确9.有两个相同的灵敏电流计，允许通过的最大电流（满偏电流）为Ig=1mA，表头电阻Rg=30，若改装成一个量程为3V的电压表和一个量程为0.6A的电流表应分别：A. 串联一个2990的电阻和并联一个0.15的电阻B. 并联一个2990的电阻和串联一个0.15的电阻C. 串联一个2970的电阻和并联一个0.05的电阻D. 并联一个2970的电阻和串联一个0.05的电阻【答案】C【解析】【详解】把灵敏电流表改装成电压表的方法是串联一个电阻，由串联可知改装成大量程的电流表
11、需要并联电阻，由并联分流可知A分析可知，应串联一个2970的电阻和并联一个0.05的电阻，故A错误B分析可知，应串联一个2970的电阻和并联一个0.05的电阻，故B错误C分析可知，应串联一个2970的电阻和并联一个0.05的电阻，故C正确D分析可知，应串联一个2970的电阻和并联一个0.05的电阻，故D错误10.电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路. 当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法中正确的是（ ）A. 电流表和电流表的读数都增大B. 电流表和电压表的读数都减小C. 电压表的读数增大，电流表A1示数减小，A2示数增大D. 电压表的读数减小
12、，电流表A1示数增大，A2示数减小【答案】C【解析】【详解】当滑片向b滑动时，R接入电阻增大，总电阻增大；由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流减小，即电流表A1示数减小，由可知路端电压增大，即电压表V示数增大；因路端电压增大，R1两端的电压减小，故并联部分电压增大，对R2，由欧姆定律可知电流表A2示数增大，故选C11. 空间有一沿x轴对称分布的电场，其电场强度E随x变化的图像如图所示下列说法正确的是A. O点的电势最低B. 点的电势最高C. 和-两点的电势相等D. 和两点的电势相等【答案】C【解析】试题分析：作出电场线，根据顺着电场线电势降低，则O电势最高，故A错误，B错误；从图线看出，电场强
13、度关于原点O对称，则X轴上关于O点对称位置的电势相等故C正确；和两点在电场线的不同位置，沿电场线电势降低，故两点电势不相等，故D错误考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系【名师点睛】根据题意，电场关于x轴对称分布可知，作出电场线如图，根据顺着电场线，电势降低和对称性可判断电势高低12.如图所示,图线a是某一电源的U-I曲线,图线b是一定值电阻的U-I曲线若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0）,则说法正确的是A. 该定值电阻为6；B. 该电源电动势为20V；C. 将3只这种电阻并联作为外电阻,电源输出功率最大；D. 将2只这种电阻串联作为外电阻,电源输出功率最大；【答案
14、】ABC【解析】【详解】A图线b的斜率，则定值电阻的阻值R=k=6，故A正确；B由图读出交点的电压U=15V，电流I=2.5A，根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势故B正确；CD对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大，故将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大，故C正确，D错误二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。13.一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为10 V、17 V、26 V下列说法正确的是()A. 电场
15、强度的大小为2.5 V/cmB. 坐标原点处的电势为1 VC. 电子在a点的电势能比在b点的低7 eVD. 电子从b点运动到c点，电场力做功为9 eV【答案】ABD【解析】【详解】A如图所示，设ac之间的d点电势与b点相同，则：所以d点的坐标为(3.5 cm，6 cm)，过c点作等势线bd的垂线，由几何关系可得cf的长度为3.6 cm.电场强度的大小：E2.5 V/cm故A正确；B因为Oacb矩形，所以有：UacUOb解得坐标原点O处的电势为1 V ，故B正确；Ca点电势比b点电势低7 V，电子带负电，所以电子在a点的电势能比在b点的高7 eV.故C错误；Db点电势比c点电势低 9 V，电子从
16、b点运动到c点，电场力做功为9 eV，故D正确14.如图所示是简化的多用电表的电路转换开关S与不同接点连接，就组成不同的电表，下面是几位同学对这一问题的议论，请你判断他们中的正确说法是 （ ）A. S与1、2连接时，多用电表就成了电流表，且前者量程较大B. S与3、4连接时，多用表就成了欧姆表，且A 接线柱为红表笔C. S与5、6连接时，多用表就成了电压表，且前者量程较小D. S与5、6连接时，多用表就成了电压表，且前者量程较大【答案】ABC【解析】【详解】A选项中，由图知当转换开关s旋转到1、2连接时，多用电表就成了电流表，电阻与表头并联，当并联电阻越小时，量程越大，故A对；B选项中，由图可
