1、江苏省苏州市第一中学2019-2020学年高二物理下学期期中试题（含解析）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.如图所示的双缝干涉实验，用绿光照射单缝S时，在光屏P上观察到干涉条纹要得到相邻条纹间距更大的干涉图样，可以A. 增大S1与S2的间距B. 减小双缝屏到光屏的距离C. 将绿光换为红光D. 将绿光换紫光【答案】C【解析】【详解】据光的干涉产生的条纹间距满足该关系x=L/d，由此可知，增加S1与S2的间距，条纹间距减小，A选项错误；减小双缝到屏的距离，条纹间距减小，B选项错误；将绿光换成红光，波长增加，条纹间距增大，C选
2、出正确；绿光换成紫光，波长变小，条纹间距减小，D选项错误2.小河中有一个实心桥墩P，A为靠近桥墩浮在水面上的一片树叶，俯视如图所示，小河水面平静。现在S处以某一频率拍打水面，树叶A未发生明显振动。要使树叶A发生明显振动，可以采用的方法是（）A. 提高拍打水面的频率B. 降低拍打水面的频率C. 提高拍打水面的力度D. 无论怎样拍打，A都不会振动起来【答案】B【解析】【详解】拍打水面时，水波中的质点上下振动，形成的波向前传播，提高拍打水面的频率，则质点振动的频率增加，波的频率与振动的频率相等，根据可知波速不变，频率增大，波长减小，衍射现象不明显，反之降低频率，波长增大，衍射现象更明显，故ACD错误
3、，B正确。故选B。3.如图所示为均质玻璃圆柱体的横截面图，其中MN为过圆心O的水平直线现有两单色细光束a、b相对NM两侧对称且平行MN照射玻璃圆柱体，经玻璃折射后两束光相交于P点则a、b两束光相比A. 玻璃对a光的折射率比b光小B. 在玻璃中a光的传播速度比b光小C. 在玻璃中a光的传播时间比b光短D. a光的频率比b光的频率小【答案】B【解析】由题意及光路图可知，a、b两光的入射角i相等，折射角：rbra，由折射定律：n=可知，nbna，故A错误；光在介质中的传播速度：v=c/n，由于nbna，则vbva，故B正确；由光路图可知，光的路程关系为：sbsa，已知：vbva，光的传播时间：t=s
4、/v，则：tbta，故C错误；因b光的折射率小，则b光的频率小于a光，选项D错误；故选B.点睛：本题是一道几何光学题，作出光路图是解题的关键；当光从光密介质射向光疏介质且入射角大于临界角时光发生全反射；作出光路图、确定入射角与折射角的关系，应用光的折射定律、n=c/v可以解题4.小明同学在实验室里用插针法测平行玻璃砖折射率的实验中，已确定好入射方向AO,插了两枚大头针P1和P2，如图所示（是三条直线）.在以后的操作说法中你认为正确的是: A. 在侧调整观察视线，另两枚大头针P3和P4可能插在线上B. 在侧调整观察视线，另两枚大头针P3和P4可能插在线上C. 若保持O点不动，减少入射角，在侧调整
5、观察视线，另外两枚大头针P3和P4可能插在线上D. 若保持O点不动，增大入射角，在侧调整观察视线，看不清P1和P2的像，这可能是光在界面发生全反射【答案】C【解析】【详解】A项：光线通过平行玻璃砖后，根据折射定律得知，出射光线与入射光线平行，故在bb侧调整观察视线，另两枚大头针P3和P4不可能插线上，故A错误；B项：由折射定律得知，光线通过平行玻璃砖后光线向一侧发生侧移，由于光线在上表面折射时，折射角小于入射角，则出射光线向一侧偏移，如图，故另两枚大头针P3和P4不可能插在线上，故B错误；C项：若保持O点不动，减少入射角，出射光线折射角也减小，另外两枚大头针P3和P4可能插在线上，故C正确；D
6、项：若保持O点不动，增大入射角，在bb侧调整观察视线，看不清P1和P2的像，反射光增强，折射光线减弱，在bb侧调整观察视线，会看不清P1和P2的像根据光路可逆性原理得知，光线不可能在bb界面发生全反射，故D错误5.如图为LC回路中电流随时间变化的图象，规定回路中顺时针电流方向为正。在t=T时，对应的电路是下图中的（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】【详解】由图像可知，在时电流最大，则回路中磁场能最大，电场能最小，说明电容器放电；由图可得，在的时间内，回路中的电流为顺时针方向，即顺时针方向的电流放电，电流从上级板流出，故ACD错误，D正确。故选D。6.在高速行进的火车车厢正中的
