1、课时分层作业(十四)(建议用时：25分钟)考点1对电动势的理解1关于电源的电动势，下列说法正确的是()A在某电池的电路中每通过2 C的电荷量，电池提供的电能是4 J，那么这个电池的电动势是0.5 VB电源的电动势越大，电源所提供的电能就越多C电源接入电路后，其两端的电压越大，电源的电动势也越大D无论电源接入何种电路，其电动势是不变的D由电动势的定义可知，当通过单位电荷时转化的电能为2 J，即电源的电动势为2 V，故A错误；电源所能提供的电能与电动势无关，它是由电源中贮存的可转化能量的多少决定的，故B错误；电源的电动势与外电路无关，故C错误。2一台发电机用0.5 A电流向外输电，在1 min内将
2、180 J的机械能转化为电能，则发电机的电动势为()A6 VB360 VC120 V D12 VAqIt，E V6 V。考点2闭合电路欧姆定律的理解和应用3如图所示的电路中，把R由2 改为6 时，电流减小为原来的一半，则电源的内电阻应为()A4 B8 C6 D2 D根据闭合电路欧姆定律EI(Rr)，当R2 时，EI(2 r)；当R6 时，E(6 r)，解得r2 ，故选D。4有两个相同的电阻R，串联起来接在电动势为E的电源上，通过每个电阻的电流为I，若将这两个电阻并联起来，仍接在该电源上，此时通过一个电阻R的电流为，则该电源的内阻是()AR BC4R DC由闭合电路欧姆定律得，两电阻串联时I，两
3、电阻并联时I，解得r4R。5如图所示，当开关S断开时，电压表示数为3 V，当开关S闭合时，电压表示数为1.8 V，则外电阻R与电源内阻r之比为()A53 B35C23 D32DS断开时，电压表的示数等于电源的电动势，即E3 V。S闭合时，U外1.8 V，所以U内EU外1.2 V。因U外IR，U内Ir，所以RrU外U内1.81.232。6如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像，下面结论正确的是()A电源的电动势为6.0 VB电源的内阻为12 C电源的短路电流为0.5 AD电流为0.3 A时的外电阻是12 A因电源的UI图像纵轴坐标并不是从零开始，故纵轴上的截距虽为电源的电动势，即E6.0 V
4、，但横轴上的截距0.5 A并不是电源的短路电流，且内阻应按斜率的绝对值计算，即r2 。由闭合电路欧姆定律可得电流I0.3 A时，外电阻Rr18 。7如图所示的电路中，电阻R10 ，当开关S打开时，理想电压表示数为6 V。当开关S合上时，电压表示数为5.46 V，则电源的内阻为多少？解析当S打开时，R外，EU外6 VS闭合时，U外IR即5.46I10 所以I0.546 A再由EU外Ir即65.460.546r得r1 。答案1 考点3闭合电路的动态分析问题8(多选)电源电动势为E，内阻为r，向可变电阻R供电，关于路端电压，下列说法正确的是()A因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B当R增大时，路
5、端电压也增大C当干路电流I增大时，路端电压也增大D因为UEIr，所以当I增大时，路端电压减小BD电源电动势不变，而路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小。故A错误；当R增大时，I减小，不能根据UIR判断路端电压的变化，而应由UEIr分析，E，r不变，I减小，得到U增大。故B正确；当I增大时，说明R减小，不能根据UIR判断路端电压的变化，而由UEIr分析，E，r不变，I增大，得到U减小。故C错误；根据闭合电路欧姆定律UEIr可知，I增大时，路端电压U减小。故D正确。9(多选)如图所示电路中，在滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动的过程中，下列描述正确的是()A电压表示数增大，电流表示数减小B电压
6、表示数减小，电流表示数增大C电路中的总电阻增大D通过R1的电流增大AC滑片P由b端向a端滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大，干路电流减小，路端电压增大，电阻R1分压减小，并联支路电压增大，通过电阻R2的电流增大，总电流等于通过电阻R2和通过电流表的电流之和，所以通过电流表的电流减小，综上可知，选项A、C正确，选项B、D错误。 (建议用时：15分钟)10(多选)如图所示，用两节干电池点亮几只小灯泡，当逐一闭合开关，接入灯泡增多时，以下说法正确的是()A灯少时各灯较亮，灯多时各灯较暗B灯多时各灯两端的电压较低C灯多时通过电池的电流较大D灯多时通过各灯的电流较大ABC由于电
7、灯并联在电路中，所以接入电路的电灯越多，总电阻越小，电路的总电流越大，选项C正确；此时电源的内电压越大，路端电压越低，选项B正确；流过每个灯的电流越小，每个电灯越暗，选项A正确，选项D错误。11如图所示，电源电动势为E，内阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置。G为灵敏电流计。开关S闭合后，两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态。则在滑动变阻器R的触头P向上移动的过程中，下列判断正确的是()A灵敏电流计G中有ab的电流B油滴向上加速运动C电容器极板所带电荷量将减小D通过电阻R2的电流将减小B在滑动变阻器R的触头P向上移动的过程中，R增大，总电阻增大，电动势和内阻不变，可知总电流
8、减小，内电压减小，外电压增大，外电压等于R1上的电压和R2与R并联电压之和，而R1上的电压减小，所以R2与R的并联电压增大，通过R2的电流增大。根据QCU可知，电容器所带的电量增大，上极板带正电，电容器充电，所以流过电流计的电流方向是ba。电容器两端电压增大，电场强度增大，电场力增大，开始电场力与重力平衡，所以油滴会向上加速，故A、C、D项错误，B项正确。12在如图所示的电路中，R19 ，R25 ，当a、b两点间接理想的电流表时，其读数为0.5 A；当a、b两点间接理想的电压表时，其读数为1.8 V。求电源的电动势和内电阻。解析当a、b两点间接理想的电流表时，R1被短路，回路中的电流I10.5
9、 A，由闭合电路欧姆定律得：EI1(R2r)代入数据得：E0.5(5r)当a、b两点间接理想的电压表时，回路中的电流I2 A0.2 A由闭合电路欧姆定律得：EI2(R2R1r)即E0.2(14r)联立得：E3 V，r1 。答案3 V1 13在图甲所示电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1100 ，R2的阻值未知，R3是一滑动变阻器，当其滑片从最左端滑至最右端的过程中，测得电源的路端电压U随电流I的变化图线如图乙所示，其中图线上的A、B两点是滑片在变阻器上的两个不同端点时分别得到的。求：甲乙(1)电源的电动势和内电阻；(2)定值电阻R2的阻值；(3)滑动变阻器R3的最大值。解析(1)由闭合电路欧姆定律得：EUIr将图象中A、B两点的电压和电流代入得：E160.2r，E40.8r解得E20 V，r20 。(2)当R3的滑片滑到最右端时，R3、R1均被短路，此时外电路电阻等于R2，且对应于图线上B点，故由B点的U、I值可求出R2的阻值为R2 5 。(3)滑动变阻器的滑片置于最左端时，R3阻值最大，设此时外电路总电阻为R，由图象中A点坐标求出：R 80 又RR2，代入数值解得滑动变阻器的最大阻值R3300 。答案(1)20 V20 (2)5 (3)300