17、知S接3、4时，多用表就成了欧姆表，电源的负极与红表笔相连，故A接线柱为红表笔，B对；CD选项中，S与5、6连接时，多用电表就成了电压表，电流表所串联的电阻越大，改装的电压表量程越大，故转换开关S旋转到6时的量程较大，故C对、D错15.“测量金属的电阻率”实验中，关于误差的下列说法中正确的是()A. 电流表采用外接法，将会使测真B. 电流表采用外接法，由于电压表的并联引起了电阻丝分压的减小而引起测量误差C. 由可知，I、d、U、l中每一个物理量的测量都会引起的测量误差D. 由可知对实验结果准确性影响最大的是直径d的测量【答案】ACD【解析】【详解】电流表采用外接法，则电阻的测量值偏小，根据可知
18、，将会使测真，选项A正确；电流表采用外接法，由于电压表的并联引起了电阻丝分流的减小而引起测量误差，选项B错误；由可知，I、d、U、l中每一个物理量的测量都会引起的测量误差，选项C正确；由可知，因电阻率与直径的平方成正比，可知对实验结果准确性影响最大的是直径d的测量，选项D正确；故选ACD.16.我国已经禁止销售100 W及以上的白炽灯，以后将逐步淘汰白炽灯假设某同学研究白炽灯得到某白炽灯的UI图象如图所示图象上A点与原点的连线与横轴成角，A点的切线与横轴成角，则A. 白炽灯的电阻随电压的增大而减小B. 在A点，白炽灯的电阻可表示为tan C. 在A点，白炽灯的电功率可表示为U0I0D. 在A点
19、，白炽灯的电阻可表示为【答案】CD【解析】【详解】由图示图象可知，随电压增大，通过灯泡的电流增大，电压与电流的比值增大，灯泡电阻变大，故A错误；在A点，白炽灯的电阻，故B错误；在A点，白炽灯的电功率P=U0I0，故C正确；由欧姆定律可知，在A点，白炽灯的电阻，故D正确；故选CD【点睛】本题考查了求灯泡电阻与电功率问题，分析清楚图象、应用欧姆定律与电功率公式即可正确解题17.如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1，电阻R1=6、R2=5、R3=3，电容器的电容C=2105F，若将开关S闭合，电路稳定时通过R2的电流为I；断开开关S后，通过R1的电量为q则（ ）A. I=0.75AB.
20、I=0.5AC. q=2105CD. q=1105C【答案】AD【解析】【详解】解：开关S闭合电路稳定时，外电路中总电阻为R=R2+=5+=7根据闭合电路欧姆定律得：I=A=0.75A电容器两端的电压为U=I=0.752V=1.5V电量Q=CU=1.52105C=3105C断开开关S后：电容器通过R1与R3放电，设通过R1与R3的放电电流分别为I1和I3，则=由电量公式q=It可知，通过R1与R3的电量之比为又q1+q3=Q联立得：通过R1的电量为q1=3105C=1105C故选AD18.如图所示，电源内阻为R，固定电阻R0=R，可变电阻的总电阻值为2R，若变阻器滑片P由图示位置自左向右滑动，
21、则（ ）A. 电源的输出功率由小变大B. 消耗的功率由小变大C. R0消耗功率由小变大D. 电源的效率由大变小【答案】ACD【解析】【详解】A.由题意可知，当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻减小；但外电阻一直大于内阻，当滑动变阻器接入电阻最小时，内外阻最接近，故电源的输出电压最大；故输出功率一直增大；故A正确；B.将R0等效为内阻，则当滑片在左端时，滑动变阻器接入电阻最大，此时等于等效内阻，故滑动变阻器上消耗的功率最大；在向右移动过程中，外电阻减小，则消耗的功率减小，故B错误；C.R0为定值电阻，其功率随电流的变化而变化，而在滑片移动过程中，滑动变阻器接入电阻越来越小，则电流越来越大，故功率
22、越来越大，故C正确；D.电源的路端电压越大，则电源的输出功率越大，故滑片右移时，效率减小，故D正确三、实验题：本题每空1. 5分，共15分。19.某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是_、_、_. 【答案】 (1). 0.400 (2). 0.42 (3). 2.30【解析】【详解】1固定刻度读数为0mm，可动刻度读数为40.00.01mm= 0.400mm，则直径为0.400mm；2电流表的量程为0.6A，最小分度为0.02A，读数为0.42A；3电压表的量程为3V，最小分度为0.1V，要估计到最小分度的下一
23、位，读数为2.30V20.如右图所示，电压表和电流表读数分别为10 V和0.1 A，电压表内阻为500 ，那么待测电阻R的测量值比真实值_，测量值为_，真实值为_【答案】 (1). 小 (2). 100 (3). 125【解析】【详解】如右图所示，电流表外接，所测电压为真实值，电流表示数偏大，根据，可知待测电阻R的测量值比真实值偏小，测量值为，真实值为21.要测量一电源的电动势E(小于3 V)和内阻r(约1 )，现有下列器材：电压表V(03 V15 V)、电阻箱(0999.9 )、定值电阻R02 、开关和导线某实验小组根据所给器材设计了如图甲所示的实验电路(1)电路中定值电阻R0的作用是保护_