7、闪光灯发一次闪光向周围传播，闪光到达车厢后壁时，一只小猫在车厢后端出生，闪光到达车厢前壁时，两中小鸡在车厢前端出生则（ ）A. 在火车上的人看来，一只小猫先出生B. 在火车上的人看来，两只小鸡先出生C. 在地面上的人看来，一只小猫先出生D. 在地面上的人看来，两只小鸡先出生【答案】C【解析】【详解】火车中的人认为，车厢是个惯性系，光向前向后传播的速度相等，光源在车厢中央，闪光同时到达前后两壁则在火车上的人看来，小猫和小鸡同时出生，故AB错误；地面上的人以地面是一个惯性系，光向前向后传播的速度相等，向前传播的路程长些，到达前壁的时刻晚些故在地面上的人看来，一只小猫先出生，故C正确，D错误所以C正
8、确，ABD错误7.一位质量为m的运动员从下蹲状态向上起跳，经t时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v，重心上升高度为h。在此过程中()A. 地面对他的冲量为mvmgt，地面对他做的功为mv2B. 地面对他的冲量为mvmgt，地面对他做的功为零C. 地面对他的冲量为mv，地面对他做的功为mv2D. 地面对他冲量为mvmgt，地面对他做的功为零【答案】B【解析】【详解】设地面对运动员的冲量为I，则由动量定理得：Imgtmv0Imvmgt。运动员从下蹲状态到身体伸直并刚好离开地面，地面对运动员作用力的作用点的位移为零，地面对他不做功；A地面对他的冲量为mvmgt，地面对他做的功为mv2，与结论不相符
9、，选项A错误；B地面对他的冲量为mvmgt，地面对他做的功为零，与结论相符，选项B正确；C地面对他的冲量为mv，地面对他做的功为mv2，与结论不相符，选项C错误；D地面对他的冲量为mvmgt，地面对他做的功为零，与结论不相符，选项D错误；故选B。8.位于坐标原点O的波源开始向上振动，形成的简谐波沿x轴正方向传播，传播速度为10m/s，周期为0.4s，波源振动0.3s后立即停止振动。波源停止振动后经过0.2s的波形是（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】AB由题意知该波的周期为0.4s，波源振动0.3s后立即停止振动，则该波形成个波长的波形，故AB错误；C该波波速为波源停止振动后
10、经过0.2s的时间时，波传播的距离为即振动从O点传到了处质点，而此质点起振方向与波源起振方向相同，应向上，故C错误；D由上分析，该波形成个波长的波形，波源停止振动后经过0.2s的时间时，该波传到了处质点，该质点起振方向向上，与波源起振方向相同，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.关于物理知识在生活中的应用，下列说法正确的是（）A. 学校所用的测试人体温度的测温仪应用的是紫外线B. 雷达是利用无线电波中的微波来测定物体位置的无线电设备C. 射线可以用来治疗某些
11、癌症D. 医院给病人做的脑部CT利用的是X射线的穿透本领较强【答案】BCD【解析】【详解】A一切物体均发出红外线，随着温度不同，辐射强度不同，人体温度的测温仪应用的是红外线，故A错误；B雷达是利用无线电波中的微波来测定物体位置，借助于多普勒效应现象，故B正确；C射线，可以化疗，可以用来治疗某些癌症，故C正确；D给病人做的脑部CT应用的是X射线，X射线的穿透本领较强，故D正确。故选BCD。10.如图甲所示，在升降机的顶部装了一个能够显示拉力大小的传感器，传感器下方挂上一轻质弹簧，弹簧下端挂一个质量为m的小球，若升降机在匀速运行过程中突然停止，并以此时为零时刻，在后面一段时间内传感器显示弹簧弹力F
12、随时间t的变化关系如图乙所示，g为重力加速度，则（）A. 升降机停止前在向下运动B. 0t1时间内小球处于失重状态，速率不断增大C. t2t3时间内小球处于超重状态，速率不断减小D. t2t4时间内小球处于超重状态，速率先减小后增大【答案】CD【解析】【详解】A升降机在匀速运行过程中突然停止，由于惯性，小球会继续沿着原来得运动方向运动一段时间，弹簧处于伸长状态，时间内，小球处于失重状态，弹簧弹力由mg减小0，说明弹簧逐渐恢复原长，升降机停止前在向上运动，小球在继续向上运动，故A错误； B时间内，拉力小于重力，小球处于失重状态，加速度的方向向下，与速度反向，则速度逐渐减小，故B错误； CD同理分
13、析可得：时间内，小球向上减速，加速度方向一直向下，小球处于失重状态；时间内，小球向下加速，加速度方向一直向下，小球处于失重状态；时间内，小球向下减速，加速度方向一直向上，小球处于超重状态；时间内，小球向上加速，加速度方向一直向上，小球处于超重状态，故CD正确。故选CD。11.如图所示，S1、S2是弦线两端的两个波源，它们的振动周期都为T，振幅都为A。某时刻S1发出的波恰好传到C，S2发出的波恰好传到A，且S1C=S2A，图中只画出了此时刻两列波在AC之间部分的叠加波形，S1、A间和S2、C间波形没有画出，下列说法中正确的是（）A. A、B、C三点都是振动减弱点B. A、C是振动减弱点，B是振动
14、加强点，其振幅为2AC. 再经过，AC间的波形是一条直线D. 再经过，AC间的波形仍为图示波形【答案】AC【解析】【详解】AB由图看出，两列同时开始传播，由波形可知，S1开始振动方向向下，S2开始振动方向向上，所以根据叠加原理可知，图中A、B、C三点都是振动减弱点，振幅都为零。故A正确，B错误；CD画出再经过后，两列波单独传播时的波形，如下图可知，AC间合振动的位移都是零，叠加后AC间的波形是一条直线。故C正确，D错误。故选AC。12.如果物体在任何相等的时间内受到的冲量都相同，那么这个物体的运动（）A. 可能是平抛运动B. 可能是匀速圆周运动C. 可能是匀变速曲线运动D. 可能是匀变速直线运
15、动【答案】ACD【解析】【详解】如果物体在任何相等的时间内受到的冲量都相同，由可知，物体受到的力是恒力。受到恒力作用的运动，加速度恒定，故任何相等的时间内，物体受到的冲量相等，动量变化量相等，物体做匀变速运动；平抛运动，匀变速曲线运动，匀变速直线运动均为匀变速运动；物体做匀速圆周运动，所受合外力方向不断变化，合力为变力，不是匀变速运动，故ACD正确，B错误。故选ACD。三、非选择题：本题共5小题，共60分。13.在做“用单摆测定重力加速度”的实验中，某同学先测得摆线长为89.2cm，摆球的直径如图所示，然后用秒表记录了单摆做30次全振动。（1）该单摆的摆长为_cm；（2）如果该同学测得的g值偏
16、大，可能的原因是（ ）A测摆长时记录是摆线长与摆球的直径之和B开始计时时，秒表过迟按下C摆线上端未牢固地系于悬点，摆动中出现松动，使摆线长度增加了D实验中误将29次全振动数为30次（3）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l，测出相应的周期T，从而得出一组对应的l与T的数值，再以l为横坐标，T2为纵坐标，将所得数据连成直线如图所示，则测得的重力加速度g=_；（4）若摆球质量分布不均，如何准确测定重力加速度_。【答案】 (1). 90.225 (2). ABD (3). 9.86m/s2 (4). 改变摆长，多次测量【解析】【分析】本题考查实验：用单摆测定重力加速度【详解】1游标卡尺主尺和副
17、尺分别读数摆长2根据重力加速度计算公式g值偏大可能是摆长测量值偏大或周期测量值偏小。A测量值比实际值多一小球半径，故A符合题意；B测量时间偏短，故B符合题意；C实际值大于测量值，故C不符合题意；D计算后的周期小于实际周期，故D符合题意。故选ABD。3根据公式，图像斜率为，由图像求出斜率，解得g=9.86m/s2。4可通过改变摆长，多次测量的方式减少误差。14.在“验证动量守恒定律”的实验中：(1)在确定小球落地点的平均位置时通常采用的做法是_，其目的是X减小实验中的_(选填“系统误差”或“偶然误差”)(2)入射小球每次必须从斜槽上_滚下，这是为了保证入射小球每一次到达斜槽末端时速度相同(3)入