24、(填“电源”或“电压表”)(2)A同学调节电阻箱阻值R，读出对应的电压表读数U，得到两组数据：R12.0 时U12.24 V；R24.0 时U22.40 V由这两组数据可求得电源的电动势为E_V，内阻r_(结果保留两位有效数字)(3)B同学图乙作图法计算，图象斜率为K，纵轴截距为b,则 E_V，内阻r_（用k和b表示）【答案】 (1). 电源 (2). 2.8 (3). 1.0 (4). (5). 【解析】【详解】（1）若无R0存在，当R调节到0时，电源即短路，有烧坏危险，所以作用是保护电源（2）根据闭合电路欧姆定律，当电阻箱阻值R12.0 时有：，当电阻箱阻值R24.0 时有：，联立上两式得
25、E=2.8V，r=1.0（3）由闭合电路欧姆定律得：，变形得：，其图象的斜率为：，纵轴截距为，联立可得：，三、计算题（共4小题，共35分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）22.如图所示，电阻R1、R2、R3的阻值相等，电路两端电压U不变，开关S闭合前流过R2的电流为I，求S闭合后流过R2的电流大小【答案】067I【解析】【详解】设电池两端的电压恒为U，电阻阻值为R，开关S闭合前电阻R1、R2两电阻串联，R2的电流为I，由欧姆定律得： U=I（R1+R2）=2IRS闭合后R2、R3并联再和R1串联，由欧姆定律
26、得：U=IR，联立解得：I=I，R2中的电流是干路中的一半：I2=I=I0.67I23.如图所示的电辂中，电源电动势E=10V，内阻r=0.5，电动机的电阻R0=1.0，电阻R1=1.5. 电动机正常工作时，电压表的示数U1=3. 0V，求：（1）电源的总电功率和输出功率分别为多少；（2）电动机消耗的电功率，将电能转化为机械能的功率；【答案】（1）20W，18W（2）12W，8W【解析】【详解】（1）电动机正常工作时，总电流为：A电源的总电功率：W电源的输出功率为：W（2）电动机两端的电压为：V电动机消耗的电功率为：W电动机消耗的热功率为：W根据能量守恒得，电动机将电能转化为机械能的功率为：W
27、24.如图所示的电路中，两平行金属板A，B水平放置，接入如图所示电路中，两板间的距离d=50cm，电源电动势E=15V，内电阻r，电阻R1=4，R2=10，闭合开关S，待电路稳定后，将一带电的小球放入板间恰能保持静止，若小球质量为m=210-2kg，电量q=110-2C（取g=10m/s2）问：（1）小球带正电还是负电，电容器的电压为多大？（2）电源的内阻为多大？电源的效率是多高？【答案】（1）负电，10V（2）1，【解析】【详解】（1）小球放入板间后，受重力和电场力作用，由二力平衡，可知电场力竖直向下，而电场强度方向向上，所以小球带负电根据平衡条件有：代入数据解得：V（2）电路中的电流A根据
28、闭合电路欧姆定律得：代入数据解得：电源的效率代入数据得：25.如图所示，两平行金属板A、B长为L=8cm，板间距为d=8cm，A板电势比B板高300V一质量为m=1020 kg、电荷量为q=1010 C的带正电粒子（重力不计）以v0=2106m/s的初速度沿两板中心线RO射入电场中；粒子飞出板间电场，经过MN、PS间的无电场区域后，进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域，该电场不受界面PS影响；粒子最后垂直打在放置于中心线处的荧光屏bc上已知PSRO，MN、PS相距12cm，O点与界面PS相距9cm，静电力常量k=9109 Nm2/C2，sin 37=0.6，cos 37=0.8（1）求粒子穿
29、过界面MN时偏离中心线RO的距离（2）试粗略画出粒子运动全过程的轨迹（3）求点电荷Q的电性及电荷量大小（结果保留三位有效数字）【答案】（1）3 cm （2）见下图（3）带负电，1.04108 C【解析】【详解】（1）粒子在板间做类平抛运动，有：y=at2L=v0ta=联立解得：y=3 cm（2）第一段是抛物线（类平抛运动），第二段是直线（匀速直线运动），第三段是圆弧（匀速圆周运动），轨迹如图所示（3）要使带正电粒子经过界面PS后向上偏转，点电荷Q一定带负电粒子在MN、PS间做匀速直线运动，设其到达界面PS时偏离中心线RO的距离为Y由类平抛运动速度的反向延长线经过水平位移中点，有：=得：Y=12 cm粒子从板间电场飞出时沿电场方向的分速度：vy=v0=1.5106 m/s粒子经过界面PS时的速度：v=2.5106 m/s方向与RO夹角：=arctan=37由：=粒子经过界面PS的位置与O点的连线和速度方向垂直，又粒子垂直打在放置于中心线处的荧光屏bc上故粒子在点电荷形成的电场中运动轨迹为圆弧，做匀速圆周运动，半径r=15 cm由牛顿第二定律有：=解得：Q=1.04108 C