18、射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，在m1m2时，实验中记下了O、M、P、N四个位置(如图所示)，若满足_(用m1、m2、OM、OP、ON表示)，则说明碰撞中动量守恒；若还满足_(只能用OM、OP、ON表示)，则说明碰撞前后动能也相等【答案】 (1). 用圆规画一个尽可能小的圆,把尽可能多的落点圈在圆内,圆心即平均位置 (2). 偶然误差 (3). 同一位置由静止开始 (4). m1OP=m1OMm2ON (5). OP=ONOM【解析】【详解】(1) 由于落点比较密集，又较多，每次测量距离很难，确定落点平均位置的方法是最小圆法，用圆规画一个尽可能小的圆把所有的落点圈在里面，圆心即平均位
19、置，这样可以减小偶然误差；(2) 为了保证小球每次到达斜面末端时速度相同，应让小球每次从同一位置由静止滑下；(3) 设落地时间为t，则有： 而动量守恒的表达式是： 所以若两球相碰前后的动量守恒，则有：成立；若碰撞是弹性碰撞，动能是守恒的，则有： 即成立联立可得：15.如图所示，两面平行的玻璃砖下表面涂有反射物质，一条与上表面成30入射的光线，在右端垂直标尺上形成了A、B两个光斑，A、B间距为4cm，已知玻璃砖的折射率n=，求：(1)光在玻璃中的传播速度；(2)画出形成两光斑的光路图；(3)玻璃砖的厚度。【答案】(1)v=1.73108m/s；(2)见解析；(3)d=6cm。【解析】【分析】本题
20、主要考察光的折射定律以及介质中的光速。【详解】(1)介质中光速(2)光路图如图所示(3)由光路图又由折射定律联立解得d=6cm。16.图甲为某一列简谐波t=t0时刻的图象，此时这列波上P质点的坐标为（1.0m，0）。图乙是P质点从这一时刻起的振动图象：(1)求波的传播方向和波速大小；(2)画出经过2.3s后波的图象，并求P质点这段时间内的位移和路程。【答案】(1)波沿x轴正向传播，5.0m/s；(2)图象见解析，位移为10cm，路程为2.3m。【解析】【分析】本题考查通过振动图像和波的图像分析机械波传递过程。【详解】(1)根据振动图象可以判断P质点在t=t0时刻在平衡位置且向负的最大位移运动，
21、由此根据同侧法可确定波沿x轴正向传播。由t=t0时该波的图象可知=2.0m根据v=f，波传播的频率与波源振动频率相同，而波源振动的频率与介质中各质点振动频率相同，由P质点的振动图象可知f =2.5Hz所以v=2.02.5m/s=5.0m/s(2)由于T=0.4s，所以波形重复5次再沿x轴正向推进个波长，经过2.3s后的波的图象如图所示，P质点的位移为10cm，路程s=4A5+3A=23A=2.3m17.在光滑水平面上静止有质量均为m的木板AB和滑块CD，木板AB上表面粗糙，滑块CD上表面是光滑的圆弧，他们紧靠在一起，如图所示，一个可视为质点的物块P，质量也为m，它从木板AB的右端以初速度滑上木
22、板，过B点时速度为，然后又滑上滑块CD，最终恰好能滑到滑块CD圆弧的最高点C处。若物体P与木板AB间的动摩擦因数为，求：(1)物块滑到B处时木板AB的速度的大小；(2)木板AB的长度L；(3)滑块CD圆弧的半径R；(4)滑块CD最终速度的大小。【答案】(1)；(2)；(3)；(4)。【解析】【分析】本题考察动量守恒定律在多段运动中的应用，以及动量守恒过程能量的变化规律。【详解】(1)对木板和滑块用由动量守恒得则(2)由A到B，根据能量守恒得则(3)由D点到C点，滑块CD与物块P的动量守恒且机械能守恒，得解之得(4)设物体P与滑块CD分离瞬间，物体P的速度为，在它们相互作用的过程中，以向左为正方向，在水平方向上，由动量守恒定律有由能量守恒定律有解得，可见，物体P与滑块CD交换速度后，物体P和木板AB都以的速度同方向作匀速运动，无法再追上滑块CD，故滑块CD最终速度应为。
